1、2015高考上海卷物理試題解析一、單項選擇題（共16分，每小題2分，每小題只有一個正確選項）1 . X射線A.不是電磁波C.只能在介質中傳播B.具有反射和折射的特性D.不能發生干涉和衍射B解析：X射線是波長極短的電磁波，A錯；電磁波具有波的反射、折射、干涉和衍射等特性,B項正確D錯；電磁波的傳播不需要介質，C錯.【考點定位】電磁波譜【名師點睛】本題考查電磁波諳中X射線的相關知識，比較容易，意在考查考生對物理基礎知識的掌握情 況“電磁波譜中有無線電'波,紅外戰、可見'波、紫外線、X射線等，它們都和可見光一樣屬于電磁波，具 有波的特性，即具有反射、折射、干涉和衍身捋特性，電磁波的傳

2、搔不需要介質，即能在真生卬傳播，這 一點不同亍機械波。2 .如圖，P為橋墩，A為靠近橋墩浮出水面的葉片，波源S連續振動，瑞 J形成水波，此時葉片A靜止不動.為使水波能帶動葉片振動，可用的方A.提高波源頻率B.降低波源頻率C.增加波源距橋墩的距離D.減小波源距橋墩的距離 11 s 'B解析：葉片A之所以不動，是因為水波不能繞過橋墩傳過來，也就是說水波衍射不太明顯，而發生明顯衍射的條件是，除礙物的尺寸也波長小或差不多，所以要讓葉片A動起來方法只能是減/南墩的尺寸或增大水波的波長，水波的速度一定，減小頻率會增長波長，增大頻率會減小波長，故A錯誤，B正確；改變波源與橋墩的距離不會讓衍射現象更明

3、顯，所以C、D錯誤.【考點定位】波的衍射【名師點睛】本題考查波的衍射，意在考查考生對波的衍射現象的理解能力和運用所學知 識解決實際問題的能力.發生明顯衍射的條件是障礙物的尺寸也波長小或差不多.要讓衍射 明顯，要么增大波長，要么減小障礙物的尺寸.E3 .如圖，鳥沿虛線斜向上加速飛行，空氣對其作用力可能是A. F、 B, F, C,工 D. F4,B解析：/鳴沿虛線斜向上加速飛行，說明合外力方向沿虛線斜向 上，小鳥受兩個力的作用，即重力和空氣的作用力，如圖所示.因此可能的方向應該是入，B項正確.(再點定位】牛朝第二定律【名師點靖】本戢以實際情境為命轂背景，考查力與運動的關系、合力與分力的關系等知識

4、點、，意在考查 考生對物理基本規律的理解詫力和靈活運用物理規律解決實際問題的能力。本即的要點、是理解合力和分力 割關系，對小鳥進行受力分析可以較快解決問題“ ,4 . 一定質量的理想氣體在升溫過程中A.分子平均勢能減小B.每個分子速率都增大C.分子平均動能增大C.分子間作用力先增大后減小C解析：一定質量的理想氣體，分子勢能不計，A錯；在升溫過程中，分子的平均動能增大，但還是每個分子的動能都增大，故B錯C正確；理想氣體的分子本身的體積和氣體分子間的作用力都可以忽略不計，D錯.【考點定位】分子動理論【名師點睛】本題結合一定質量的理想氣體的升溫過程考查分子動理論，涉及分子力、溫 度和內能等知識點，意

5、在考查考生的理解能力和識記能力.理想氣體的特點：氣體分子本身 的體枳和氣體分子間的作用力都可以忽略不計的氣體，因此理想氣體分子間無作用力，沒有 分子勢能；溫度的意義也很重要.5 .鈾核可以發生衰變和裂變，鈾核的A.衰變和裂變都能自發發生B.衰變和裂變都不能自發發生C,衰變能自發發生而裂變不能自發發生 D.衰變不能自發發生而裂變能自發發生C解析：衰變可以自發發生，而裂變則需要用慢中子云轟擊鈾核來實現，C項正確.1, .考點定位】衰變5裂變I【名師煮睛】本題考查衰變不噪變的區別，意在考查考生對教材內容的摹援情況，特別是重要物理概念或 呢象的區別與聯系。求解本題，知道衰變和裳變的區別，削者是天然的，

6、是自發發生的，后者本質上還是 種人工潮的，不能自發發生；衰變和裳變是兩種不同的核反應過程。.6.毛)Th經過一系列夕衰變和夕衰變后變成噌Pb,則I；Pb比噎Th少A.16個中子，8個質子B. 8個中子，16個質子C. 24個中子，8個質子D. 8個中子，24個質子A解析：2罌Pb比9)Th核電荷數少(90-82)=8個，質量數(核鈉)少(232-208)=24個，所以中子數少(248)=16個，A項正確.J考點定位】核反應方程t名師點睛】本題考查衰變過程遵循的規律和原子核的結構及書寫方式，意在考查考生的識記能力和簡單對分析推理能力。求解本題的關鍵在于，知道在核反應方程過程中，電荷數和質量投守恒

7、，知道質子和中&統稱核子°.7 .在。粒子散射實驗中，電子對a粒子運動的影響可以忽略，這是因為與a粒子相比，電 子A.電量太小 B.速度太小 C.體積太小D.質量太小D解析：在a粒子散射實驗中，由于電子的質量太小，電子的質量只有a粒子的 1 , / JUU它對a粒子速度的大小和方向的影響就像灰塵對槍彈的影響，完全可以忽略.故D正確，A、B、C錯誤.【考點定位】a粒子散射實驗【名師點睛】本題考查a粒子散射實驗，涉及電子的特征，意在考查考生的識記能力.盧 瑟福a粒子散射實驗，說明原子是核式結構的.8 .兩個正、負點電荷周圍電場線分布如圖所示，P、Q為電場中兩點，則A,正電荷由P靜

8、止釋放能運動到Q /B.正電荷在P的加速度小于在Q的加速度v IC.負電荷在P的電勢能高于在Q的電勢能一D.負電荷從P移動到Q,其間必有一點電勢能為零D解析：正電荷在P點由靜止釋放，則必沿P點切線方向加速； 運動而離開電場線，因此不能沿電場線運動到Q點，A項措；P點比Q點的電場線密集， 場強較大，所以正電荷在P點受到的電場力較大，加速度較大，B錯；將負電荷從P點移到Q點，電場力做負功，電勢能增大，因此負電荷在P點的電勢能小于Q點的電勢能，C錯;正電荷附近的電場中電勢為正，負電荷附近的電場中電勢為負，因此中間必定有電勢為零的點，試探電荷在該電勢能也為零，D項正確.【考點定位】電場線：電勢：電勢能

9、【名師點睛】本題考查靜電場知識，涉及電場線、電場強度、電勢和電勢能等知識點，意在 考查考生的理解能力.電場線的理解和應用是高考必考內容，必須熟練掌握.特別注意兩點 應用：根據電場線的疏密可以比較電場強度的大小，根據電場線的方向可以比較電勢的變化 等.二、單項選擇題（共24分，每小題3分，每小題只有一個正確選項）9 .如圖，長為人的水銀柱將上端封閉的玻璃管內氣體分割成兩部分，A處管內外水銀而相 平.將玻璃管緩慢向上提升高度（管下端未離開水銀面），上下兩部分氣體的壓強發生變 化分別為加和體積變化分別為匕和A%.已知水銀密度為夕，玻璃管截面積為S,則A.一定等于3iB. A匕一定等于C. "

10、;1與加1之差為pghD. 匕與匕之和為“SA解析：當玻璃管緩慢向上提升高度時，氣體的體積變大，壓強變小，有部分水銀進入 玻璃管，管內水銀面比管外高，設高度差為R?,初狀態上段氣體的壓強八=ppgh ,末 狀態上段氣體的壓強p： = o-Q8-"gM ,所以,同理可求出&?2=P.刈？， 故A項正確C錯誤；由玻意耳定律得所以氣體體積的變化AV1= V/-匕=斗匕， P同理可得AK =羋匕，故B錯；因為有水銀進入玻璃管內，所以匕+S , D錯. PiI考點定位】調意耳定律【名師點事】本魅考查了氣體的實培定律，涉及氣體壓強的計算、道超耳定旅的應用等，誨在考宣考生運 用物理理律解決

11、問盛的能力。本題的景理點在于對氣體壓強的求解+特別注意，曾如卜液體深度相同位史 處的壓強是相同的，10.用很弱的光做單縫衍射實驗，改變曝光時間，在膠片上出現的圖像如圖所示，該實驗表A.光的本質是波時間較短時間桁長 時間較長B.光的本質是粒子C.光的能量在膠片上分布不均勻D.光到達膠片上不同位置的概率相同C解析：用很弱的光做單縫衍射實驗，改變曝光時間在膠片出現的圖樣，說明光有波粒二象性，故A、B錯誤；說明光到達膠片上的不同位置的概率是不一樣的，也就說明了光的能量在膠片上分而不均勻，故C正確，D錯誤.【考點定位】波粒二象性材到鈍明4a極Ri披長（町）541268196【名師點睛】本題考查光的波粒二

12、象性，意在考查考生對教材內容的掌握情況.只要能簡 要運用教材相關知識點分析一些現象就行，屬于容易題.11.某光源發出的光由不同波長的光組成，不同波長的光的強 度如圖所示，表中給出了一些材料的極限波長，用該光源發出 的光照射表中材料A.僅鈉能產生光電子B.僅鈉、銅能產生光電子C僅銅、銷能產生光電子 D.都能產生光電子D解析：根據爰因斯坦光電效應方程可知，只有光源發出的光的波長小于某金屬的極限波長，就有光電子逸出，該光源發出的光的波長小于lOOnm，小于鈉、銅、笆的極限波長，都 能產生光電子，D項正確.考點定位】光電效應光的波長小于極限波長$根據愛【名師點睹】本題考查愛因斯坦光電效應方程，重點、是

13、考查發生光電效應的條件：尤的頻率大于皎止頻率,7坦光電效應方程，還可以計算逸出功，光電呼逸出時的最大動能，甚至還可以結合國象遂行一些分析為斷和簡柜計算。12.重粒子腫瘤治療裝置中的回旋加速器可發生+5價重離子束，其電流強度為L2X1O-5A, 則在1s內發射的重離子個數為(e = L6xlO79c)A. 3xl012 B. 1.5x10" c. 7.5xIO13 D. 3.75x10"B解析：設Is內發射的重離子個數為，則1s內發射的電荷量g = 5“，由電流定義式可知：一夸，解得：”9L-故BEA、C、D錯誤.【考點定位】電流的定義【名師點睛】本題考查了電流的定義式，意在

14、考查考生的理解能力.本題要特別注意“+5 價重離子束''的意思.13 .監控系統控制電路如圖所示，電鍵S閉合時，系統白天和晚上都工作，電鍵S斷開時,系統僅晚上工作.在電路中虛框處分別接入光敏電阻(受光照時阻值減小)和定值電阻，則 電路中A. C是“與門”，A是光敏電阻B. C是“與門”，B是光敏電阻C. C是“或門”，A是光敏電阻D. C是“或門”，B是光敏電阻D解析：開關S閉合后，C門的一個輸入端是1 ,系統白天、晚上 都工作，說明與另一個輸入端的邏輯值無關，則C是、或'門.開關S斷開時,C門的一個輸 入端是0 ,要讓系統工作，另一個輸入端必須是1 ,即高電位，所以B

15、是光敏電阻，D正確.L1考點定位】而里透策電路1名師點嘴】本題考查簡單透轅電路，意在考皆考生的理解能力.門電路在高中很簡柜，重要的記住三鐘 重要門電路的特息，知道簡要應用。14 .如圖，一質量為帆的正方體物塊置于風洞內的水平而上，其一而與風速垂直，當風速為 。時剛好能推動該物塊.已知風對物塊的推力/正比于S/,其中。為風速、S為物塊迎風 面積.當風速變為2%時，剛好能推動用同一材料做成的另一正方體物塊，則該物塊的質量V . , m -為A. 4m B. 8”？ C. 32mD. 64mD解析：設質量為小的正方體邊長為a，剛好被推動時，物塊受到的風力等于最大靜摩擦力,即"取=及5/；，

16、所以有8'g =說；同理,另一塊質量為W的正方體邊長為b ,則剛好被推動時/而g,解得 = 4a ,因此加=64機,D項正確.匚I考點定位】力的平衡，最大SI摩報力1名師點睛本題考查最大靜摩掾力，意在考查考生的分析推理靛力。本題要特別注意：物塊的體積變了，質量也就變了，最大靜摩擦力也變了 蔓旅住不變量“密度1做這個題目就容易了 $15 . 一簡諧橫波沿水平繩向右傳播，波速為周期為丁，振幅為4.繩上兩質點M、N 的平衡位置相距四分之三波長，N位于M右方.設向上為正，在/=0時刻M位移為十。, 2但向下運動,則A 且向上運動：經時間，M位移仍為十二,2A.在/時刻，N恰好在波谷位置B.在i

17、時刻，N位移為負，速度向上C.在，時刻，N位移為負，速度向下AD.在2,時刻，N位移為-三，速度向下2AC解析：，=。時刻波形圖如圖實線所示，M點處于+ 1且正向上振動，則N點處在.V的A正方向且向下振動.經時間/ , M點仍然在+ 一處但向下振動,如圖中虛線所示，此時N點 2位移為負且仍向下運動 但不在波谷A、B錯C項正確；由圖可知，工7二，因此二為丁， 422在2I時刻，N點速度方向向上，D錯.【考點定位】波的傳播【名師點睛】本題主要考查了波的傳播，意在考查考生的理解能力.知道介質中相相距二2的兩質點的振動區別，尤其是其有一個質點在特殊位置時，另一個質點的振動情況.16 .如圖，戰機在斜坡

18、上方進行投彈演練.戰機水平勻速飛行，每隔相等時間釋放一顆炸彈, 第一顆落在a點，第二顆落在b點.斜坡上c、d兩點與a、 b共線，且ab=bc=cd,不計空氣阻力.第三顆炸彈將落在A. be之間B. c點C. cd之間D. d點A解析：占戈機每隔相等時間釋放一顆炸彈，第一、二兩顆分別落在a、b兩點，設一、二兩彈落在斜面上的時間差為A/，由于豎直方向做自由落體運 動，假若第三顆落在c點，由水平方向的勻速直線運動可知三、二的時間差也為7，但在 這個/內，炸彈在豎直方向的平均速度比前一個&內豎直方向的平均速度大，因此下落的 距離就大，表明在&之內的某時刻炸彈已經達到斜面，因此第三顆炸彈

19、應該落在be之間，【考點定位】平拋運動【名師點睛】本題考杳了平拋運動的知律，意在考杳考生的分析綜合能力。重點是抓住處理平拋運動的重 要方法,運動的合成與分解。把平拋運動分解成水平方向的勻速運動,豎直方向的勻加速運動。因為水平 方向勻速運動，根據水平位移求時間更簡便一些。三、多選選擇題（共16分，每小題4分.每小題有二個或者三個正確選項.全選對得，得4分：選對但不全的，得2分；有選錯或不答的，得。分）17 .質點運動的位移x與時間,的關系如圖所示，其中做機械振動的是ABC解析：機械振動是指物體在某一平衡位置附近做往復運動，質點的位移x隨時間變化時體現多次往返，ABC正確.C考息定位】機械運動1名

20、師點，睹】本題考查了機械運動的睚念，涉及位移裊達式，屬干容易題，意在考查考生時機械振動的理祥能力根械運動是一個往復運動。.窄18 .如圖，質量為/”的小球用輕繩懸掛在。點，在水平恒力F = /摩tand作用 ° '下，小球從靜止開始由A經B向C運動.則小球A.先加速后減速B.在B點加速度為零 C.在C點速度為零 D.在C點加速度為gtand1A®* bACD解析：由于尸=tan。，B點是小球的等效平衡位置，在恒定Fy作用下由A至IC ,經過B時速度最大，因此從A到C先加速后減速，AF正確；小球的運動是圓周運動，在B點具有最大速度，具有向心加速度,長B錯；由動能定理得

21、tanCLsin20-儂川一cos26） = 就一0 ,解得vc =0 ,C項正確；2在C點時，由小球受力可得/幾gsin 28- Feos26 =,解得a = g tan8 , D項正確.【考點定位】動能定理；牛頓第二定律：圓周運動【名師點睛】本題考查了牛頓第二定律、圓周運動和動能定理等知識點，屬于動力學綜合 題，意在考查考生的分析綜合能力.19 . 一顆子彈以水平速度為穿透一塊在光滑水平面上迎面滑來的木塊后，二者運動方向均不變.設子彈與木塊間相互作用力恒定，木塊最后速度為。，則A. %越大，。越大B. %越小，0越大C.子彈質量越大，。越大 D.木塊質量越小，。越大AC解析：子彈穿透木塊過

22、程中，作用力不變，兩者都做勻減速運動，子彈的位移與木塊的位移之和等于木塊的厚 度，保持不變若質量不變, 由加速速度也不變，當子彈 的初速度恁越大時，如圖 所示，子彈位移也越大，木塊的位移就越小，陰影右邊線左移，而木塊的初速度和加速度不變，所 以末速度。就越大，故A正確，B錯誤；子彈的質量越大，加速度越小，初速度一定，位 移越大，如圖(b)所示木塊的位移就越小，而木塊的初速度和加速度不變，所以末速度。就 越大，故C正確；木塊的質量越小，加速度越大，初速度不變，末速度越小，如圖(c)所示， 故D錯誤.【考點定位】OT圖象：【名師點睛】本題考查了對V4圖象的理解和應用，本題很容易誤用動量守恒定律和能

23、量守恒定律來求解， 用這個方法來解決問題很繁雜。20 .如圖，光滑平行金屬導軌固定在水平而上，左端由導線相連，導體棒垂直靜置于導軌上 構成回路.在外力尸作用下，回路上方的條形磁鐵豎直向上做勻速運動.在勻速運動過程中 外力尸做功1%,磁場力對導體棒做功,磁鐵克服磁場力做功W,重力對磁鐵做功叱；， 回路中產生的焦耳熱為。，導體棒獲得的動能為耳.則A.叱=Q B. W2-Wi =QC. W1=Ek D. %+叱；=Ek+QBCD解析：由能量守恒定律可知，磁鐵克服磁場力做功必等于回路產生的電能，電能一 部分轉化為內能（焦耳熱）。,另一部分轉化為導體棒的動能耳，所以嗎-叱=Q , A錯B 正確；對導體棒

24、，由動能定理可知C正確；對系統整體，由功能關系得1% +叱;=£卜+ Q， D項正確.【考點定位】電磁感應；能量守恒定律【名師點睛】本題考查法拉第電磁感應定律的應用，側重于其中的能量關系，意在考查考 生的分析能力.做本題的關鍵在于掌握電磁感應中的能量轉化關系，知道什么能轉化為電能， 電能又轉化成什么能.四、填空題（共20分，每小題4分）本大題中第22題為分叉題，分A、B兩類，考生可任選一類答題.若兩類試題均做，一律 按A類題計分.21 .靜電場是周圍空間存在的一種物質；通常用 來描述電場的能的性質.答案：靜止電荷：電勢解析:靜電場是由靜止電荷在周圍空間產生的一種物質甩勢是表征電場能的

25、性質的物理量.22A.兩小孩在冰而上乘坐“碰碰車'湘向運動.A車總質量為50kg,以2m/s的速度向右運 動：B車總質量為70kg,以3m/s的速度向左運動：碰撞后，A以1.5m/s的速度向左運動， 則B的速度大小為 m/s,方向向 （選填“左”或“右”）答案：05左解析：規定向右為正，由動量守恒定律得“必-？8%+，勉，解得% =-0.5 nV s ,號表示方向向左.22B,兩靠得較近的天體組成的系統成為雙星，它們以兩者連線上某點為圓心做勻速圓周運 動，因而不至于由于引力作用而吸引在一起.設兩天體的質量分布為叫和?”則它們的軌 道半徑之比凡“ ：/? =:速度之比/ :% =答案：嗎

26、：叫：叫：叫解析：雙星角速度相同，向心力由彼此間萬有引力提供，因此有G當勺=恤療%， 故（" ：Kg ='2 :見；由。=勿？可得外的：% =鼠:R嗎= ：叫.23. 如圖，汽車在平直路而上勻速運動，用跨過光滑定滑輪的輕繩牽引輪船，汽車與滑輪間 的繩保持水平.當牽引輪船的繩與水平方向成6角時，輪船速度為。，繩的拉力對船做功的 功率為P,此時繩對船的拉力為.若汽車還受到恒定阻力了,則汽車發動機的 輸出功率為.(3一cp5 a-1L答案：fVCQSO+P： fvcosO解谿撼陵照再P解析：由。=尸。8$。解得繩對船的拉力耳=一；此時汽車的速度以 =ocos6，對汽 VCOS0&#

27、39;車，發動機的輸出功率%=彳+4=加cosd+P .【考點定位】功率；速度的合成與分解【名師點睛】本題重點是掌握運動的合成與分解，功率的計算.重點理解：因為繩不可伸 長，沿繩方向的速度大小相等.24. 如圖所示，一無限長通電直導線固定在光滑水平而上，金屬環質量為|0.02kg,在該平面上以% = 2m/s、與導線成60。角的初速度運動，其最終的%運動狀態是，環中最多能產生J的電能.答案：勻速直線運動：0.03解析：金屬環最終會沿與通電直導線平行的直線，做勻速直線運動；最終速度v=v0cos60c 由能量守恒定律，得環中最多能產生電能工-陽=0.03J.【考點定位】電磁感應；能量守恒定律【名

28、師點睛】本題主要考查了電遨感應中“阻礙”作用.通電直導線周圍磁場的特點.當金屬環的速度平 行于宣導線運動時，沒有感應電流產生。25. 如圖，兩根通電長直導線a、b平行放置，a、b中的電流強度分別為/和 21,此時a受到的磁場力為尸，若以該磁場力的方向為正，則b受到的磁場力 為： a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導線c后, a受到的磁場力大小變為2/，則此時b受到的磁場力為.答案：一尸：一3/或5尸 解析：由牛頓第三定律可知，b受到a對它的磁場力為-尸；a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導線c后,c在a、b兩導線處的磁感應強度大冰目等,方向相反，c導線對a的作用

29、力可能是F，也可能是-3F ,c導線對b的作用力可能是-2F也可能是6F ,故此時b受到的磁場力為-3尸或5尸.考點定位】安培力【名師點睛】本期考了通電宣導線周圉產生磁場的特點，距離直導距離相等的點，碾感應強度的大小相 等，品場力的蔡加6五、實驗題（共24分）26. （3分）在“用DIS研究通電螺線管的磁感應強度”實驗中（1）在對螺線管通電 （選填"前”或“后”）必須對磁傳感器進行調零.（2）（單選題）實驗時，將磁傳感器探管前端插至通電螺線管軸線中點時，磁傳感器讀數為 5mT.減小通電螺線管的電流后，將探管從螺線管的另一端插入，當探管前端再次到達螺線 管軸線中點時，磁傳感器的讀數可能

30、為A. 5mT B. 5mTC. 3mT D. -3mT答案：（1）前 （2） D解析：（1 ）在對螺線管通電前必須對磁傳感器進行調零,否則就會有測量誤差.（2 ）減小通電螺線管的電流后，螺線管內的磁感應強度變小，由于從另一端插入，磁傳感器的讀數可能為-3mT .【考點定位】用DIS研究通電螺線管的磁感應強度【名師點睛】要知道：減小通電螺線管的電流后，。遂灰管內的磁感應強度變小，從不同端插入磁傳感器的 讀數的正負是不一樣。27. （4分）如圖是一個多用表歐姆檔內部電路示意圖.電流表滿偏電流0.5mA、內阻10Q：電池電動勢1.5V、內阻1Q：變阻器R。阻值0-5000C.（1）該歐姆表的刻度值

31、是按電池電動勢為L5V刻度的，當電池的電動勢下降到1.45V、內阻增大到4C時仍可調零.調零后段阻值將變（選 填“大”或“小”）；若測得某電阻阻值為300C,則這個電阻的真實值是 C（2）該歐姆表換了一個電動勢為1.5V,內阻為10C的電池，調零后測量某電阻的阻值，其 測量結果 （選填“偏大”或“偏小”或“準確”）答案：（1）小：290 （2）準確解析：由閉合電路歐姆定律得/.=-上一不，解得兒=鄉-人-，因為式中電源電 （+/ + 凡1動勢E變小，內阻變大，故凡將減?。灰驗樵摎W姆表的刻度是按電源電動勢為E = 1.5 V刻度的.測得某電阻阻值為300。，電流表中的電流/=一，其中歐姆表內阻R

32、c=± .當 R + R。（電源電動勢下降到£ = 1.45V時，歐姆表的內阻治=：,由閉合電路歐姆定律得1= ,解得 ” = 290。R +償（2 ）該歐姆表換了一個電動勢為1.5V ,內阻為10Q的電池,調零后測量某電阻的阻值的測量結果準確，因為電源的內阻的變化，可以通過調零電阻的阻值的變化來抵消.【考點定位】多用表的應用【名師點睛】本題考查多用電表歐姆擋的工作原理，解答本題要求熟練閉合電路歐姆定律的應用，掌推多 用表的原理。28. （8分）改進后的“研究有固定轉動軸物體平衡條件”的實驗裝置如圖所示，力傳感器、 定滑輪固定在橫桿上，替代原裝置中的彈簧秤，已知力矩盤上各

33、同心圓的間距均為5cm（1）（多選題）做這樣改進的有點是A.力傳感器既可測拉力又可測壓力B.力傳感器測力時不受主觀判斷影響，精確度高C.能消除轉軸摩擦力引起的實驗誤差D.保證力傳感器所受拉力方向不變（2）某同學用該裝置做實驗，檢驗時發現盤停止轉動時G點始終 在最低處，他仍用該盤做實驗.在對力傳感器進行調零后，用力 傳感器將力矩盤的G點拉到圖示位置，此時力傳感器讀數為3N.再對力傳感器進行調零， 然后懸掛鉤碼進行實驗，此方法 （選填“能”、“不能”）消除力矩盤偏心引起的實驗 誤差，已知每個鉤碼所受重力為1N,力矩盤按圖示方式懸掛鉤碼后，力矩盤所受順時針方 向的合力矩為 Nm.力傳感器的讀數為 N

34、.答案：（1） BD （2）能，0.7, -0.5解析：力傳感器、定滑輪固定在橫桿上，替代原裝置中的彈簧秤，主要好處是：力傳感器測力時不受主觀判斷影響，精確度高和保證力傳感器所受拉力方向不變，故B、D正確；彈 簧秤也可以測拉力和壓力，A錯；不能消除轉軸摩擦力引起的實驗誤差，C錯.G點始終在最低處，說明重心不在圓心'處.在對力傳感器進行調零后，用力傳感器將力矩盤的G點拉到圖示位置，則力矩盤偏心產生的順時針力矩= 3x2x0.05Nm=0.3Nm ,再對力傳感器調零，并保持G點位置不變，則可以消除力矩盤偏心引起的實驗誤差；力矩盤所受順時針方向的合力矩叫=（2 x 1 x 0.05 + 2

35、x 3 x 0.05 + 0.3） N m = 0.7 N m ,根據力矩的Wi條件下x2x0.05+3x3x0.05+0.3 = 0.7，解得F = 0.5N .【考點定位】研究有固定轉動軸物體平衡條件【名師點睛】本題求“力矩盤所受順時針方向的合力矩”很容易忘掉“力矩盤偏心”的力矩。29. （9分）簡易溫度計構造如圖所示.兩內徑均勻的豎直玻璃管下端與軟管連接，在管中 灌入液體后，將左管上端通過橡皮塞插入玻璃泡.在標準大氣壓下，調節 右管的高度，使左右兩管的液而相平，在左管液而位置標上相應的溫度刻廠、 度，多次改變溫度，重復上述操作.（）（1）（單選題）此溫度計的特點是A.刻度均勻，刻度值上小

36、下大B.刻度均勻，刻度值上大下小C.刻度不均勻，刻度值上小下大D.刻度不均勻，刻度值上大下小（2）（多選題）影響這個溫度計靈敏度的因素有A.液體密度 B.玻璃泡大小 C.左管內徑粗細 D.右管內徑粗細（3）若管中液體是水銀，當大氣壓變為75cmHg時，用該溫度計測得的溫度值（選填“偏大”或“偏小”）.為測得準確的溫度，在測量時需.答案：（1） A （2） BC（3）偏大：調整兩管液面高度差，使右管液面比左管液而高1cm,然后讀數解析：玻璃管很細，其中因液面上升而引起的氣體體積的變化可以不計，認為氣體作等容變化，此時氣體的壓強與熱力學溫度成正比，所以刻度均勻,刻度值上小下大，A正確.因為這個溫度

37、計要求玻璃泡體積很大，而左玻璃管內徑很細，誤差才小，B、C正確.因為該溫度計是在標準大氣壓下標的刻度，所以當大氣壓強是75cmHg時，用該溫度計測得的溫度值偏大，為測得準確的溫度，在測量時需調整兩管液面的高度差，使右管液面比左 管高1cm ,也就是76cmHg（相當于標準大氣壓），然后讀數.【考點定位】氣體的狀態方程【名師點睛】解答本題要求掌握近似處理方法。細玻璃管內氣體的體積變化可以忽略不計。六、計算題（50分）30. （10分）如圖，氣缸左右兩側氣體由絕熱活塞隔開，活塞與氣缸光滑接觸.初始時兩側氣體均處于平衡態，體積之比匕：匕=1:2,溫度之比7；=2:5.先保持右側氣體溫度不 變，升高左

38、側氣體溫度，使兩側氣體體積相同；然后使活塞導熱，兩側氣體最后達到平衡, 求：（1）兩側氣體體積相同時，左側氣體的溫度與初始溫度之比:（2）最后兩側氣體的體積之比.答案：（1） 2： （2）-4解： （1）設初始時壓強為右側氣體滿足pV2 = pV解得攵=3 = 2（2）活塞導熱達到平衡n9V nuV左側氣體滿足一 =乙電 Ti 右側氣體滿足叱=絲£（t2平衡時 7； =7；'解得幺=馬=±匕 kT、4【考點定位】氣體狀態方程【名師點睛】本題考查是氣體狀態方程,涉及的是兩部分氣體，要分析清楚每一部分氣體“初 狀態”和“末狀態”.不要混淆.31. （12分）質量為小的小

39、球在豎直向上的恒定拉力作用下，由靜止開始從水平地面向上運 動，經一段時間，拉力做功為W,此后撤去拉力，球又經相同時間回到地面，以地面為零 勢能而，不計空氣阻力.求：（1）球回到地面時的動能線：（2）撤去拉力前球的加速度大小a及拉力的大小F；W（3）球動能為一時的重力勢能綜434答案：（1） IV： （2） F = -mg ： （3）二W 或二W解：（1）撤去拉力時球的機械能為W,由機械能守恒，回到地面時的動能（2）設拉力作用時間為t,在此過程中球上升/?,末速度為。，則712h = at2v = at由題意有一=四一;解得a=；g 根據牛頓定律Fmg=ma4 解得 F = -mg3（3）動能為

40、W/5時球的位置可能在/?的下方或上方設球的位置在/?下方離地"處（F-/?g）/? = W而 （尸一7g）/? = JLw4解得 / = -/?3重力勢能 E?=mShf = -W設球的位置在h上方離地/處由機械能守恒w+m8hn = W4因此 Ep=mgir = -W【考點定位】牛頓第二定律：機械能守恒定律：勻變速直線運動公式【名師點睛】本題考查是氣體狀態方程，涉及的是兩剖分氣體，要分析清楚每一部分氣體“初狀態”和“末 狀態“。不要混淆。iWrn-s"32. （14分）如圖（a）兩相距L=0.5m的平行金屬導軌固定于水平而上，導軌左端與阻值 R=2C的電阻連接，導軌間虛

41、線右側存在垂直導軌平面的勻強磁場，質量? =0.2kg的金屬桿 垂直于導軌上，與導軌接觸良好，導軌與金屬桿的電阻可忽略，桿在水平向右的恒定拉力作 用下由靜止開始運動，并始終與導軌垂直，其。一，圖象如圖（b）所示，在15s時撤去拉力, 同時使磁場隨時間變化，從而保持桿中 電流為0，求：（1）金屬桿所受拉力的大小為產；（2） 0-15s勻強磁場的磁感應強度大小10 15 20 佻 圖(b)圖（a）為為;（3） 1520s內磁感應強度隨時間的變化 規律.答案：(1) 0.24N： (2) 0.4T： (3) B(t) =2050 (" 15)(" 25)解：（1）由圖象可知在（MOs時間段桿尚未進入磁場，因此F 一 吆=inal由圖可得 a = 0.4 ni/ s2同理可知在15-2OS時間段僅在摩擦力作用下運動.jLtmg =