習題答案第1章1-1（1）紅外傳感器，壓力傳感器，壓力傳感器。（2）模擬，數字，傳感器，將模擬信號轉為數字信號，將數字信號轉為模擬信號。1-2放大器，電壓比較器，運算電路。第2章2-1（a）uo=3V；（b）uo=8V2-2ui的正半周，iD=ui/RL，uD=0，uo=ui；ui的負半周，iD=0，uD=ui，uo=0。2-3i=-3mA，U=-18V。2-4（1）uo=U2；（2）uo=ui。2-5（a）uo=-3V；（b）uo=-6V。2-6（a）ui＞2V時，uo=ui–2，ui≤2V時，uo=0；（b）ui＞-2V時，uo=ui+2，ui≤-2V時，uo=0。畫出uo的波形如解題圖2-6所示2-7（a）-6V；（b）-12V；（c）0V；（d）-12V。2-8此題需要分段討論。電壓傳輸特性如解題圖2-8所示。解題圖2-6解題圖2-82-9設穩定電壓分別為UZ1=6V，UZ2=8V，正向導通電壓UD=0.7V。當穩壓管串聯時，共有4種接法，如解題圖2-9（a）所示。得到4種穩壓值如下：Uo1=UZ1+UZ2=6+8=14VUo2=UZ1+UP=6+0.7=6.7VUo3=UP+UZ2=0.7+8=8.7VUo4=UP+UP=0.7+0.7=1.4V當穩壓管并聯時，有4種接法，如解題圖2-9（b）所示。得到兩種穩壓值如下：Uo1=UZ1=6V（穩壓管DZ1處于穩壓狀態，DZ2截止）Uo2=Uo3=Uo4=UP=0.7V解題圖2-92-10uo=6V；uo=5V.2-11選后者，ICBO大，溫度穩定性好。2-13VT1放大，VT2截止，VT3放大，VT4飽和，VT5飽和，VT6截止，VT7截止，VT8截止2-14（a）為NPN型鍺管，2腳為集電極，1腳為發射極，3腳為基極；（b）為PNP型硅管，1腳為集電極，2腳為發射極，3腳為基極。2-15在題圖2-15（a）中做出UDS=15V的直線，由此可得開啟電壓UGS（th）=2V，且對應UGS=3V、3.5V、4V、4.5V時的漏極電流ID分別近似為：0.5mA、1.25mA、2.55mA、4.05mA，根據這些數據，用描點法近似作出UDS=15V時的轉移特性曲線。gm=2.6mS。2-16圖（a）N溝道耗盡型MOSFET，UTN=-1V，UGS=2V＞UTN=-1V，且UDS=6V＞UGS–UTN=3V，所以工作于放大區。圖（b）N溝道增強型MOSFET，UTN=1V，UGS=2V＞UTN=1V，且UDS=6V＞UGS–UTN=1V，所以工作于放大區。圖（c）P溝道耗盡型MOSFET，UTP=1V，UGS=2V＞UTP=1V，所以工作于截止區。圖（d）P溝道增強型MOSFET，UTP=-1V，UGS=2V＞UTP=-1V，所以工作于截止區。第3章3-1（a）電源極性接反了，應將圖中-VCC改為+VCC。（b）缺少集電極電阻Rb，使得圖中三極管的集電結正偏。應在基極與電源之間添上基極電阻Rb，保證發射結正偏，集電結反偏，即保證三極管工作在放大狀態。（c）電源VBB極性接反了，將正負極倒過來。（d）兩處錯誤：一是輸入信號被VBB短路；二是缺少集電極電阻Rc，使輸出電壓恒為0。改正：一是在VBB所在支路串聯一個電阻Rb；二是在集電極和電源之間添加一個電阻Rc。3-2（1）基極靜態電流≈22μA，而基極臨界飽和電流45μA，顯然IB＜IBS，所以三極管為放大狀態，故集電極電位≈6.4V；（2）由于UBE=0V，VT截止，故VC=12V；（3）基極臨界飽和電流≈45μA，實際基極電流≈0.22mA，顯然IB＞IBS，故VT飽和，故VC=UCES=0.5V；（4）VT截止，故VC=12V；（5）由于集電極直接接直流電源，故VC=VCC=12V。3-3，，；，，，。3-4（1），，ICQ≈βIBQ=6mA，；（2）直流負載線如解題圖3-4所示。解題圖3-43-5（a）飽和失真，增大Rb；（b）截止失真，減小Rb；（c）同時出現飽和失真和截止失真，應減小信號源電壓uS的幅值。3-6（1）由于，，所以基極電阻；（2）由已知得電壓放大倍數，而，所以可得，即，求得負載電阻為RL=1.5kΩ。3-7（1）UBQ=2V，IEQ=1mA，IBQ=10μA，UCEQ=5.7V；rbe=2.73kΩ，=-7.7，Ri=3.73kΩ，Ro=5kΩ；（2）Ri增大，Ri≈4.1kΩ；減小，≈－1.92。3-8（1）IBQ=31μA，ICQ=1.86mA，UCEQ=4.56V；Au=-95，Ri=952Ω，Ro=3kΩ；（2）設US=10mV，Ui=3.2mV，Uo=304mV；若C3開路，Ui=9.6mV，Uo=14.4mV。3-9IBQ1=0.1mA，ICQ1=4.5mA，UCEQ1=4.7V，IBQ2=0.45mA，ICQ2=18mA，UCEQ2=11V；如果ICQ1增加1%，Uo=15.9V，比原來升高了0.9V，約升高6%。3-10A放大器帶負載能力強。因為A放大器的負載電阻由無窮大變到3kΩ時，輸出電壓由4V變到3.9V，輸出電壓僅變化了0.1V，而B放大器在相同的負載變化情況下，輸出電壓變化了1V。負載變化輸出電壓變化量小稱為帶負載能力強。所以A放大器帶負載能力強。利用公式，可以計算出A放大器的輸出電阻Ro1≈77Ω，B放大器的輸出電阻Ro2≈1kΩ，Ro1小。由此可知，放大器輸出電阻越小，帶負載能力越強。3-11A，B；（b）。3-12阻容耦合和變壓器耦合，阻容耦合和變壓器耦合，直接耦合。3-13（1）C，B；（2）B；（3）A、C；（4）A、B；（5）B、C，A。3-14（1）①+①；（2）③+①；（3）③+②；（4）②+①。第4章4-1（1）C，A，C、B；（2）B，A；（3）B；（4）C，D，C，D，B，A；（5）B，D，C。4-2（a）直流負反饋；（b）交流正反饋；（c）交直流負反饋，交流負反饋的組態為電壓串聯負反饋（d）交直流反饋，交流反饋的組態為電壓串聯負反饋；（e）交直流反饋，交流反饋的組態為電流并聯負反饋。4-3（1）局部反饋：Re1引入的是電壓串聯負反饋，Re2引入的是電壓串聯負反饋；級間反饋：RF1引入的是電壓串聯負反饋，RF2引入的是電流并聯負反饋；（2）如果要求RF1只引入交流反饋，則需將RF1的取樣端從電容C2的正極改接到負極；RF2只引入直流反饋，則應在電阻Re2兩端并接上一個電容。（圖略）（3）由RF1構成的反饋支路只影響電路的動態性能，由RF2構成的反饋支路只起到穩定靜態工作點的作用。4-4（1）應接RF從c3到e1；（2）應接RF從c3到e1；（3）應接RF從e3到e1；（4）應接RF從c3到b1；（5）應接RF從c3到b1。4-5圖（a）為電壓串聯負反饋，；圖（b）為電壓并聯負反饋，；圖（c）為電流串聯負反饋，；圖（d）為電流并聯負反饋，。4-6答案如解題表4-6所示。解題表4-6ui/V0.10.51.01.5Uo1/V-1-5-10-14Uo2/V1.15.511144-7（1）R3=R1//R2=5kΩ，R4=R5//R6=（20/3）kΩ；（2）A1組成同相比例電路，uo1=（1+，A2組成同相比例電路，uo2=（1+，A3組成差分輸入比例電路，uo=；（3）uo=-0.9V。4-8（1）uo=或；（2）uo=100mV；（3），R1min≈143Ω，R2max=Rp-R1min≈9.86kΩ。4-9（a）；（b）；（c）；（d）。4-10電壓串聯，∞，Δuo/Δui=11，uo=11V，uo=1V，uo=14V，uo=14V，uo=1V。4-11,若t=0時，uo=0，則t=5ms時，uo=-100×5×5×10-3=-2.5V,t=15ms時，uo=-100×（-5）×10×10-3+（-2.5）=2.5V。輸出電壓波形如解題圖4-11所示。解題圖4-114-12（a）；（b）；（c）；（d）。4-13本題可采用兩個反相比例電路實現，使Auf1=-0.5，Auf2=-1（反相器），如解題圖4-13所示。圖中各電阻參數值可取：R1=100kΩ，RF1=50kΩ，=R1//RF1=33.3kΩ，R3=RF2=20kΩ，R3//RF2=10kΩ。解題圖4-134-14可用兩個反相求和電路實現。使uo1=-（2ui1+ui3），uo=-（uo1+0.5ui2），根據以上關系式，可選擇相應的電阻參數值。（圖略）4-15（1）帶阻濾波器；（2）帶通濾波器；（3）低通濾波器；（4）低通濾波器。4-16帶通濾波器構成圖如解題圖4-16（a）所示；由已知條件可以得到通帶電壓放大倍數Aup=4，則增益為20lgAup≈12dB，又根據通頻帶的定義，即f=f0時的增益比通帶增益下降3dB，可得幅頻特性如解題圖4-16（b）所示（a）（b）解題圖4-164-17（1）圖（a）中第一個為單限比較器，其門限電平UT1=2V，當ui＜2V時，uo1=-0.7V；當ui＞2V時，uo1=+6V。于是可畫出輸出電壓uo1的波形如解題圖4-17（a）所示。（2）圖（a）中第二個為滯回比較器，其正、負門限電平分別為UT1=2V，UT2=-2V。當ui＜2V時，uo2=+6V；當ui＞-2V時，uo2=-6V。于是可畫出輸出電壓uo2的波形如解題圖4-17（b)所示。（3）圖（a）中第三個為雙限比較器，其兩個門限電平分別為UT1=2V，UT2=-2V。當ui＜-2V時，uo3=+4V；當-2＜ui＜+2V時，uo3=0V；當ui＞+2V時，uo3=+4V。于是可畫出輸出電壓的波形如解題圖4-17（c）所示。（a）（b）（c）解題圖4-17第5章5-1（5）答：①二極管VD1、VD2的作用是自動穩定輸出信號的幅度。當剛起振時，輸出信號幅度很小二極管VD1、VD2均截止。負反饋較弱，基本放大器的放大倍數較大，AF1，電路起振。隨著輸出信號的增加，二極管兩端的電壓也隨著增加。當信號大于其開啟電壓以后，二極管開始導通，等效電阻變小，負反饋能力增強，基本放大器的放大倍數逐漸變小，當A減小到使AF=1時，輸出信號幅度不再增加，電路處在穩定振蕩狀態。②為使電路產生正弦波電壓輸出，放大器的輸出入端標明同相輸入端和反相輸入端，如圖中所示。③由第①問的解釋不難看出，如改用熱敏電阻代替二極管VD1、VD2，應選擇具有負溫度系數的熱敏電阻。因為隨著輸出信號的增加，反饋電流不斷增大，產生的熱功率也就不斷增大，而為了實現穩幅的功能，反饋電阻的阻值應該不斷減小。只有用負溫度系數熱敏電阻才能實現上述功能。5-2（1）（×）；（2）（×）；（3）（×）；（4）（√）；（5）（×）；（6）（√）；（7）（×）；（8）（√）；（9）（×）；（10）（√）。5-3（1）A；（2）B；（3）C。5-4（1）增大；（2）；（3）為零；（4）失真。5-5圖中共有三處錯誤：（1）集成運放的同相輸入端和反相輸入端互換；（2）選網絡串聯的RC和并聯的RC互換；（3）將VD1或VD2反接。5-6（a）不能；（b）可能；（c）不能；（d）可能；（e）不能；（f）可能。5-7uo1、uo2和uo3的波形如解圖5-7所示。5-8（a）變壓器原邊上端和副邊上端為同名端；（b）變壓器原邊下端和副邊上端為同名端。5-9（1）A，C；（2）B，C。5-10A1為上“-”下“+”，因為它組成滯回比較器，需引人正反饋；A2也為上“-”下“+”，因為它組成積分運算電路，需引入負反饋。5-11（2）105～753Hz。5-12電路1為正弦波振蕩電路，電路2為同相輸入的過零比較器，電路3為同相輸入的積分運算電路，電路4為反相輸入的滯回比較器。第6章6-1（1）變壓器、整流電路、濾波電路、穩壓電路；（2）單向導電，儲能作用；（3）線性放大；（4）0.45U2，0.9U2，0.9U2；（5）1.2U2；（6）較大，大；（7）-15V；12V。6-2（1）（×）；（2）（√）；（3）（×）；（4）（×）；（5）（√）；（6）（√）；（7）（√）；（8）（√）；（9）（×）；（10）（√）。6-3（1）；（2）；（3）；（4）若VD1的正負極性接反，則輸出端無波形且變壓器或整流管損壞；（5）若VD1開路，則輸出端只有半周波形。6-4（1）u2、iD1、iD2、uo的波形如解圖6-4所示。（2），，，解題圖6-4（3）二極管VD1斷開或反接，則輸出端只有半周波形。6-5（1）ui正半周，u21和u22的極性都是上正下負，u21使二極管VD1導通，在RL1上形成正向電壓uo1；u22使二極管VD3導通，在RL2上形成負向電壓-uo1；當ui為負半周時，u21和u22的極性都是上正下負，u21使二極管VD4導通，在RL2上形成負向電壓-uo2；u22使二極管VD2導通，在RL1上形成正向電壓uo1。依此可畫出uo1、uo2的波形如解題圖6-5所示。（2）Uo1（AV）=9V，Uo2（AV）=-9V；（3）ID（AV）=A，URM==28.28V。6-6（1）選用電感濾波。在負載電流很大，負載電阻很小，而紋波要求不高的條件下，多選用電感濾波。在一些大功率電源設備和一些三相可控和不可控整流電路中，大都采用電感濾波；（2）選用電容濾波電路。因為本題要求的負載電流較小且固定，RL也較大，紋波要求一般，所以選用簡單的電容濾波。由于本題對直流損耗有要求，為減小損耗故不選RC–π型濾波；（3）選用LC濾波電路。由于本題要求負載電流可變，負載電阻值較小，而對紋波要求也不高，所以選用負載適應性較強的LC濾波器。因為電感上無直流壓降，所以可減小U2的電壓值；（4）選用RC–π型濾波電路。由于本題要求負載電流較小且固定不變，而且對直流損耗要求不嚴格，所以選用RC–π型濾波電路。因為這種濾波電路雖然R上有直流損耗，但紋波系數較低，只是外特性較軟，能滿足上述要求。6-7（1）正常情況下，Uo（AV）=1.2U2=12V；（2）如果Uo（AV）=9V，說明濾波電容開路，只輸出橋式整流后的電壓；如果Uo（AV）=4.5V，說明不僅電容開路，而且橋式整流電路中，有一個二極管斷開，只能進行半波整流所得的輸出電壓。6-8由已知條件可以求出穩壓管的最大電流IZmax=PZ/UZ=200mW/7V≈28.6mA負載電流IL＝UZ/RL＝～mA當負載電阻調至最小時，IL最大，其值為IRmax=ILmax+IZmax≈46.1mA；當負載電阻調至最大時，IL最小，其值為IRmin=ILmin+IZmin≈16.7mA.由此可求得輸入電壓的最大值為Uimax≈RIRmax+UZ=0.1kΩ×46.1mA+7≈11.6V同理，可求得輸入電壓最小值為Uimin≈RIRmin+UZ=0.1kΩ×16.7mA+7≈8.67V因此，輸入電壓Ui允許的變化范圍由8.67V至11.6V。6-9（1）因為IZmax＝PZM/UZ＝40mA，IL＝UZ/RL＝20mA。當輸入電壓Ui為12～14V時，限流電阻為因此，限流電阻的取值范圍是150Ω～280Ω。（2）不能開路，因為當輸入電壓最高時，穩壓管的電流約為41mA，大于其最大穩定電流40mA，所以穩壓管有可能因管耗過大而損壞。6-10橋式整流、電容濾波加穩壓管穩壓的電路圖如解題圖6-10所示。解題圖6-10（1）加在穩壓電路的輸入電壓Ui（AV）=1.2U2=24V（2）當RL=1000Ω時，IZ最大；當RL=400Ω時，IZ最小。（3）根據＜R＜可求得限流電阻R的取值范圍為：389Ω＜R＜467Ω。6-11連接后的電路如解題圖6-11所示。解題圖6-116-12（1）集成運放的上“-”下“+”；（2）根據輸出電壓的取值范圍表達式代入已知數據，可求得穩定電壓UZ=5V電位器的阻值R2=300Ω。6-13（1）若R2=200Ω，則R1的值為R1≈610Ω；（2）輸入電壓Ui至少應取Uimin=28V。6-15參閱例題6-4。6-165V≤Uo≤38V。6-17（1）R4=600Ω；（2）Rp2的最大值Rpmax=900Ω；（3）若Ui=40V，則三端穩壓器輸入端和輸出端之間承受的最大壓降為U（IN-OUT）max=37V。第7章7-1（1），；（2）10101110，000101110100；（3）100101.01111011，25.7B；（4）46.375；（5）376.604；（6）1246.78125（7）001000111111.01000101；（8）∏M（0，1，2，4）。7-2（1）D,（2）D，（3）C，（4）A，（5）D，（6）B，（7）C，（8）C。7-3（1）A原=A反=A補=1110（2）A原=A反=A補=10110（3）A原=11110，A反=10001，A補=10010（4）A原=110110，A反=101001，A補=1010107-4（1）（12+9）補=00010101，求出（00010101）的十進制數為21。（2）（11-3）補=00001000，求出（00001000）的十進制數為8。（3）（-29-25）補=11001010，求出（11001010）的十進制數為-54。（4）（-120+30）補=10100110，將10100110求反補得到有符號的二進制數（1011010）2，再轉成十進制數為-90。7-5（1），（2），7-8函數表達式Ya=ABC，Yb=（A+B），Yc=A7-9（1），（2）7-10，，，⊙C。波形圖略。7-11（1），（2），（3）（4），（5）。邏輯圖略。7-12（a）Y1=（A+B）+（+C），（b）Y2=，（c）7-13（1）1（2）（3）A+CD+E（4）B++AC（5）（6）1（7）B+AC（8）A+B+C=+C+A（9）A+C（10）+C（11）A+B（12）1（13）1（14）A+C+BD+EF（15）+AC+7-14（1）+D+D（2）+BC+C++ABD（3）A+B+C=B+C+A（4）A+B+C+D（5）AB+AD+BC+D（6）+C（7）+AB（8）++（9）+B（10）+A（11）+AB+AD+AC（12）+A+BC（13）A+D+AC（14）A+BD+ABC+CD（15）C++（16）+AB+C+D+（17）+AB++A+B（18）A+BC+B+ACD+C7-15（1）Y1=B+B+CD（2）Y2=D+A（3）Y3=+BC+A（4）Y4=+（5）Y5=+BD（6）Y6=+C+BCD（7）Y7=B+C+D（8）Y8=A++C+B（9）Y9=D（10）Y10=AB+CD+BC（11）Y11=C+BD+7-17真值表略。最簡與或表達式為：（其中A、B、C、D分別表示股份由多到少的四個股東，F表示表決結果，且按正邏輯賦值）。7-18設某個運動員在場用1表示，不在場用0表示；能否舉行拳擊比賽用邏輯函數F表示，F為1表示能舉行比賽，為0表示不能舉行比賽。表達式為：。此式表明：只要B、C在場，而D不在場，則可舉行一次拳擊比賽。顯然與A是否在場無關。若A在場則A與C比賽，若A不在場則B與C比賽。7-19設F=1表示報警，真值表如題表7-19所示。題表7-19ABCDFABCDF00001100010001010011001011010100110101110100111001010101101001101111000111011110第8章8-1（1）低電平0；（2）低電平0；（3）低電平0；（4）高電平1；（5）高電平1；（6）高電平1；（7）高電平1。8-3（1）uimax=2.84V；（2）uimin=3.62V；（3）所以三極管飽和，輸出電壓uo=UCES=0.3V。8-4（a）正確；（b）錯誤。與門多余輸入端不應接地，應接高電平，可以接電源或通過大于2kΩ的電阻接地；（c）錯誤?；蜷T多余輸入端不應懸空，即不應置1，而應置0，通過接地實現；（d）正確；（e）錯誤。一個異或門只能是兩個輸入信號相異或，若三個信號異或，需兩個異或門；（f）錯誤。普通的TTL門電路，輸出端不能并接，OC門可以；（g）錯誤。理由同（c）；（h）錯誤。由三極管構成的非門，輸入端（基極）缺少電阻R。8-5Y1=1；Y2=；Y3=；Y4=1；Y5=；Y6=0；Y7=0；Y8=；Y9=A；Y10=；Y11=；Y6=A。8-6Y1=；Y2=AB；Y3=（C=0）Y4=A（B=0）高阻（C=1）；高阻（B=1）；Y5=。8-7=（圖略）。8-8根據與非門的邏輯功能，多余輸入端不能為0，因此若只用了A、B及C、D四個輸入端，E、F中應至少有一個接地，使其為0，從而保證該與非門的輸出為1。若只用了A、B及C、D和E端，那么F應接高電平1，懸空即可。8-9用與非門和與門實現時，控制信號A的高電平持續時間是B輸入信號的6倍，邏輯圖如解圖8-9（a）、（b）所示；用或門和或非門實現時，控制信號A的低電平持續時間是B輸入信號的6倍，如解圖8-9（c）、（d）所示。解圖8-98-10（1）U2信號消失后燈仍然保持亮。因為圖中有反饋線，不難分析出，如果燈原來亮，當U2由1變為0后，F輸出端仍可獲得高電平1;（2）令U1=1即可。8-11（a）正確；（b）錯誤；（c）錯誤。TTL門電路輸出高電平的標準值為2.4V，而CMOS門電路的輸入高電平一般高于3.5V，這就使二者的邏輯電平不能兼容，為此，應在TTL門的輸出端接一電阻R，用來將TTL門電路的輸出電平上拉至5V左右。（d）CMOS門電路的輸出電平與TTL門電路輸入邏輯電平可以兼容，但CMOS門電路驅動電流較小，不能夠直接驅動TTL門電路，為此，可采用CMOS/TTL專用接口電路，實現CMOS門電路與TTL門電路之間的連接。8-12為TTL電路時，Y1、Y2、Y4的C輸入端接地，或與A或B并聯；Y3的C輸入端懸空，或接+VCC或與A或B并接。為CMOS時，Y1、Y2、Y4的C輸入端接地，或與A或B并聯；Y3的C輸入接+VCC或與A或B并接。第9章9-1（1）1；（2）輸入，原來，邏輯門；（3）或非，異或；（4），；（5）數據，選擇控制；（6）D0，D2；（7）余3碼；（8）100，101；（9）3，8，原碼，低電平；（10）編碼。9-2（1）A，D；（2）B；（3）A；（4）B；（5）C；（6）A；（7）C；（8）B，A；（9）B。9-3（a），真值表略，邏輯功能：判斷輸入變量A、B是否相等，若相等輸出為0，否則為1，即實現的是異或邏輯功能；（b），，，，真值表略，邏輯功能：電路為2線—4線譯碼器，輸出低電平有效。（c），，，真值表略，邏輯功能是：是一個數值比較器，Y1表示A＜B，Y2表示A=B，Y3表示A＞B。9-4（1）設輸入變量為X2X1X0，輸出變量為Y2Y1Y0，則無論K為何值，Y2、Y1的邏輯表達式均為：，，Y0的邏輯表達式為：K=1時，Y0=，K=0時，；（2）圖中多了一個非門。9-6將異或表達式化成與非-與非式為：，共需5個與非門。將異或表達式化成與非-與非式為：，共需6個或非門。9-7（1）設輸入為A、B、C，輸出為Y，高電平有效，（真值表略），寫出表達式并化簡得，為此可用兩個異或門實現該邏輯問題；（2）設輸入為A、B、C、D，輸出為Y，高電平有效，寫出表達式并化簡得Y=BCD+ABD+ACD+ABC，為此可用4個三輸入的與門和1個四輸入的或門實現該邏輯問題；（3）根據二進制乘法規則列出真值表，寫出函數表達式并化簡得，，，，根據表達式選擇與門、非門、或門實現該邏輯問題。9-9舉重裁判裁決規則是：共有三個裁判，其中一個主裁兩個副裁，當大多數裁判同意時舉重才能通過，且主裁具有否決權。設計過程略。9-11用A3、A2、A1、A0分別代表火警電話、急救電話、工作電話、生活電話作為輸入變量，用D1、D0組成兩位二進制數作為輸出變量，輸入信號低電平有效，輸出為原碼，據此可列出真值表、寫邏輯式并化簡得：，，用7個與非門即可實現，A0為隱含碼。9-12設輸入變量為H、M、L，當水高于某一水位時，相應變量取值為1，否則為0，輸出邏輯變量為A、B，當泵開啟時取值為1，否則為0。真值表如解題表9-12所示。9-17編碼器用二-十進制編碼器74LS147，譯碼器用顯示譯碼器74LS249。由于74LS147輸出是反碼，而74LS249是原碼輸入，故74LS147的4個輸出端要接4個反相器。又由于74LS249的輸出是高電平有效，所以其后要接共陰極七段顯示器。邏輯連線圖略。9-18（1）（2）邏輯圖如解題圖9-18所示。9-19設A=A1，B=A0，1D0～1D3對應C，Y1表示奇偶校驗結果；則1D0=1D3=C，1D1=1D2=。設A=A1，B=A0，2D0～2D3對應C，Y2表示多數表決結果；則2D1=2D2=C，2D0=0，2D3=1。邏輯圖略。9-23M、N為數據選擇器的地址碼輸入信號，P為選擇器的使能控制信號，Q為數據輸入信號，輸出信號Z=Y1+Y2。根據邏輯圖列出真值表如解題表9-23所列，由真值表寫出Z的表達式為解題表9-239-24（1）當B=1，D=1時，邏輯式將成為，則電路可能存在競爭-冒險現象。當A=0，C=0，D=0時，邏輯式將成為，則電路可能存在競爭-冒險現象。當B=0，A=1，C=0時，邏輯式將成為，則電路可能存在競爭-冒險現象。解題圖9-24（2）增加冗余項BD、、，并將邏輯表達式化成與非式用與非門實現上式，如解題圖9-24所示。解題圖9-24第10章10-1（1）2，2，3；（2）1，0，控制輸入，時鐘輸入；（3）觸發器；（4）T，T/；（5）特性表，特性方程，狀態轉換圖，時序圖；（6）；（7）將D接至；（8）邊沿JK觸發器，維持-阻塞D觸發器；（9）1；（10）上升沿，；（11）時序邏輯電路；（12）組合邏輯電路，存儲電路（觸發器）；（13）驅動，狀態，輸出；（14）同步時序邏輯電路，異步時序邏輯電路；（15）寄存器；（16）4；（17）復雜，塊；（18）01001；（19）N，2N，2N–1；（20）256，100；（21）256，1000。10-2（1）A；（2）D；（3）C；（4）D；（5）C；（6）A；（7）B；（8）D；（9）B；（10）A；（11）D；（12）D；（13）B；（14）D；（15）D；（16）D；（17）B；（18）D；（19）C；（20）C；（21）A。10-4（1）FF8；（2）FF1，FF10；（3）FF2，FF5，FF7，FF9；（4）FF3，FF6；（5）FF4。10-7，，，。10-8，，波形略。10-9（1）FF1，FF3，FF5，FF6，FF7；（2）FF2，FF3，FF4，FF6；（3）FF3，FF6。10-10Q1n+1=，Q2n+1=D=，Q3n+1=，Q4n+1=。10-11Qn+1=A。10-13各觸發器的狀態方程分別為：，，，輸出方程為：Y=Q2；題圖10-13所示時序電路是一個同步五進制加法計數器，并且能夠自啟動。10-14各觸發器的狀態方程分別為：，，；題圖10-14所示時序電路是一個由上升沿觸發的D觸發器組成的同步七進制計數器，不能自啟動。10-15題圖10-15所示是一個由上升沿觸發的D觸發器組成的異步四進制減法計數器，也可稱為異步2位二進制（或模四）計數器。10-16題圖10-16所示是一個由下降觸發的JK觸發器組成的同步七進制加法計數器。10-17圖（a）所示電路是同步3位二進制（或稱八進制）加法計數器；圖（b）所示電路為同步3位二進制（或稱八進制）減法計數器。10-18圖（a）所示為七進制加法計數器，能夠自啟動；圖（b）所示為三進制可逆計數器，C（控制信號）=0時作加法計數器，C=1時作減法計數，能夠自啟動；圖（c）所示為可控制計數長度的計數器，C=0時作七進制計數，C=1時作六進制計數，能夠自啟動。10-20將D接Q3，則構成環形計數器；將D接，則構成扭環形計數器。圖略。10-21用反饋復位法實現：取0000作初始狀態，1011為反饋狀態，其連線圖如解題圖10-21（a）所示；用反饋置數法實現：若取0000作初態，則1010為反饋狀態，其連線圖如圖（b）所示。10-22選1000作為初始狀態時，用74LS160實現九進制計數器時，0110為反饋狀態；用74LS161實現九進制計數器時，0000作為反饋狀態。連線圖分別如解題圖10-22（a）和（b）所示。10-24八十六進制計數器。10-26五節拍順序脈沖發生器如解題圖10-26（a）所示，其中74LS160已構成五進制加法計數器；當計數器按000、001、010、011、100五個狀態循環變化時，CP、Q0、Q1、Q2、～的波形如（b）所示?？梢?，在連續脈沖CP作用下，～依次產生負向脈沖，其寬度等于CP的周期。解題圖10-21解題圖10-22解題圖10-2610-27按下列各式接線：=1，D0=D，D1=Q0，D2=Q1，D3=Q2，。10-30如取VCC=5V，R=10kΩ，則tW≈RCln3≈1.1RC=1～10s，可計算出電容C的值應為：91～910μF。10-32（1）UT+=（2/3）VCC=8V，=（1/3）VCC=4V，△UT=UT+-=4V；（2）UT+=UCO=5V，=（1/2）UCO=2.5V，△UT=UT