湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264湖南省株洲市2020屆高三物理一?？荚囈辉囶}一、選擇題（共8小題，每題6分，滿分48分）1．（6分）以下列圖，兩個人利用機(jī)械裝置提升相同的重物。已知重物勻速上升，相同的時間內(nèi)兩重物提升的高度相同。不考慮滑輪的質(zhì)量及摩擦，在重物上升的過程中人拉力的作用點保持不變，則（θ素來小于30°）則（）A．站在地面的人比站在二樓的人省力．站在地面的人對繩的拉力越來越大C．站在二樓的人對繩的拉力越來越大．同一時刻，二樓的人對繩拉力的功率小于地面的人對繩拉力的功率2．（6分）如圖是靜電噴漆的工作原理圖。工作時，噴槍部分接髙壓電源負(fù)極，工件接正極，噴槍的端部與工件之間就形成靜電場，從噴槍噴出的涂料微粒在電場中運動到工件，并被吸附在工件表面。圖中畫出了部分微粒的軌跡，設(shè)微粒被噴出后只受靜電力作用，則（）1/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264A．微粒的運動軌跡顯示的是電場線的分布情況．微粒向工件運動的過程中所受電場力先減小后增大C．在向工件運動的過程中，微粒的動能逐漸減?。谙蚬ぜ\動的過程中，微粒的電勢能逐漸增大3．（6分）我國立刻張開深空探測，計劃在2020年經(jīng)過一次發(fā)射，實現(xiàn)火星圍繞探測和軟著陸巡視探測，已知太陽的質(zhì)量為M，地球，火星繞太陽做勻速圓周運動的軌道半徑分別為R1和R2：速率分別為v1和v2：地球繞太陽的周期為T．當(dāng)質(zhì)量為m的探測器被發(fā)射到以地球軌道上的A點為近期點，火星軌道上的B點為遠(yuǎn)日點的軌道上圍繞太陽運行時（如圖），只考慮太陽對探測器的作用，則（）A．探測器在A點加速的值等于B．探測器在B點的加速度為2/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264C．探測地在B點的動能為D．探測器沿橢圓軌道從A翱翔到B的時間為4．（6分）以下列圖，兩條相距為L的圓滑平行金屬導(dǎo)軌位于水平面（紙面）內(nèi)，其左端接一阻值為R的電阻，導(dǎo)軌平面與磁感覺強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場垂直，導(dǎo)軌電阻不計。金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置并接觸優(yōu)異，接入電路的電阻也為R．若給棒以平行導(dǎo)軌向右的初速度v0，當(dāng)流過棒截面的電荷量為q時，棒的速度減為零，此過程中棒發(fā)生的位移為x。則在這一過程中（）A．當(dāng)流過棒的電荷為時，棒的速度為B．當(dāng)棒發(fā)生位移為時，棒的速度為C．在流過棒的電荷量q/2的過程中，棒釋放的熱量為D．定值電阻R釋放的熱量為5．（6分）以下說法正確的選項是（）A．鈾238發(fā)生α衰變成釷234時，α粒子與釷234的質(zhì)量之和等于鈾238的質(zhì)量B．鈾238發(fā)生α衰變成234時，α粒子與釷234的結(jié)合能之和必然大于鈾238的結(jié)合能C．β衰變中釋放的β射線是原子核外電子掙脫原子核的拘束形成的高速電子流3/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264D．核反響方程14N+→17O+X中，X是質(zhì)子且反響過程中系統(tǒng)動量守恒6．（6分）圖1中，單匝矩形線圈abcd在勻強(qiáng)磁場中繞垂直磁場的軸轉(zhuǎn)動。改變線圈的轉(zhuǎn)速，穿過該線圈的磁通量隨時間分別按圖線甲、乙的正弦規(guī)律變化。設(shè)線圈的電阻為1.0Ω，則（）A．圖線甲對應(yīng)線圈在t＝0時產(chǎn)生的感覺電動勢最大B．圖線甲、乙對應(yīng)的線圈在t＝0.2s時，線圈平面均平行于磁感線圈C．圖線甲、乙對應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之比為5：4D．圖線甲對應(yīng)的線圈中交變電流的峰值為2.5πA7．（6分）如圖1，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，t＝0時，帶負(fù)電的物塊以速度v0沿斜面向上運動，爾后滑回到原處，已知物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)不變，滑塊所帶電荷量不變，用Ek表示滑塊的動能，x表示位移，Ep表示電勢能，取斜面底端為零勢能面，規(guī)定v0的方向為正方向，則以下列圖線正確的選項是（）4/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264A．B．C．D．8．（6分）以下列圖，長為L的輕桿兩端分別固定a，b金屬球，兩球質(zhì)量均為m，a放在圓滑的水平面上，b套在豎直固定圓滑桿上且離地面高度為L，現(xiàn)將b從圖示地址由靜止釋放，則（）A．在b球落地前的整個過程中，a，b組成的系統(tǒng)水平方向上動量守恒B．從開始到b球距地面高度為的過程中，輕桿對a球做功為mgLC．從開始到b球距地面高度為的過程中，輕桿對b球做功﹣mgLD．在b球落地的瞬時，重力對b球做功的功率為mg二、非選擇題9．（6分）某實驗小組用圖甲所示的裝置考據(jù)動量守恒定律。試驗時，5/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264先將金屬小球A從斜槽上某一固定地址由靜止釋放，A從斜槽尾端飛出后落到水平川面的記錄紙上留下落點印跡，重復(fù)10次。把相同半徑的塑料小球B放在與斜槽尾端等高的支柱上，讓A仍從斜槽上同一地址由靜止釋放，與B碰撞后，A、B分別在記錄紙上留下落點印跡，重復(fù)10次。圖中0點是水平槽尾端在記錄紙上的垂直投影點，M、P、N分別為小球落點的印跡，小立柱與斜槽尾端的距離等于小球的直徑。（1）以下說法正確的選項是A．斜槽的尾端必定水平．需要測量斜槽尾端距地面的高度C．圖中M點是未放小球B時小球A的落點印跡D．圖中P點是未放小球B時小球A的落點印跡（2）用螺旋測微器測量小球的直徑時示數(shù)如圖乙所示，則小球的直徑d＝m（3）實驗中測出小球的直徑及M、P、N與O點的距離分別用d、OM、OP、ON表示，若碰撞過程中動量守恒，則兩小球的質(zhì)量之比（用所給符號表示）10．（9分）某同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示電路同時測量電壓表（量程為6/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}0902643V，內(nèi)阻約幾千歐）和微安表（量程為300μA，內(nèi)阻約一千歐）的內(nèi)阻。（1）按實驗原理將圖乙中的實物連接成實驗電路。（2）實驗中，該同學(xué)進(jìn)行了以下操作，完成以下問題：①閉合K1，用伏安法測微安表內(nèi)阻。為了測量更加正確，定值電阻R用該選擇的是A．10ΩB．100ΩC．lkΩD．7.8kΩ②閉合K前，為保護(hù)電路不受損壞，圖甲中滑動變阻器R的滑片應(yīng)置于端_（選填“左”或“右”）③閉合K后，調(diào)整滑動變電阻器R，讓電壓表和微安表的示數(shù)盡可能的大。測得電壓表的示數(shù)為U1，微安表的示數(shù)為I1，定值電阻的值為R0，則微安表內(nèi)阻表達(dá)式為；④斷開K1，調(diào)治滑動變阻器和電阻箱，當(dāng)電阻箱的讀數(shù)為R1時，電壓表的示數(shù)為U2，微安表的示數(shù)為I2，則電壓表內(nèi)阻表達(dá)式為。7/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題09026411．（12分）彈射座椅（Eject1onseat），是翱翔員使用的座椅型救生裝置。在飛機(jī)失控時，依靠座椅上的動力（噴氣發(fā)動機(jī)）裝置將翱翔員彈射到高空，爾后張開降落傘使翱翔員安全降落。某次實驗中，在地面上靜止的戰(zhàn)斗機(jī)內(nèi)，翱翔員按動彈射按鈕，座椅（連同翱翔員）在噴氣發(fā)動機(jī)的驅(qū)動下被彈出打開的機(jī)艙，座椅沿豎直方向運動，5s末到達(dá)最高點，上升的總高度為112.5m。在最高點時降落傘打開，翱翔員安全到達(dá)地面。已知座椅（連同翱翔員等）的總重量為100kg，彈射過程中發(fā)動機(jī)對座椅的推力豎直向上且恒定，不考慮發(fā)動機(jī)質(zhì)量的變化及空氣阻力，取g＝10m/s2，求：（1）發(fā)動機(jī)對座椅推力的值；（2）發(fā)動機(jī)對座椅沖量的大小。12．（20分）以下列圖，在直角坐標(biāo)系xOy平面內(nèi)，x≤0的地域存在有平行于y軸的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度的大小為E，方向沿y軸負(fù)方向；在x≥0的地域有一個半徑為L的圓形地域，圓心O坐標(biāo)（L，0），圓內(nèi)有方向垂直于xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場。一帶正電的粒子從M（﹣L，L）點以沿x軸正方向的初速度v0，恰好經(jīng)O點進(jìn)入磁場，此后以平行x軸正方向的速度射出磁場。不計粒子的重力，求：（1）粒子的比荷及粒子經(jīng)過0點時的速度；（2）磁感覺強(qiáng)度的大??；（3）粒子在磁場中運動的時間。8/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264三、選擇題（共4小題，每題5分，滿分15分）13．（5分）以下說法正確的選項是（）A．布朗運動是液體分子的運動，說明液體分子在運不暫停的做無規(guī)則的熱運動．同一化學(xué)成分的某些物質(zhì)能同時以晶體的形式和非晶體的形式存在C．溫度高升物體的內(nèi)能必然增大D．密度p體積為v摩爾質(zhì)量為M的鋁所含原子數(shù)為NAE．繞地球運行的“天宮二號”自由飄揚的水滴成球型，這是表面張力作用的結(jié)果14．（10分）以下列圖，導(dǎo)熱優(yōu)異的氣缸張口向上豎直固定在水平面上。缸內(nèi)輕質(zhì)圓滑活塞封閉一段必然質(zhì)量的理想氣體。一根不可伸長的細(xì)繩繞過定滑輪，一端拴住活塞，另一端拴著質(zhì)量為m的重物處于平衡狀態(tài)。此時氣體體積為V．用手托重視物，使其緩慢曼上升，直到細(xì)繩剛開始廢弛但并未波折。已知大氣壓強(qiáng)為P0活塞橫截面積為S，環(huán)境溫度保持不變。求：i）從重物開始被托起到最高點的過程中，活塞降落的高度；ii）此后從靜止上釋放重物，重物下落到最低點未與地面接觸時，9/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264活塞在氣缸內(nèi)比最初托起重物前的地址上升了H．若氣體的溫度不變則氣體吸取的熱量是多少？15．如圖，A、B是兩列波的波源，t＝0時開始垂直紙面做簡諧運動，其振動表達(dá)式分別為xA＝0.1sin（2πt+π）m，xB＝0.2sin（2πt）m，產(chǎn)生的兩列波在同一種平均介質(zhì)中沿紙面流傳。p是介質(zhì)中的一點，t＝2s時開始振動，已知PA＝40cm，PB＝50cm，則（）A．兩列波的波速均為0.25m/sB．兩列波的波長均為0.2mC．兩列波在P點相遇時振動總是加強(qiáng)的D．P點合振動的振幅為0．lmE．t＝2.25s，P點距平衡地址0．lm16．一根折射率為n＝、截面為正方形的厚玻璃尺放在紙面上，其正視圖為長方形ABCD，寬度AB＝6a，長度AD＝4a，如圖所示，在玻璃尺的左端，距離左端為a處有一光源S，處在AB、10/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264CD中點連線的延長線上，在紙面內(nèi)向AB對稱射出兩條光輝，光線與延長線的夾角θ＝45°．光從右端射出后交于延長線上的S′點。只考慮一次反射，求：（1）S′與玻璃尺右端的距離；（2）若玻璃尺斷裂后長度減小但外形不變，使得S′與右端距離變成原來的2倍，那么玻璃尺的長度AD′變成為多少？11/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264參照答案與試題解析一、選擇題（共8小題，每題6分，滿分48分）1．（6分）以下列圖，兩個人利用機(jī)械裝置提升相同的重物。已知重物勻速上升，相同的時間內(nèi)兩重物提升的高度相同。不考慮滑輪的質(zhì)量及摩擦，在重物上升的過程中人拉力的作用點保持不變，則（θ素來小于30°）則（）A．站在地面的人比站在二樓的人省力．站在地面的人對繩的拉力越來越大C．站在二樓的人對繩的拉力越來越大．同一時刻，二樓的人對繩拉力的功率小于地面的人對繩拉力的功率【考點】63：功率、平均功率和瞬時功率．【專題】31：定性思想；43：推理法；52C：功率的計算專題．【解析】依照共點力的平衡解析繩子的拉力的大小；依照功能關(guān)系解析拉力做的功，爾后由平均功率的定義式比較功率的大小。【解答】解：BC、設(shè)物體質(zhì)量為m，對物體受力解析，則有站在地面的人對繩的拉力FT＝mg，站在二樓的人對繩的拉力12/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264，重物勻速上升過程中，θ增大，cosθ減小，所以站在二樓的人對繩的拉力越來越大，站在地面的人對繩的拉力不變，故B錯誤，C正確；A、由于不知θ詳盡數(shù)值，所以無法比較站在地面的人對繩的拉力與站在二樓的人對繩的拉力的大小，故A錯誤；、依照動能定理，人對繩拉力的功等于戰(zhàn)勝物體重力做的功，戰(zhàn)勝物體重力做的功相等，所以人對繩拉力的功相等，所以二樓的人對繩拉力的功率等于地面的人對繩拉力的功率，故D錯誤；應(yīng)選：C?！咀h論】該圖中，若二樓的人豎直向上拉滑輪，則可知二樓的人對繩子的拉力較小，但該題中，不知θ詳盡數(shù)值，所以要多加注意。2．（6分）如圖是靜電噴漆的工作原理圖。工作時，噴槍部分接髙壓電源負(fù)極，工件接正極，噴槍的端部與工件之間就形成靜電場，從噴槍噴出的涂料微粒在電場中運動到工件，并被吸附在工件表面。圖中畫出了部分微粒的軌跡，設(shè)微粒被噴出后只受靜電力作用，則（）A．微粒的運動軌跡顯示的是電場線的分布情況．微粒向工件運動的過程中所受電場力先減小后增大C．在向工件運動的過程中，微粒的動能逐漸減小13/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264．在向工件運動的過程中，微粒的電勢能逐漸增大【考點】A7：電場線；AE：電勢能與電場力做功；AG：電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系．【專題】32：定量思想；43：推理法；532：電場力與電勢的性質(zhì)專題．【解析】解答本題要點抓?。涸谕苛衔⒘Ｏ蚬ぜ惤倪^程中，工件帶正電，涂料微粒帶負(fù)電；依照庫侖定律解析庫侖力的變化；電場力做正功，涂料微粒的電勢能減小?！窘獯稹拷猓篈、由于涂料微粒有初速度，初速度和電場力不用然方向相同，故涂料微粒的運動軌跡不用然沿電場線方向運動，故A錯誤；、由圖知，工件帶正電，則在涂料微粒向工件湊近的過程中，涂料微粒帶負(fù)電。依照電場強(qiáng)度的分布可知，所受電場力先減小后增大，故B正確；CD、涂料微粒所受的電場力方向向左，其位移方向大體向左，則電場力對涂料微粒做正功，其動能增大，電勢能減小，故CD錯誤；應(yīng)選：B?！咀h論】本題抓住異種電荷相互吸取，解析涂料微粒的電性。再依照功的性質(zhì)明確電場力做功正負(fù)；再依照電場力做功與電勢能之間的關(guān)系即可判斷電勢能的變化情況。3．（6分）我國立刻張開深空探測，計劃在2020年經(jīng)過一次發(fā)射，實現(xiàn)火星圍繞探測和軟著陸巡視探測，已知太陽的質(zhì)量為M，地14/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264球，火星繞太陽做勻速圓周運動的軌道半徑分別為R1和R2：速率分別為v1和v2：地球繞太陽的周期為T．當(dāng)質(zhì)量為m的探測器被發(fā)射到以地球軌道上的A點為近期點，火星軌道上的B點為遠(yuǎn)日點的軌道上圍繞太陽運行時（如圖），只考慮太陽對探測器的作用，則（）A．探測器在A點加速的值等于B．探測器在B點的加速度為C．探測地在B點的動能為D．探測器沿橢圓軌道從A翱翔到B的時間為【考點】37：牛頓第二定律；4D：開普勒定律；4F：萬有引力定律及其應(yīng)用．【專題】31：定性思想；4C：方程法；52A：人造衛(wèi)星問題．【解析】依照萬有引力供應(yīng)向心力求出探測器在A點加速度和探測器在B點的加速度，由開普勒第三定律可知探測器沿橢圓軌道從A翱翔到B的時間。15/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264【解答】解：A、依照萬有引力供應(yīng)向心力可得，探測器在A點加速的值等于，故A正確；B、依照萬有引力供應(yīng)向心力可得，探測器在B點的加速度為，故B錯誤；C、探測器由橢圓軌道變成火星軌道需要在B點點火加速，探測器在B點的速度小于v2，探測器在B點的動能小于，故C錯誤；D、設(shè)探測器沿橢圓軌道的周期為T′，由開普勒第三定律可得，解得，探測器沿橢圓軌道從A飛行到B的時間為，故D錯誤；應(yīng)選：A。【議論】萬有引力的應(yīng)用問題一般由重力加速度求得中心天體質(zhì)量，或由中心天體質(zhì)量、軌道半徑、線速度、角速度、周期中兩個已知量，依照萬有引力做向心力求得其他物理量。4．（6分）以下列圖，兩條相距為L的圓滑平行金屬導(dǎo)軌位于水平面（紙面）內(nèi)，其左端接一阻值為R的電阻，導(dǎo)軌平面與磁感覺強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場垂直，導(dǎo)軌電阻不計。金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置并接觸優(yōu)異，接入電路的電阻也為R．若給棒以平行導(dǎo)軌向右的初速度v0，當(dāng)流過棒截面的電荷量為q時，棒的速度減為零，此過程中棒發(fā)生的位移為x。則在這一過程中（）16/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264A．當(dāng)流過棒的電荷為時，棒的速度為B．當(dāng)棒發(fā)生位移為時，棒的速度為C．在流過棒的電荷量q/2的過程中，棒釋放的熱量為D．定值電阻R釋放的熱量為【考點】D9：導(dǎo)體切割磁感線時的感覺電動勢．【專題】34：比較思想；43：推理法；538：電磁感覺——功能問題．【解析】先研究棒的速度減至零的過程，由牛頓第二定律、加速度的定義列式，采用積分法解析流過棒的電荷量，再研究當(dāng)流過棒的電荷為時棒的速度。結(jié)合A項的結(jié)論求當(dāng)棒發(fā)生位移為時棒的速度。依照能量守恒定律求棒和R釋放的熱量?！窘獯稹拷猓篈、棒的速度減為零，當(dāng)流過棒截面的電荷量為，當(dāng)流過棒的電荷為時，棒發(fā)生的位移為，根據(jù)牛頓運動定律可得棒運動的加速度為，設(shè)棒運動的時間為△t，則有，所以有，即當(dāng)流過棒的電荷為時，則有，當(dāng)流過棒的電荷為q時，則有，解得，，故A錯誤；17/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264B、當(dāng)棒發(fā)生位移為時，則有，解得棒的速度為，故B錯誤；C、當(dāng)流過棒的電荷為的過程中，由能量守恒可得棒釋放的熱量為，故C錯誤；D、棒的速度減為零的過程中，定值電阻R釋放的熱量為，故D正確；應(yīng)選：D?！咀h論】本題中棒做的變減速運動，要學(xué)會運用積分法研究電量與位移的關(guān)系，也可以依照動量定理求電量。關(guān)于熱量，經(jīng)常依照能量守恒定律研究。5．（6分）以下說法正確的選項是（）A．鈾238發(fā)生α衰變成釷234時，α粒子與釷234的質(zhì)量之和等于鈾238的質(zhì)量B．鈾238發(fā)生α衰變成234時，α粒子與釷234的結(jié)合能之和必然大于鈾238的結(jié)合能C．β衰變中釋放的β射線是原子核外電子掙脫原子核的拘束形成的高速電子流D．核反響方程14N+→17O+X中，X是質(zhì)子且反響過程中系統(tǒng)動量守恒【考點】53：動量守恒定律；JA：原子核衰變及半衰期、衰變速度；JJ：裂變反響和聚變反響．18/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264【專題】31：定性思想；43：推理法；54O：衰變和半衰期專題．【解析】依照動量守恒定律，抓住系統(tǒng)總動量為零得出兩粒子的動量大小，結(jié)合動能和動量的關(guān)系得出動能的大小關(guān)系。半衰期是原子核有多數(shù)發(fā)生衰變的時間，結(jié)合衰變的過程中有質(zhì)量損失解析衰變前后質(zhì)量的大小關(guān)系；依照系統(tǒng)動量守恒，即可解答?！窘獯稹拷猓篈、衰變的過程中有質(zhì)量損失，即衰變后α粒子與釷核的質(zhì)量之和小于衰變前鈾核的質(zhì)量，故A錯誤；、結(jié)合能越大越牢固，衰變后的產(chǎn)物相當(dāng)于衰變前要牢固，所以鈾核衰變成α粒子和另一原子核，衰變產(chǎn)物的結(jié)合能之和必然大于鈾核的結(jié)合能，故B正確；C、β衰變釋放的電子是原子核中的一此中子轉(zhuǎn)變成一個質(zhì)子和一個電子，電子釋放出來，故C錯誤；D、依照質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒得核反響方程是N+He→O+H，因系統(tǒng)合外力為零，則系統(tǒng)運量守恒。故D正確；應(yīng)選：BD。【議論】本題觀察了原子核的衰變，知道半衰期的定義，注意衰變過程中動量守恒，總動量為零，以及知道動量和動能的大小關(guān)系。6．（6分）圖1中，單匝矩形線圈abcd在勻強(qiáng)磁場中繞垂直磁場的軸轉(zhuǎn)動。改變線圈的轉(zhuǎn)速，穿過該線圈的磁通量隨時間分別按圖線甲、乙的正弦規(guī)律變化。設(shè)線圈的電阻為1.0Ω，則（）19/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264A．圖線甲對應(yīng)線圈在t＝0時產(chǎn)生的感覺電動勢最大B．圖線甲、乙對應(yīng)的線圈在t＝0.2s時，線圈平面均平行于磁感線圈C．圖線甲、乙對應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之比為5：4D．圖線甲對應(yīng)的線圈中交變電流的峰值為2.5πA【考點】E2：交流發(fā)電機(jī)及其產(chǎn)生正弦式電流的原理；E3：正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式；E4：正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率．【專題】32：定量思想；4C：方程法；53A：交流電專題．【解析】依照圖象獲取t＝0時穿過線圈平面的磁通量大小，由此確定線圈的地址；依照圖象斜率確定第感覺電流方向和感覺電動勢大小；計算此交流電的最大值和有效值?！窘獯稹拷猓篈、依照交流電產(chǎn)生的特點，結(jié)合圖甲可知，在t＝0時刻穿過線圈的磁通量最大，所以產(chǎn)生的電動必然定是等于0，故錯誤；、依照圖象可知，在t＝0.2s時圖線甲、乙對應(yīng)的穿過線圈平面的磁通量為零，所以線圈平面平行于磁感線，故B正確；C、由圖可知，甲在0.2s內(nèi)甲是個周期，則：＝0.16s，20/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264而乙是一個周期，則：T乙＝0.2s，由n＝，則甲、乙對應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之比為5：4，故C正確；D、感覺電動勢的最大值為Em＝BSω＝Φmω＝0.4×V＝5πV，線圈的電阻為1.0Ω，則甲對應(yīng)的線圈中交變電流的峰值為5πA．故錯誤。應(yīng)選：BC?！咀h論】本題觀察交變電流產(chǎn)生過程中，感覺電動勢與磁通量、磁通量變化率的關(guān)系，要點抓住兩個特別地址：一是線圈與磁場垂直地址是磁通量最大的地址，該地址是電流方向改變的變換點；二是線圈與磁場平行地址，該地址磁通量為零，是電流強(qiáng)度增大與減小的變換點。7．（6分）如圖1，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，t＝0時，帶負(fù)電的物塊以速度v0沿斜面向上運動，爾后滑回到原處，已知物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)不變，滑塊所帶電荷量不變，用Ek表示滑塊的動能，x表示位移，Ep表示電勢能，取斜面底端為零勢能面，規(guī)定v0的方向為正方向，則以下列圖線正確的選項是（）A．B．21/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264C．D．【考點】AG：電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系．【專題】31：定性思想；4C：方程法；532：電場力與電勢的性質(zhì)專題．【解析】分別對上滑過程、下滑過程利用動能定理列方程獲取動能和位移的關(guān)系即可進(jìn)行判斷?！窘獯稹拷猓篈B、設(shè)斜面的傾角為θ，物塊的質(zhì)量為m，帶電量為q，電場強(qiáng)度為E，設(shè)物塊碰到的支持力為FN，沿斜面向上為位移正方向；依照牛頓第二定律可得：上滑過程中：﹣mgsinθ﹣μFN﹣qEcosθ＝ma，所以a＝﹣（mgsinθ+μFN+qEcosθ）①下滑過程中：﹣mgsinθ+μFN﹣qEcosθ＝ma′，所以a′＝﹣（mgsinθ﹣μFN+qEcosθ）②比較①②可知，向上運動的加速度大，向下運動的加速度小，二者都是負(fù)值，表示加速度的方向都向下。故A正確，B錯誤；C、設(shè)斜面的傾角為θ，物塊的質(zhì)量為m，帶電量為q，電場強(qiáng)度為E，設(shè)物塊碰到的支持力為FN，沿斜面向上為位移正方向；根據(jù)動能定理可得：上滑過程中：﹣mgxsinθ﹣μFNx﹣qExcosθ＝Ek﹣Ek0，所以：＝Ek＝Ek0﹣（mgsinθ+μFN+qEcosθ）x；③22/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264下滑過程中：mgx′sinθ﹣μFN?x′+qEx′cosθ＝Ek﹣0，所以：＝Ek＝（mgsinθ﹣μFN+qEcosθ）x′；④由公式③④可知，v與x是二次函數(shù)的關(guān)系，當(dāng)x＝xm時有最小值。依照能量守恒定律可得，最后的總動能減小；由公式③④可知，Ek與x是線性函數(shù)的關(guān)系，故C錯誤；、物塊向上運動的過程中電場力做負(fù)功，物塊的電勢能增大，由電勢能與電場力做功的關(guān)系可得：EP＝qExcosθ可知物塊的電勢能與x成正比。故D正確。應(yīng)選：AD。【議論】本題主若是觀察了動能定理；運用動能定理解題時，第一要采用研究過程，爾后解析在這個運動過程中哪些力做正功、哪些力做負(fù)功，初末動能為多少，依照動能定理列方程解答；動能定理的優(yōu)點在于適用任何運動包括曲線運動；一個題目可能需要選擇不相同的過程多次運用動能定理研究，也可以全過程依照動能定理解答。8．（6分）以下列圖，長為L的輕桿兩端分別固定a，b金屬球，兩球質(zhì)量均為m，a放在圓滑的水平面上，b套在豎直固定圓滑桿上且離地面高度為L，現(xiàn)將b從圖示地址由靜止釋放，則（）23/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264A．在b球落地前的整個過程中，a，b組成的系統(tǒng)水平方向上動量守恒B．從開始到b球距地面高度為的過程中，輕桿對a球做功為mgLC．從開始到b球距地面高度為的過程中，輕桿對b球做功﹣mgLD．在b球落地的瞬時，重力對b球做功的功率為mg【考點】53：動量守恒定律．【專題】12：應(yīng)用題；31：定性思想；43：推理法；52K：動量與動能定理或能的轉(zhuǎn)變與守恒定律綜合．【解析】系統(tǒng)所受合外力為零系統(tǒng)動量守恒，只有重力或只有彈力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，依照系統(tǒng)受力情況與運動過程，應(yīng)用動量守恒定律與機(jī)械能守恒定律解析答題?！窘獯稹拷猓篈、對兩球及桿組成的系統(tǒng)，在b球落地前的整個過程中，b球的水平方向受豎直固定圓滑桿的作用，a球的水平方向受力為零，系統(tǒng)在水平方向所受合外力不為零，所以a、b組成的系統(tǒng)水平方向上動量不守恒，故A錯誤；BC、對兩球及桿系統(tǒng)，在b球落地前的整個過程中，b球的水平24/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264方向受豎直固定圓滑桿的作用不做功，a、b組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，從開始到b球距地面高度為的過程中，由機(jī)械能守恒定律得：，且有，解得：，，所以輕桿對a球做功為：，輕桿對b球做功：WB＝﹣，故B正確，C錯誤；D、在b球落地的瞬時，由機(jī)械能守恒定律得：，解得：，所以在b球落地的瞬時，重力對b球做功的功率為：，故D正確；應(yīng)選：BD?！咀h論】本題觀察了動量守恒定律與機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用，解析清楚系統(tǒng)受力情況與運動過程，對兩球及桿系統(tǒng)，水平方向上動量不守恒，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒可求得，解題時注意運動的合成與分解的應(yīng)用。二、非選擇題9．（6分）某實驗小組用圖甲所示的裝置考據(jù)動量守恒定律。試驗時，先將金屬小球A從斜槽上某一固定地址由靜止釋放，A從斜槽尾端飛出后落到水平川面的記錄紙上留下落點印跡，重復(fù)10次。把相同半徑的塑料小球B放在與斜槽尾端等高的支柱上，讓A仍從斜槽上同一地址由靜止釋放，與B碰撞后，A、B分別在記錄紙上留下落點印跡，重復(fù)10次。圖中0點是水平槽尾端在記錄紙上的垂直投影點，M、P、N分別為小球落點的印跡，小立柱與斜槽25/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264尾端的距離等于小球的直徑。（1）以下說法正確的選項是ADA．斜槽的尾端必定水平．需要測量斜槽尾端距地面的高度C．圖中M點是未放小球B時小球A的落點印跡D．圖中P點是未放小球B時小球A的落點印跡（2）用螺旋測微器測量小球的直徑時示數(shù)如圖乙所示，則小球的直徑d＝7.500m（3）實驗中測出小球的直徑及M、P、N與O點的距離分別用d、OM、OP、ON表示，若碰撞過程中動量守恒，則兩小球的質(zhì)量之比（用所給符號表示）【考點】ME：考據(jù)動量守恒定律．【專題】13：實驗題；23：實驗研究題；31：定性思想；43：推理法；52K：動量與動能定理或能的轉(zhuǎn)變與守恒定律綜合．【解析】（1）小球走開斜槽后做平拋運動，斜槽尾端切線必定保持水平；碰撞后入射球的水平速度變小，且入射球的速度小于被碰球的速度，據(jù)此判斷各球水平位移關(guān)系，確定球的落點地址。（2）螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示26/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264數(shù)。（3）兩球碰撞過程動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律求出兩球的質(zhì)量之比。【解答】解：（1）A、小球走開斜槽后做平拋運動，斜槽的尾端必須水平才能保證小球從斜槽尾端飛出時做平拋運動，故A正確；B、本實驗是依照平拋的規(guī)律考據(jù)動量守恒定律，需要測量的是A、B兩小球拋出的水平距離，由于拋出高度相同落地時間相同，考據(jù)時式子兩端會把時間消去，所以與高度沒關(guān)，不需要測量斜槽尾端距地面的高度，故B錯誤；CD、碰撞后A球速度小，B球速度大，由于落地時間相同，所以M點是碰撞后A球落點，N點是B球落點，而圖中P點是未放小球B時小球A的落點，故C錯誤，D正確；應(yīng)選：AD。（2）由圖示螺旋測微器可知，螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為7.5mm?？蓜涌潭茸x數(shù)為0.01×0.0mm＝0.000mm，所以小球的直徑最后讀數(shù)為：7.5mm+0.000mm＝7.500mm；（3）由動量守恒定律得：mav0＝mav1+mbv2，小球在空中做平拋運動的時間t相等，小球的水平位移與群毆水平速度成正比，可以用小球的水平位移表示其水平速度，所以有：ma（OP﹣d）＝ma（OM﹣d）+mb（ON﹣d），解得，兩小球質(zhì)量之比為：＝。故答案為：（1）AD；（2）7.500；（3）?！咀h論】本題觀察了螺旋測微器讀數(shù)、實驗注意事項、實驗數(shù)據(jù)處27/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264理，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法；小球走開斜槽后做平拋運動，小球的運動時間相等，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，理解實驗原理、知道實驗注意事項是解題的前提與要點，應(yīng)動量守恒定律即可解題。10．（9分）某同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示電路同時測量電壓表（量程為3V，內(nèi)阻約幾千歐）和微安表（量程為300μA，內(nèi)阻約一千歐）的內(nèi)阻。（1）按實驗原理將圖乙中的實物連接成實驗電路。（2）實驗中，該同學(xué)進(jìn)行了以下操作，完成以下問題：①閉合K1，用伏安法測微安表內(nèi)阻。為了測量更加正確，定值電阻R用該選擇的是DA．10ΩB．100ΩC．lkΩD．7.8kΩ②閉合K前，為保護(hù)電路不受損壞，圖甲中滑動變阻器R的滑片應(yīng)置于左端_（選填“左”或“右”）③閉合K后，調(diào)整滑動變電阻器R，讓電壓表和微安表的示數(shù)盡28/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264可能的大。測得電壓表的示數(shù)為U1，微安表的示數(shù)為I1，定值電阻的值為R0，則微安表內(nèi)阻表達(dá)式為﹣R0；④斷開K1，調(diào)治滑動變阻器和電阻箱，當(dāng)電阻箱的讀數(shù)為R1時，電壓表的示數(shù)為U2，微安表的示數(shù)為I2，則電壓表內(nèi)阻表達(dá)式為?！究键c】N6：伏安法測電阻．【專題】13：實驗題；23：實驗研究題；31：定性思想；4B：圖析法；535：恒定電流專題．【解析】（1）依照電路圖連接實物電路圖。（2）①依照電壓表量程與毫安表量程應(yīng)用歐姆定律求出定值電阻阻值，爾后選擇定值電阻；②為保護(hù)電路，滑動變阻器采用分壓接法閉合開關(guān)前滑片要置于分壓電路分壓為零額地址；③依照題意應(yīng)用歐姆定律與串通電路特點求出電阻；④依照題意應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律求出電壓表內(nèi)阻表達(dá)式?！窘獯稹拷猓海?）依照電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所29/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264示：（2）①閉合K1，依照電壓表兩側(cè)電壓跟R1和微安表的總電壓相等，由歐姆定律可知：R+RA＝＝＝10000Ω，毫安表內(nèi)阻約為1000Ω，則定值定值應(yīng)選擇：D；②由圖示電路圖可知，滑動變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路不受損壞，閉合開關(guān)前，滑動變阻器R的滑片應(yīng)置于最左端；③閉合K后，電阻R1短路，所以電壓表測得R1和微安表的總電壓，所以微安表的內(nèi)阻：RA＝；④斷開K1，依照歐姆定律有：解得電壓表內(nèi)阻表達(dá)式為：；故答案為：（1）；（2）①D；②左；③；④。【議論】本題觀察了連接實物電路圖、實驗注意事項與實驗數(shù)據(jù)處30/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264理，解析清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律即可解題，掌握基礎(chǔ)知識是解題的要點，要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)與積累。11．（12分）彈射座椅（Eject1onseat），是翱翔員使用的座椅型救生裝置。在飛機(jī)失控時，依靠座椅上的動力（噴氣發(fā)動機(jī)）裝置將翱翔員彈射到高空，爾后張開降落傘使翱翔員安全降落。某次實驗中，在地面上靜止的戰(zhàn)斗機(jī)內(nèi)，翱翔員按動彈射按鈕，座椅（連同翱翔員）在噴氣發(fā)動機(jī)的驅(qū)動下被彈出打開的機(jī)艙，座椅沿豎直方向運動，5s末到達(dá)最高點，上升的總高度為112.5m。在最高點時降落傘打開，翱翔員安全到達(dá)地面。已知座椅（連同翱翔員等）的總重量為100kg，彈射過程中發(fā)動機(jī)對座椅的推力豎直向上且恒定，不考慮發(fā)動機(jī)質(zhì)量的變化及空氣阻力，取g＝10m/s2，求：（1）發(fā)動機(jī)對座椅推力的值；（2）發(fā)動機(jī)對座椅沖量的大小?！究键c】1E：勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系；37：牛頓第二定律．【專題】11：計算題；22：學(xué)科綜合題；32：定量思想；4E：模型法；522：牛頓運動定律綜合專題．【解析】（1）座椅先向上做勻加速運動，后做勻減速運動，依照兩個過程的總位移等于總高度，第一過程的末速度等于第二個過程的初速度分別列式，求出勻加速的加速度，再由牛頓第二定律求出發(fā)動機(jī)對座椅推力的值；31/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264（2）依照沖量的定義式I＝Ft求發(fā)動機(jī)對座椅沖量的大小?！窘獯稹拷猓海?）設(shè)座椅上升的最大速度為vm，有運動學(xué)關(guān)系可得：設(shè)發(fā)動機(jī)作用時間為t1，座椅的加速度a1，發(fā)動機(jī)的推力為N，減速過程的時間為t2，依照牛頓第二定律得：N﹣mg＝ma1由速度公式有：vm＝a1t1vm＝gt2又t1+t2＝t＝5s解得：N＝10mg＝1.0×104N（2）設(shè)發(fā)動機(jī)對座椅沖量為：I＝Nt1解得：I＝5×103N?S。答：（1）發(fā)動機(jī)對座椅推力的值是1.0×104N。（2）發(fā)動機(jī)對座椅沖量的大小為5.0×103N?s?！咀h論】解決本題的要點是理清座椅在空中整個過程中的運動規(guī)律，抓住兩個過程的位移之和等于高度以及速度關(guān)系。本題也可以畫出v﹣t圖象解析座椅的運動過程。12．（20分）以下列圖，在直角坐標(biāo)系xOy平面內(nèi)，x≤0的地域存在有平行于y軸的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度的大小為E，方向沿y軸負(fù)方向；在x≥0的地域有一個半徑為L的圓形地域，圓心O坐32/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264標(biāo)（L，0），圓內(nèi)有方向垂直于xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場。一帶正電的粒子從M（﹣L，L）點以沿x軸正方向的初速度v0，恰好經(jīng)O點進(jìn)入磁場，此后以平行x軸正方向的速度射出磁場。不計粒子的重力，求：（1）粒子的比荷及粒子經(jīng)過0點時的速度；（2）磁感覺強(qiáng)度的大?。唬?）粒子在磁場中運動的時間?！究键c】CI：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運動．【專題】11：計算題；22：學(xué)科綜合題；31：定性思想；43：推理法；536：帶電粒子在磁場中的運動專題．【解析】（1）帶電粒子在勻強(qiáng)電場中做類平拋運動，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律求出粒子的比荷與粒子經(jīng)過O點時的速度。（2）粒子在磁場中做圓周運動，依照題意作出粒子運動軌跡，求出粒子軌道半徑，洛倫茲力供應(yīng)向心力，應(yīng)用牛頓第二定律可以求出磁感覺強(qiáng)度。（3）求出粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角，爾后求出粒子在磁場中的運動時間?！窘獯稹拷猓海?）帶電的粒子在勻強(qiáng)電場做類平拋運動，33/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264水平方向：L＝v0t1，豎直方向：，解得，粒子的比荷：，粒子經(jīng)過O點時的速度：，即為：θ＝60°；（2）帶電的粒子在勻強(qiáng)磁場做內(nèi)圓周運動，運動軌跡以下列圖：依照幾何關(guān)系解得：，洛倫磁力供應(yīng)向心力，由牛頓第二定律得：解得：；（3）依照幾何關(guān)系可得粒子在勻強(qiáng)磁場偏轉(zhuǎn)角為60°，經(jīng)過的弧長為：，解得粒子在磁場中運動的時間為：，答：（1）粒子的比荷為，粒子經(jīng)過0點時的速度大小為：2v0，方向：水平方向成60°；（2）磁感覺強(qiáng)度的大小為；34/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264（3）粒子在磁場中運動的時間為：。【議論】本題觀察了帶電粒子在電場與磁場中的運動，粒子在電場中做類平拋運動，在磁場中做勻速圓周運動，依照題意解析清楚粒子運動過程、作出粒子運動軌跡是解題的前提與要點，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律與牛頓第二定律即可解題。三、選擇題（共4小題，每題5分，滿分15分）13．（5分）以下說法正確的選項是（）A．布朗運動是液體分子的運動，說明液體分子在運不暫停的做無規(guī)則的熱運動．同一化學(xué)成分的某些物質(zhì)能同時以晶體的形式和非晶體的形式存在C．溫度高升物體的內(nèi)能必然增大D．密度p體積為v摩爾質(zhì)量為M的鋁所含原子數(shù)為NAE．繞地球運行的“天宮二號”自由飄揚的水滴成球型，這是表面張力作用的結(jié)果【考點】82：阿伏加德羅常數(shù)；84：布朗運動；92：*晶體和非晶體．【專題】31：定性思想；45：歸納法；541：分子運動論專題．【解析】布朗運動是指懸浮在液體中的顆粒所做的無規(guī)則運動的運動，不是液體分子的運動。同一化學(xué)成分的某些物質(zhì)能同時以晶體的形式和非晶體的形式存在。物體的內(nèi)能與物體的溫度、體積和摩爾數(shù)等因素有關(guān)。原子數(shù)等于摩爾數(shù)乘以阿伏加德羅常數(shù)。液體表35/42湖南省株洲市高三物理一模考試一試題090264面存在表面張力。結(jié)合這些知識解析?！窘獯稹拷猓篈、布朗運動是懸浮在液體中固體微粒所做的無規(guī)則運動，不是液體分子的運動。布朗運動是由大量液體分子撞擊微粒引起的，反響了液體分子的無規(guī)則運動，故A錯誤；、同一化學(xué)成分的某些物質(zhì)能同時以晶體的形式和非晶體的形式存在，比方液晶就同時擁有晶體和非晶體的性質(zhì)；故B正確；C、物體的內(nèi)能與物體的溫度、體積和摩爾數(shù)等因素有關(guān)，所以溫度高升物體的內(nèi)能不用然增大，故C錯誤；、質(zhì)量和摩爾質(zhì)量的比值就是物質(zhì)的量，物質(zhì)的量乘以阿伏伽德羅常數(shù)就是原子個數(shù)，故D正確；E、繞地球運行的“天宮二號”自由飄揚的水滴成球型，是由于液體表面張力作用而形成球形；故E正確；應(yīng)選：BDE?！咀h論】本題觀察了熱力學(xué)的基本知識，特別要注意：布朗運動是在顯微鏡下觀察的水中懸浮顆粒的運動，而反響的是液體分子的無規(guī)則運動，但不是分子熱運動。14．（10分）以下列圖，導(dǎo)熱優(yōu)異的氣缸張口向上豎直固定在水平面上。缸內(nèi)輕質(zhì)圓滑活塞封閉一段必然質(zhì)量的理想氣體。一根不可伸長的細(xì)繩繞過定滑輪，一端拴住活塞，另一端拴著質(zhì)量為m的重物處于平衡狀態(tài)。此時氣體體積為V．用手托重視物，使其緩慢曼上升，直到細(xì)繩剛開始廢弛但并未波折。已知大氣壓強(qiáng)為P0活塞橫截面積為S，環(huán)境溫度保持不變。求：36/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264i）從重物開始被托起到最高點的過程中，活塞降落的高度；ii）此后從靜止上釋放重物，重物下落到最低點未與地面接觸時，活塞在氣缸內(nèi)比最初托起重物前的地址上升了H．若氣體的溫度不變則氣體吸取的熱量是多少？【考點】8F：熱力學(xué)第必然律；99：理想氣體的狀態(tài)方程．【專題】11：計算題；32：定量思想；4C：方程法；54B：理想氣體狀態(tài)方程專題．【解析】（i）從重物開始被托起到最高點的過程中，氣體發(fā)生等溫變化，確定狀態(tài)參量，依照玻意耳定律結(jié)合幾何關(guān)系求解；ii）依照動能定理求出氣體對外做的功，再依照熱力學(xué)第必然律即可求解吸取的熱量?！窘獯稹拷猓海╥）依照對活塞受力解析可知未托活塞時，壓強(qiáng)為：，氣體體積為：V1＝V托重視物時，壓強(qiáng)為：P2＝P0，氣體體積為：V2＝V﹣Sh依照理想氣體狀態(tài)方程可知：P1V1＝P2V2解得：37/42湖南省株洲市高三物理一?？荚囈辉囶}090264ii）依照熱力學(xué)第必然律且理想氣體的溫度不變，內(nèi)能不變，有：△U＝Q﹣W＝0依照動能定理有：W+mg（H+h）﹣P0S（H+h）＝0解得氣體吸取的熱量為：答：（i）從重物開始被托起到最高點的