1、2022年全國(guó)統(tǒng)一招生考試第三次模擬備考卷物理（一）注意事項(xiàng)：1答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。第卷（選擇題）一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得

2、6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。12021年11月神州十三號(hào)宇航員從“天宮號(hào)”出艙完成相關(guān)的太空作業(yè)。已知“天宮號(hào)”空間站繞地球的運(yùn)行可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期約為1.5 h。下列說(shuō)法正確的是（）A“天宮號(hào)”的角速度比地球同步衛(wèi)星的小B“天宮號(hào)”的線速度比地球同步衛(wèi)星的大C宇航員出艙后處于平衡狀態(tài)D宇航員出艙后處于超重狀態(tài)【答案】B【解析】“天宮號(hào)”的周期小于同步衛(wèi)星的周期，根據(jù)可知，“天宮號(hào)”的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)，半徑越大，角速度越小，“天宮號(hào)”的角速度比地球同步衛(wèi)星的大，故A錯(cuò)誤；根據(jù)，半徑越大，線速度越小，故“天宮號(hào)”的線速度比地球同步衛(wèi)星的大，故B正確；宇航員

3、出艙后仍然做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有向心加速度，合外力不為零，不處于平衡狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；宇航員出艙后加速度指向地心，處于失重狀態(tài)，故D錯(cuò)誤。2做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的物體，依次通過(guò)A、B、C三點(diǎn)，位移ABnBC，已知物體在AB段的平均速度大小為v1，在BC段的平均速度大小為v2，則下列說(shuō)法正確的是（）A可求出加速度大小B可求出A、B、C三點(diǎn)速度大小C可求出AB段和BC段的時(shí)間D條件不足無(wú)法確定任何物理量【答案】B【解析】設(shè)物體的加速度為a，AB段所用時(shí)間為t1，BC段所用時(shí)間為t2，如圖所示，由ABnBC，可得，則有，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的物體，依次通過(guò)A、B、C三點(diǎn)，位移ABnBC，說(shuō)明物體做減速運(yùn)動(dòng)，則有，

4、可得，聯(lián)立以上可得，根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系可得，由上可知無(wú)法求出AB段和BC段的時(shí)間，也就不能求出加速度大小，故B正確，ACD錯(cuò)誤。3如圖所示，交流電壓不變，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為21，定值電阻R1的阻值為200 。當(dāng)可變電阻R2的電功率最大時(shí)，R2的阻值為（）A50 B100 C400 D800 【答案】A【解析】從變壓器原線圈兩端向右看的等效電阻，理想變壓器的電功率即可變電阻R2的電功率為 ，當(dāng)R0R1200即R250時(shí)，R2的電功率最大，A正確，BCD錯(cuò)誤。4如圖所示，某帶電粒子（重力不計(jì)）由M點(diǎn)以垂直于磁場(chǎng)邊界的速度v射入寬度為d的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，穿出磁場(chǎng)時(shí)速度方向與原來(lái)射入方向的夾角3

5、0，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。由此推斷該帶電粒子（）A帶負(fù)電且動(dòng)能不變 B運(yùn)動(dòng)軌跡為拋物線C電荷量與質(zhì)量的比值為 D穿越磁場(chǎng)的時(shí)間為【答案】D【解析】根據(jù)左手定則，粒子帶正電，故A錯(cuò)誤；該粒子在洛侖茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡是圓周的一部分，故B錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律，又因?yàn)椋獾茫蔆錯(cuò)誤；穿越磁場(chǎng)的時(shí)間為，解得，故D正確。5如圖，在光滑水平面上有A、B兩點(diǎn)，A、B相距s，一質(zhì)量為m的小球由A點(diǎn)以大小為v0的初速度向右運(yùn)動(dòng)。小球受到水平面內(nèi)的恒力F作用，經(jīng)時(shí)間t小球達(dá)到B點(diǎn)，其速度大小仍為v0，方向與初速度v0方向夾角成120。則小球由A運(yùn)動(dòng)到B過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（拾穗者的雜貨鋪）A

6、恒力方向與初速度方向相反 B恒力大小為C恒力對(duì)物體做正功，其大小為 D恒力沖量的大小為【答案】B【解析】如圖所示，因水平面內(nèi)只受恒力F，速度的合成遵循平行四邊形定則，由矢量圖易知，恒力與初速度方向不共線，與v0夾角為30；速度變化量大小為，故A錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)量定理得，解得恒力大小為，故B正確，D錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理可知?jiǎng)幽茏兓癁?，則恒力做功為0，故C錯(cuò)誤。61930年，師從密立根的中國(guó)科學(xué)家趙忠堯在實(shí)驗(yàn)中最早觀察到正負(fù)電子對(duì)產(chǎn)生與湮沒(méi)，成為第一個(gè)發(fā)現(xiàn)正電子的科學(xué)家。此后，人們?cè)跉馀菔抑?，觀察到一對(duì)正負(fù)電子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡為半徑減小的螺旋狀。下列相關(guān)說(shuō)法正確的是（）A密立根通過(guò)油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)定了電

7、子電量B正電子與負(fù)電子對(duì)撞遵循動(dòng)量守恒C正電子與負(fù)電子對(duì)撞湮滅釋放的能量，可利用質(zhì)能方程求解D電子在氣泡室中運(yùn)動(dòng)，半徑減小，有能量損失，動(dòng)能減小，周期減小【答案】ABC【解析】密立根通過(guò)油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)定了電子電量，確定了元電荷，A正確；微觀粒子的碰撞依然遵循動(dòng)量守恒，B正確；正電子與負(fù)電子對(duì)撞湮滅釋放能量，遵循質(zhì)能方程，并以一對(duì)伽馬光子的形式釋放出來(lái)，C正確；電子在氣泡室中運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，可得，解得運(yùn)動(dòng)軌道半徑，帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期，與速度、軌道半徑無(wú)關(guān)，由于電子在氣泡室，有能量損失，動(dòng)能減小，半徑減小，周期不變，D錯(cuò)誤。7某種工業(yè)中測(cè)試平臺(tái)離心性能時(shí)，會(huì)使平臺(tái)繞豎直軸在水平面上加

8、速轉(zhuǎn)動(dòng)，如圖所示。把質(zhì)量為m的物塊放置在距轉(zhuǎn)軸為r處，平臺(tái)繞轉(zhuǎn)軸由角速度為零開(kāi)始加速轉(zhuǎn)動(dòng)，小物塊隨平臺(tái)一起轉(zhuǎn)動(dòng)。已知小物塊切線方向加速度恒為a0，當(dāng)平臺(tái)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度達(dá)時(shí)，物塊恰好開(kāi)始相對(duì)平臺(tái)滑動(dòng)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是（）A平臺(tái)對(duì)物塊做功大于B平臺(tái)對(duì)物塊做功等于C平臺(tái)和物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為D平臺(tái)和物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為【答案】BD【解析】由題意知平臺(tái)對(duì)物體做功即為物塊獲得的動(dòng)能，其中，解得，故A錯(cuò)誤，B正確；由題意知，物塊轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)有切線方向加速度和向心加速度，合加速度為，其中，物塊恰好開(kāi)始相對(duì)平臺(tái)滑動(dòng)時(shí)滿足，解得，故C錯(cuò)誤，D正確。8豎直平面內(nèi)有水平放置的兩金

9、屬板AB、CD，相距為d，兩極板加上恒定電壓U，如圖所示。質(zhì)量為m，電荷量為+q的粒子，從O點(diǎn)以初動(dòng)能Ek0qU進(jìn)入電場(chǎng)，O點(diǎn)在AC連線上，且OAeq f(1,4)d，初速度與水平方向夾角為45，粒子沿著OMB的軌跡恰好運(yùn)動(dòng)到下極板右邊緣的B點(diǎn)，M為運(yùn)動(dòng)軌跡的最高點(diǎn)，MN與極板垂直。不計(jì)粒子重力，則關(guān)于粒子的說(shuō)法正確的是（）A粒子運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能EkBeq f(5,2)qUB運(yùn)動(dòng)軌跡最高點(diǎn)到下極板的距離MNeq f(3,4)dC水平方向運(yùn)動(dòng)的位移之比為ANNBeq r(2)eq r(3)D若將上極板向下移一小段距離，則粒子將在B點(diǎn)上方飛出【答案】BC【解析】粒子在兩極板間只有電場(chǎng)力做功，根據(jù)

10、動(dòng)能定理得，聯(lián)立解得，故A錯(cuò)誤；粒子在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，因此到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)滿足，所以到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)動(dòng)能，根據(jù)動(dòng)能定理得，解得，所以O(shè)M之間的豎直距離為，因此M與下極板之間的距離為，故B正確；設(shè)粒子做拋體運(yùn)動(dòng)的加速度為a，AN運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1，NB運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2，所以，故C正確；若將上極板向下移一小段距離，則兩極板電場(chǎng)強(qiáng)度增大，粒子的加速度增大，水平分速度不變，到達(dá)右端時(shí)間不變，根據(jù)，可知粒子豎直位移增大，即打到了下極板上，故D錯(cuò)誤。第卷（非選擇題）二、非選擇題：本題共6小題，共62分。第912題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第1314題為選考題，考生根據(jù)要求作答

11、。解答題應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。（一）必考題9（5分）為測(cè)定當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭的值，某實(shí)驗(yàn)小組用圖甲所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩一端固定在O點(diǎn)，另一端拴一質(zhì)量為m的小球（尺寸相對(duì)L足夠?。?，在懸點(diǎn)O點(diǎn)正下方L處的N點(diǎn)放有一光電門(mén)。忽略空氣阻力，實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)出小球的直徑D，示數(shù)如圖乙，小球直徑D_cm；（2）將小球拉偏離豎直方向的某位置，用工具測(cè)出該位置處的細(xì)繩與豎直方向的夾角為；（3）靜止釋放小球，測(cè)出小球經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間為，則小球經(jīng)過(guò)光電門(mén)的速度為；（4）多次從不同夾角處釋放

12、，如圖丙，以cos為縱坐標(biāo)，以_填“”、“”或“”為橫坐標(biāo)，得到的圖象是一條傾斜直線，圖象的斜率的絕對(duì)值為k，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間_（用D、k、L表示）?！敬鸢浮浚?）0.7470 （4） 【解析】（1）螺旋測(cè)微器讀數(shù)為固定刻度讀數(shù)加可動(dòng)刻度讀數(shù)，故小球直徑為。（4）根據(jù)機(jī)械能守恒定律有，整理可得，故cos為縱坐標(biāo)，以為橫坐標(biāo)，圖象是一條傾斜直線，斜率的絕對(duì)值為，解得重力加速度為。10（10分）某同學(xué)要將一量程為3 V的電壓表V1改裝成量程為15 V的電壓表V2。（1）先將V1直接接到內(nèi)阻可以忽略的電源兩端，讀數(shù)為2.0V；再將V1與阻值為2000 的電阻串聯(lián)后，接到該電源兩端，讀數(shù)為1.5

13、 V，則V1的內(nèi)阻為_(kāi)；（2）要改裝成量程為15 V的電壓表V2，需要將V1表與合適的電阻R_（選填“串聯(lián)”、“并聯(lián)”）（3）將改裝后的電壓表V2與一標(biāo)準(zhǔn)電壓V表校對(duì)。完成下面的實(shí)物連線；在閉合開(kāi)關(guān)之前，滑動(dòng)變阻器的滑片P置于最_端（選填“左”、“右”）閉合開(kāi)關(guān)，移動(dòng)滑片P，標(biāo)準(zhǔn)電壓表示數(shù)為10.0V時(shí)，V1表示數(shù)為2.5V。要達(dá)到預(yù)期目的，只需要將阻值為R的電阻換為一個(gè)阻值為kR的電阻即可，其中k_（保留三位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）6000 （2）串聯(lián) （3）見(jiàn)解析圖 左 0.222【解析】（1）先將V1直接接到內(nèi)阻很小的電源兩端，讀數(shù)為2.0V，可知電源電動(dòng)勢(shì)E2V；再將V1與阻值為20

14、00的電阻串聯(lián)后，接到該電源兩端，讀數(shù)為1.5V，則，解得V1的內(nèi)阻為RV6000。（2）要改裝成量程為15V的電壓表V2，需要將V1表與合適的電阻R串聯(lián)。（3）校準(zhǔn)電路如圖：在閉合開(kāi)關(guān)之前，滑動(dòng)變阻器的滑片P置于最左端；標(biāo)準(zhǔn)表示數(shù)為10.0V時(shí)，V1表示數(shù)為2.5V，則此時(shí)的電阻，而要達(dá)到預(yù)期目的，需要串聯(lián)的電阻為，則k0.222。11（14分）如圖所示，在水平虛線下方存在方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。磁場(chǎng)上方某高度處有一個(gè)正方形金屬線框，線框質(zhì)量為m，電阻為R，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)。某時(shí)刻將線框以初速度v。水平拋出，線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中速度不變，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中線框始終豎直且底邊保持水平。磁

15、場(chǎng)區(qū)域足夠大，忽略空氣阻力，重力加速度為g，求：（1）線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度v；（2）線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量Q?！窘馕觥浚?）當(dāng)線框下邊界剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，由于線框速度不變，對(duì)線框進(jìn)行受力分析有由歐姆定律可得線框切割磁感線，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得由速度的合成與分解可得聯(lián)立求解可得設(shè)此時(shí)速度方向與水平面的夾角為，解得。（2）線框從進(jìn)入磁場(chǎng)開(kāi)始到完全進(jìn)入磁場(chǎng)，由動(dòng)能定理可得解得。12（18分）如圖所示，長(zhǎng)L4.2 m的水平傳送帶以v06 m/s的恒定速率沿順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，其右側(cè)與傳送帶上表面等高的光滑水平面上固定一傾角37足夠長(zhǎng)的斜面，斜面底端與平面平滑連接。一質(zhì)量m20.6 kg的小物塊B靜止

16、于水平面上。t0時(shí)將質(zhì)量m10.2 kg的物塊A無(wú)初速度輕放在傳送帶左端。A與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)10.5，與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)20.25，物塊B與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)30.75。已知兩物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，物塊A與B發(fā)生彈性正碰的時(shí)間均極短。取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8。求：（1）A從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到傳送帶右端所用的時(shí)間。（2）物塊A、B第一次碰撞后瞬間A的速度大小。（3）物塊B在斜面上運(yùn)動(dòng)過(guò)程，與斜面間因摩擦而產(chǎn)生的總熱量（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。【解析】（1）根據(jù)牛頓第二定律解得物塊A在傳送帶上的加速度物塊A與傳送帶共速時(shí)的位移為所

17、以物塊A在傳送帶上勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間物塊A在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間則A從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到傳送帶右端所用的時(shí)間。（2）設(shè)物塊A與物塊B碰撞后的速度為，物塊B的速度為，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得根據(jù)機(jī)械能守恒定律得解得，負(fù)號(hào)表示與正方向相反。（3）根據(jù)牛頓第二定律物塊B在斜面向上滑的加速度由于所以物塊B速度減為0后靜止在斜面上，物塊A和B第一次碰撞后，物塊B沿斜面上升的位移物塊A向左運(yùn)動(dòng)的位移所以速度減為0后，再一次到傳送帶右端時(shí)的速度為根據(jù)牛頓第二定律解得物塊沿斜面上滑時(shí)的加速度根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得物塊沿斜面上滑到物塊B位置時(shí)的速度再一次與物塊B發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律得解

18、得，物塊B再一次向上運(yùn)動(dòng)的位移根據(jù)牛頓第二定律解得物塊A沿斜面向下滑的加速度根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得物塊A到斜面底端的速度由之前分析可知向左減速到0再向右加速的最終速度等于物塊A能沿斜面向上的位移所以物塊A和物塊B不會(huì)再相撞，所以物塊B因?yàn)槟Σ廉a(chǎn)生的熱量為帶入數(shù)據(jù)解得。（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從給出的2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。13物理選修33（15分）（1）（5分）下列說(shuō)法正確的是_。（填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分）A彩色液晶電視利用了液晶的光學(xué)各向異性的特點(diǎn)B任何情況下，都不可能從單一熱源吸收

19、熱量，使之完全變成功C一定質(zhì)量的氣體，在體積不斷壓縮的過(guò)程中，內(nèi)能可能增加D已知?dú)怏w的體積和阿伏加德羅常數(shù)，可求得氣體分子的大小E一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱【答案】ACE【解析】彩色液晶電視利用了液晶的光學(xué)各向異性的特點(diǎn)，故A正確；有其他影響的情況下，有可能從單一熱源吸收熱量，使之完全變成功，故B錯(cuò)誤；一定質(zhì)量的氣體，在體積不斷壓縮的過(guò)程中，外界對(duì)氣體做功，如果是絕熱系統(tǒng)，內(nèi)能會(huì)增加，故C正確；已知?dú)怏w的體積和阿伏加德羅常數(shù)，可求得氣體分子所占空間的體積大小，但無(wú)法算出氣體分子的大小，故D錯(cuò)誤；一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大，由蓋呂薩克定律知，

20、溫度升高，則其內(nèi)能增加。因?yàn)轶w積增大，氣體對(duì)外界做功，由熱力學(xué)第一定律知它一定從外界吸熱，才可以讓內(nèi)能增加，故E正確。（2）（10分）神舟13號(hào)航天員從天和核心艙氣閘艙出艙時(shí)身著我國(guó)新一代“飛天”艙外航天服。航天服內(nèi)密封了一定質(zhì)量的理想氣體，體積約為V12 L，壓強(qiáng)p11.0105 Pa，溫度t127 。（i）打開(kāi)艙門(mén)前，航天員需將航天服內(nèi)氣壓降低到p24.4104 Pa，此時(shí)密閉氣體溫度變?yōu)閠29 ，則航天服內(nèi)氣體體積V2變?yōu)槎嗌?？（ii）為便于艙外活動(dòng)，航天員出艙前還需要把航天服內(nèi)的一部分氣體緩慢放出，使氣壓降到p33.0104 Pa。假設(shè)釋放氣體過(guò)程中溫度保持為t39 不變，體積變?yōu)閂32.2 L，那么航天服放出的氣體與原來(lái)氣體的質(zhì)量比為多少？【解析】（i）初態(tài)體積約為V12L，壓強(qiáng)p11.0105Pa，溫度T1300K。末態(tài)p24.4104Pa，溫度T2264