1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試

2、卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，人沿水平方向拉牛（可視為質點），但沒有拉動。下列說法正確的是（）A.繩拉牛的力小于牛拉繩的力B.繩拉牛的力與牛拉繩的力是一對平衡力C.繩拉牛的力與地面對牛的摩擦力是一對平衡力D.繩拉牛的力與地面對牛的摩擦力是作用力與反作用力2、 “力的合成的平行四邊形定則”實驗中體現的物理思想方法是( )A.控制變量的方法B.等效替代的方法C.建立物理模型的方法D.取微元的方法3、身體素質拓展訓

3、練中，人從豎直墻壁的頂點A沿光滑桿自由下滑到傾斜的木板上（人可看作質點），若木板的傾斜角不同，人沿著三條不同路徑AB、AC、AD滑到木板上的時間分別為t1、t2、t3，若已知AB、AC、AD與板的夾角分別為70o、90o和105o，則（）A.t1t2t3B.t1t2t2t3，故選A.考點：牛頓第二定律的應用【名師點睛】此題是牛頓第二定律的應用問題；要抓住物體從直徑的頂端沿光滑斜面滑到圓周上時所用的時間是相等的這一結論，則很容易解答此題；同樣物體從圓周上的各點滑到圓周的底端時的時間也是相等的，這些結論都要記住.4、C【解析】A若F1和F2大小不變，角越小，合力F越大，故A錯誤；BC由力的合成方法

4、可知，兩力合力的范圍|F1F2|F合F1+F2，所以合力有可能大于任一分力，也可能小于任一分力，還可能與兩個分力都相等，故B錯誤，C正確；D如果夾角不變，F1大小不變，只要F2增大，合力F可能減小，也可能增加，故D錯誤；故選：C。5、B【解析】AB根據力的合成法則，則有：合力大小隨兩分力間夾角的減小而增大，夾角增大而減小，當兩個力的夾角為時，由公式，可知合力最大，故A錯誤，B正確；CD合力大小關系是：，所以合力可以大于分力中的最大者，也可能小于分力中的最小者，故CD錯誤故選B.【名師點睛】本題考查的是合力與分力的關系，合力與分力的大小關系判斷時可取幾個特值比較6、D【解析】三物塊靠在一起，將以

5、相同加速度向右運動；則加速度大小：所以，和之間相互作用力為：與之間相互作用力：所以可得：由于談論過程與是否為零無關，故有恒成立；A與分析不符，故A錯誤；B與分析不符，故B錯誤；C與分析不符，故C錯誤；D與分析相符，故D正確；故選D。7、BC【解析】AB.在勻速階段，根據平衡條件可知，顧客只受重力和支持力兩個力作用，故A錯誤B正確CD.在加速過程中，加速度有向上的分量，所以顧客處于超重狀態，扶梯對顧客的作用力與重力的合力提供了顧客的加速度，因為加速度沿斜面，所以扶梯對顧客的作用力一定不沿斜向上，故C正確D錯誤8、AD【解析】AB子彈依次射入每塊木塊做勻減速直線運動到零，采取逆向思維，根據速度的平

6、方與間距成正比，則有，射入每個木塊時的速度比B錯誤A正確；CD子彈依次射入每塊木塊做勻減速直線運動到零，采取逆向思維，子彈做初速度為零的勻加速直線運動，在通過相等位移內的時間比為，則穿過每個木塊所用時間比C錯誤D正確。故選AD。9、CD【解析】對于abc小球，根據幾何關系分別求出各個軌道的位移，根據牛頓第二定律求出加速度，再根據勻變速直線運動的位移時間公式求出運動的時間，從而比較出到達M點的先后順序【詳解】對于AM段，有幾何關系得位移為，牛頓第二定律得加速度為：，根據可得：；對于BM段，有幾何關系得位移x2=2R，加速度a2=gsin60=，根據可得：；對于CM段，位移x3=R，加速度a3=g

7、，根據可得：，比較上式式可得：t2t1t3即C球最先到達M點，b球最后到達M點，故AB錯誤，CD正確【點睛】解決本題的關鍵根據牛頓第二定律求出各段的加速度，運用勻變速直線運動的位移時間公式進行求解10、AC【解析】圖像表示物體運動的速度隨時間的變化關系，圖像斜率表示加速度【詳解】圖像斜率表示加速度，A圖中物體做勻加速直線運動，B圖中物體做勻減速直線運動，C圖中物體做反向勻加速直線運動，D圖中物體做變加速直線運動，故AC正確，BD錯誤11、BC【解析】A剛釋放的瞬間，小球的瞬時加速度豎直向下，繩子中的拉力一定小于重力，A錯誤；B當拉物塊的繩子與直桿垂直時，小球下降的距離最大，根據幾何關系知B正確

8、；CD如圖所示將小物塊的速度分解為沿繩子方向和垂直繩子方向，沿繩子方向的分速度等于小球的速度，根據平行四邊形定則知，小物塊在D處的速度與小球的速度之比為v：v1 = 2：1C正確、D錯誤。故選BC。【名師點睛】解決本題的關鍵知道兩物體組成的系統，只有重力做功，機械能守恒。以及知道物塊與O1之間的距離最小時，小球下降的高度最大，知道物塊沿繩子方向的分速度等于小球的速度。12、CD【解析】從圖象得到兩個質點的運動情況，甲做勻速直線運動，乙做初速度為零的勻加速直線運動，然后結合速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移大小進行分析；【詳解】A、內甲的速度一直比乙大，內，乙的速度大于甲的速度，第2s末速度

9、相等，故A錯誤；B、根據速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移大小，可以知道，兩秒末甲的位移大于乙的位移，說明乙還沒有追上甲，在4s末兩質點再次相遇，故B錯誤；C、乙在4s末追上甲時，距出發點距離為，故C正確；D、4s內，甲做勻速運動的速度為10m/s，乙做勻加速直線運動，平均速度，故D正確【點睛】本題關鍵是根據速度時間圖象得到兩個物體的運動規律，然后根據速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移大小，結合初始條件進行分析二填空題(每小題6分，共18分)13、 .3.6 .BD【解析】（1）由圖示彈簧測力計確定其分度值，讀出其示數；（2）根據實驗原理進行分析即可；【詳解】（1）由圖示可知，彈簧測力

10、計分度值為，其示數為；（2）A、細線的作用是能顯示出力的方向，所以不必須等長，故A錯誤；B、本實驗研究合力與分力的關系，合力與分力是等效的，同一次實驗過程中，O點位置不能變動，以保證橡皮筋伸長的長度相同，方向相同，即效果相同，故B正確；C、本實驗只要使兩次效果相同就行，兩個彈簧稱拉力的方向沒有限制，并非一定要夾角為90不變，故C錯誤；D、本實驗中兩個拉力的作用效果和一個拉力的作用效果相同，采用的科學方法是等效替代法，故D正確【點睛】本題考查了驗證力的平行四邊形定則時如何進行操作，以及彈簧秤的讀數問題，對于基礎實驗一定熟練掌握才能為解決復雜實驗打好基礎14、 .甲 .0.2【解析】（1）1 由圖

11、甲可知，用彈簧測力計b拉動木塊A，木塊B受到滑動摩擦力作用，彈簧測力計a的示數等于木塊受到的滑動摩擦力，彈簧測力計a固定不動，便于讀數；由圖乙可知，用彈簧測力計勻速拉動木塊A，使木塊A做勻速直線運動，A處于平衡狀態，彈簧測力計c的示數等于木塊受到的滑動摩擦力，彈簧測力計是運動的，不便于讀數，另一方面，要使彈簧測力計示數等于滑動摩擦力，要控制木塊做勻速直線運動，難度較大；比較兩種實驗方案可以發現，方案甲更合理（2）2 在甲方案中，物體間的滑動摩擦力：8.0N物體間的正壓力：N則物體間的動摩擦因數：15、 .O點 .兩細繩的方向 .O .細繩的方向【解析】明確該實驗的實驗原理，了解具體實驗步驟以及

12、具體的操作，尤其注意在記錄力時不但要記錄大小還要記錄方向【詳解】如圖所示，在做“探究合力的方法”的實驗中，兩個彈簧測力計分別鉤住兩細繩套，互成角度地拉橡皮條使之伸長，結點到達某一位置O時，需記下O點的位置、兩彈簧測力計的示數、描下兩繩的方向；再用一個彈簧測力計鉤住細繩套把橡皮條拉長，使結點達到位置O點，再記下彈簧測力計的示數，描下細繩的方向【點睛】在“探究合力的方法”實驗中，我們要知道分力和合力的效果是等同的，這要求同學們對于基礎知識要熟練掌握并能正確應用，加強對基礎實驗理解三計算題(22分)16、 (1)4m/s2；(2)4m【解析】由由牛頓第二定律求出m、M間的彈力，根據m、M發生相對滑動的條件得出加速度【詳解】(1) 具有豎直方向的加速度，對m由牛頓第二定律得：要使m、M發生相對滑動得：聯立解得：，方向豎直向下；(2) 若系統加速度的大小為8m/s2，此時m與M間