吉林省吉林地區普通高中友好學校聯合體第三十一屆高三最后一卷新高考物理試卷注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、為了探測某星球，載著登陸艙的探測飛船在以該星球中心為圓心，半徑為r1的圓軌道上運動，周期為T1，總質量為m1，環繞速度為v1。隨后登陸艙脫離飛船，變軌到離該星球更近的半徑為r2的圓軌道上運動環繞速度為v2，周期為T2，登陸艙的質量為m2，引力常量為G，則（）A．該星球的質量為B．該星球表面的重力加速度為C．D．2、如圖，S是波源，振動頻率為100Hz，產生的簡諧橫波向右傳播，波速為40m/s。波在傳播過程中經過P、Q兩點，已知P、Q的平衡位置之間相距0.6m。下列判斷正確的是（）A．Q點比P點晚半個周期開始振動B．當Q點的位移最大時，P點的位移最小C．Q點的運動方向與P點的運動方向可能相同D．當Q點通過平衡位置時，P點也通過平衡位置3、如圖所示，一個鋼球放在傾角為的固定斜面上，用一豎直的擋板擋住，處于靜止狀態。各個接觸面均光滑。關于球的重力大小G、球對斜面的壓力大小FN1、球對擋板的壓力大小FN2間的關系，正確的是（）A．FN1>GB．FN2>GC．FN2=GD．FN1<FN24、下列說法符合物理學史實的是（）A．亞里士多德最早指出力不是維持物體運動的原因B．庫侖在前人研究的基礎上，通過扭秤實驗研究得出了庫侖定律C．卡文迪許提出了萬有引力定律，并通過實驗測出了萬有引力常量D．哥白尼提出了日心說并發現了行星沿橢圓軌道運行的規律5、下列說法正確的是A．布朗運動是在顯微鏡中看到的液體分子的無規則運動B．氣體溫度不變，運動速度越大，其內能越大C．溫度降低物體內每個分子動能一定減小D．用活塞壓縮氣缸里空氣，對空氣做功4.5×105J，空氣內能增加了3.5×105J，則空氣向外界放出熱量1×105J6、如圖所示，一端擱在粗糙水平面上，另一端系一根細線（線豎直）處于靜止狀態的重直桿A受到的作用力個數（）A．1 B．2C．3 D．4二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩塊半徑均為R的半圓形玻璃磚正對放置，折射率均為n=；沿豎直方向的兩條直徑BC、B′C′相互平行，一束單色光正對圓心O從A點射入左側半圓形玻璃磚，知∠AOB=60°。若不考慮光在各個界面的二次反射，下列說法正確的是（）A．減小∠AOB，光線可能在BC面發生全反射B．BC、B′C′間距大小與光線能否從右半圓形玻璃磚右側射出無關C．如果BC、B′C′間距大于，光線不能從右半圓形玻璃磚右側射出D．如果BC、B′C′間距等于，光線穿過兩個半圓形玻璃磚的總偏折角為15°8、如圖所示，理想變壓器的原線圈接在穩壓交流電源上，R1、R2、R3是阻值相等的定值電阻，電表A為理想電流表，調節滑片P可以改變原線圈匝數。初始時，開關K處于斷開狀態，下列說法正確的是（）A．只把滑片P向上滑動，電流表示數將增大B．只把滑片P向下滑動，電阻R1消耗的功率將增大C．只閉合開關K，電阻R2消耗的功率將增大D．只閉合開關K，電流表示數將變大9、如圖所示，在水平面上放置間距為L的平行金屬導軌MN、PQ，導軌處于豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度大小隨時間的變化規律為B＝kt（k為常數，k>0）。M、N間接一阻值為R的電阻，質量為m的金屬桿ab垂直導軌放置，與導軌接觸良好，其接入軌道間的電阻為R，與軌道間的動摩擦因數為μ，Pb＝Ma＝L（不計導軌電阻，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g），從t＝0到ab桿剛要運動的這段時間內（）A．通過電阻R的電流方向為M→PB．回路的感應電流I＝C．通過電阻R的電量q＝D．ab桿產生的熱功率P＝10、如圖所示為一列沿x軸正向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，經過0.2s，M點第一次到達波谷，則下列判斷正確的是______A．質點P的振動頻率B．該波的傳播速度v=1m/sC．M點的起振方向沿y軸負方向D．0~1s內質點Q運動的路程為0.2mE.0~1s內質點M運動的路程為0.08m三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示的實驗裝置，桌面水平且粗糙，在牽引重物作用下，木塊能夠從靜止開始做勻加速直線運動。在木塊運動一段距離后牽引重物觸地且不反彈，木塊繼續運動一段距離停在桌面上（未碰到滑輪）。已知牽引重物質量為m，重力加速度為g。某同學通過分析紙帶數據，計算得到牽引重物觸地前、后木塊的平均加速度大小分別為a1和a2，由此可求出木塊與桌面之間的動摩擦因數為μ=_______（結果用題中字母表示）；在正確操作、測量及計算的前提下，從系統誤差的角度，你認為該實驗測量的木塊與桌面之間的動摩擦因數的結果與真實值比較會_____（選填“偏大”、“偏小”“不變”）；木塊的質量為M=_____（結果用題中字母表示）。12．（12分）某同學在“探究物體運動的加速度與物體受力、物體質量的關系”實驗中，把按控制變量法做的兩個實驗的數據都記錄在下表中。數據是按加速度的大小排列的。123456789F/N0.290.140.290.190.240.290.290.290.34m/kg0.860.360.610.360.360.410.360.310.36a/（m·s-2）0.340.390.480.530.670.710.810.930.94若利用表中數據探究物體運動的加速度與物體受力的關系，則選用物體的質量為m=___________，請在本題給出的坐標紙中作出a－F圖像________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，水平面上有一條長直固定軌道，P為軌道上的一個標記點，豎直線PQ表示一個與長直軌道垂直的豎直平面，PQ的右邊區域內可根據需要增加一個方向與軌道平行的水平勻強電場。在軌道上，一輛平板小車以速度v0=4m/s沿軌道從左向右勻速運動，當小車一半通過PQ平面時，一質量為m=1kg的絕緣金屬小滑塊（可視為質點）被輕放到小車的中點上，已知小滑塊帶電荷量為+2C且始終不變，滑塊與小車上表面間的動摩擦因數為μ=0.2，整個過程中小車速度保持不變，g=10m/s2。求：(1)若PQ右側沒有電場，木板足夠長，在滑塊與小車恰好共速時小滑塊相對P點水平位移和摩擦力對小車做的功；(2)當PQ右側電場強度取方向水平向右，且板長L=2m時，為保證小滑塊不從車上掉下，則電場存在的時間滿足什么條件？（附加：若PQ右側加一個向右的勻強電場，且木板長L=2m，為確保小滑塊不從小車左端掉下來，電場強度大小應滿足什么條件？）（此附加問為思考題，無需作答）14．（16分）我國發射的“神舟”五號飛船于2003年10月15日上午9:00在酒泉載人航天發射場發射升空，按預定計劃在太空飛行了接近21小時，環繞地球14圈，在完成預定空間科學和技術試驗任務后于北京時間10月16日6時07分在內蒙古中部地區準確著陸。飛船運行及航天員活動時刻表如下：15日[09:00發射升空][09:10船箭分離][09:34感覺良好]15日[09:42發射成功][17:26天地通知][18:40展示國旗]15日[19:58家人通話][23:45太空熟睡]16日[04:19進入最后一圈][05:04進入軌道][0.5:35命令返回]16日[0.5:36飛船分離][05:38制動點火][06:07飛船著陸]16日[06:36回收成功][06:54自主出艙]試回答下列問題：(1)根據以上數據可以估計船的軌道半徑約是通訊衛星軌道半徑的多少倍？（保留根號）(2)當返回艙降到距地球10km時，回收著陸系統啟動工作，彈出傘艙蓋，連續完成拉出引導傘、減速傘和主傘動作，主傘展開面積足有1200m2，由于空氣阻力作用有一段減速下落過程，若空氣阻力與速度的平方成正比，并已知返回艙的質量為8t，這一過程的收尾速度為14m/s，則當返回艙速度為42m/s時的加速度為多大？（g取10m/s2）(3)當返回艙在距地面約1m時，點燃反推火箭發動機，最后以不大于3.5m/s的速度實現軟著陸，這一過程中反推火箭產生的動力約等于多少？（這一過程空氣阻力與自身重力可看作平衡）15．（12分）如圖所示，半徑分別為R1、R2的兩個同心圓，圓心為O，小圓內有垂直紙面向里的磁場，磁感應強度為B1，大圓外有垂直紙面的磁感應強度為B2的磁場，圖中未畫出，兩圓中間的圓環部分沒有磁場。今有一帶正電的粒子從小圓邊緣的A點以速度v沿AO方向射入小圓的磁場區域，然后從小圓磁場中穿出，此后該粒子第一次回到小圓便經過A點。(帶電粒子重力不計)求：(1)若，則帶電粒子在小圓內的運動時間t為多少？(2)大圓外的磁場B2的方向；(3)磁感應強度B1與B2的比值為多少。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

由和A．該星球的質量為選項A錯誤；B．由星球的半徑R未知，不能求解其表面的重力加速度，選項B錯誤；C．由表達式可知選項C錯誤；D．由表達式可知選項D正確。故選D。2、D【解析】

A．根據可知，波長又故Q點比P點晚1.5個周期開始振動，A錯誤；BC．P、Q兩點的平衡位置距離是半個波長的奇數倍，故兩者振動情況完全相反，即兩點的運動方向始終相反，當Q點的位移最大時，P點的位移也最大，但兩者方向相反，BC錯誤；D、兩點平衡位置距離是半個波長的奇數倍，所以當Q通過平衡位置時，P點也通過平衡位置，但兩者運動方向相反，D正確。故選D。3、A【解析】

以球為研究對象，球受重力、斜面和擋板對球體的支持力F1和F2，由平衡條件知，F1和FN2的合力與G等大、反向、共線，作出力圖如圖所示，根據平衡條件，有根據牛頓第三定律可知，球對斜面的壓力大小球對擋板的壓力大小則故A正確，BCD錯誤。故選A。4、B【解析】

A．伽利略最早指出力不是維持物體運動的原因，故A錯誤；B．庫侖在前人研究的基礎上，通過扭秤實驗研究得出了庫侖定律，故B正確；C．牛頓總結了萬有引力定律后，卡文迪許測出引力常量，故C錯誤；D．開普勒通過對行星運動的觀察，發現了行星沿橢圓軌道運行的規律，完善了哥白尼的日心說，得出了開普勒行星運動定律，故D錯誤。故選B。5、D【解析】

A、布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒的無規則運動，不是液體分子的運動，故A錯誤；B、氣體溫度不變，則內能不變，運動速度增大說明宏觀的機械能增大，與內能無關，故B錯誤；C、溫度是分子熱運動平均動能的標志，故溫度降低了，物體內分子熱運動的平均動能降低，不是每個分子的動能都減小，故C錯誤；D、根據熱力學第一定律公式，由題意知，，，解得：，故空氣向外界放出熱量，故D正確．6、C【解析】

棒保持靜止狀態，合力為零；對棒受力分析，受重力、繩子豎直向上的拉力，地面的支持力，由于繩子豎直向上的拉力，有合力為零，故地面對棒沒有靜摩擦力，因此棒共受到3個力作用，故C正確，ABD錯誤；故選C．【點睛】受力分析時為防止漏力、多力，可以按照重力、彈力、摩擦力的順序分析，同時要結合平衡態分析，注意繩子的拉力方向是解題的關鍵．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A.玻璃磚的臨界角為解得C=45°所以減小∠AOB，光線可能在BC面發生全反射，故A正確；D.由折射定律可得∠O′OD=45°，則OO′=O′D=，∠O′DE=120°在△O′DE中，由正弦定理可得又代入數據可得∠O′ED=30°，由折射定律可得∠FEG=45°，所以光線EF相對于光線AO偏折了15°，故D正確；BC.BC、B′C′間距越大，從右半圓圓弧出射光線的入射角就越大，可能超過臨界角，所以BC、B′C′間距大小與光線能否從右半圓形玻璃右側射出有關，且當入射角小于45°時均可從右側面射出，故BC錯誤。故選BC。8、BD【解析】

A．只把滑片P向上滑動，原線圈匝數增大，根據可知，副線圈兩端電壓變小，根據歐姆定律可知，副線圈電流變小，副線圈功率變小，則輸入功率變小，輸入電壓不變，則原線圈電流變小，電流表示數將變小，故A錯誤；B．只把滑片P向下滑動，原線圈匝數變小，副線圈兩端電壓變大，根據歐姆定律可知，副線圈電流變大，，則電阻R1消耗的功率將增大，故B正確；CD．只閉合開關K，副線圈電阻變小，匝數比和輸入電壓不變，則輸出電壓不變，根據歐姆定律可知，副線圈干路電流變大，R1分壓變大，則R2兩端電壓變小，消耗的功率將減小；副線圈干路電流變大，輸出功率變大，則輸入功率變大，輸入電壓不變，則原線圈電流變大，電流表示數將變大，故C錯誤D正確。故選BD。9、AC【解析】

A．由楞次定律可知，通過電阻R的電流方向為M→P，故A正確；B．產生的感應電動勢為E＝S＝kL2根據歐姆定律可得電流為故B錯誤；C．桿剛要運動時μmg－ktIL＝0又因q＝It，聯立可得故C正確；D．根據功率公式故D錯誤。故選AC。10、ACD【解析】

BC．t＝0時刻波傳播到Q點，Q點起振方向沿y軸負方向，在波傳播過程中各點的起振方向都相同，則M點的起振方向也沿y軸負方向；經過t=0.2s，M點第一次到達波谷，可知波的傳播速度故B錯誤，C正確；A．由圖象可知，波長λ=0.04m，則波的周期，亦即P質點振動的周期頻率為周期的倒數，即2.5Hz，故A正確；D．0～1s內質點Q振動了2.5個周期，運動的路程s=×8cm＝20cm故D正確；E．波傳播到M點的時間t1＝s＝0.1s則0～1s內質點M振動了2.25個周期，運動的路程故E錯誤。故選ACD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、偏大【解析】

[1]牽引重物觸地后，對木塊由牛頓第二定律由此可求出木塊與桌面之間的動摩擦因數為[2]在減速階段產生加速度的力是滑動摩擦力和紙帶受到的阻力，所以該實驗測量的木塊與桌面之間的動摩擦因數的結果與真實值比較會偏大。[3]牽引重物觸地前，對木塊和牽引重物分別用牛頓第二定律聯立解得12、0.36kg【解析】

[1]根據按控制變量法可知，探究物體運動的加速度與物體受力的關系，需要保證質量不變，故由表中數據可知選用物體的質量為0.36kg；[2]根據表中質量為0.36kg的數據描點作圖如圖所示四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)4m，-16J；(2)；【附加】【解析】

(1)小滑塊放在小車上以后，其加速度根據牛頓第二定律①解得加速度加速到共速時用時t1②解得此過程中小滑塊相對P點移動的距離③此過程中木板相對P點移動的距離④求解可得摩擦力對小車做的