2022-2023學年高一物理下期末模擬試卷注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)一只船在靜水中的速度為3m/s，它要橫渡一條30m寬的河，水流速度為A．過河時間可能是12B．過河時間可能是6C．這只船可能垂直于河岸抵達正對岸D．這只船對地的速度一定是52、2019年2月16日，世界游泳錦標賽跳水項目選拔賽（第一站）在京舉行，重慶選手施延懋在女子3米跳板決賽中，以386.60分的成績獲得第一名，當運動員壓板使跳板彎曲到最低點時，如圖所示，下列說法正確的是（）A．跳板發生形變是因為運動員的重力大于板對她支持力B．彎曲的跳板受到的壓力，是跳板發生形變而產生的C．在最低點時運動員處于超重狀態D．跳板由最低點向上恢復的過程中，運動員的機械能守恒3、(本題9分)下列物理量中屬于矢量的是（）A．電場強度 B．勢能 C．功 D．電荷量4、(本題9分)如圖所示，C為兩極板水平放置的空氣平行板電容器，閉合開關S，當滑動變阻器R1、R2的滑片處于各自的中點位置時，懸在電容器C兩極板間的帶點塵埃P恰好處于靜止狀態。要使塵埃P向下加速運動，下列方法中可行的是：A．把R1的滑片向左移動 B．把R2的滑片向右移動C．把R2的滑片向左移動 D．把開關S斷開5、(本題9分)磁控管是微波爐的“心臟”，由它產生和發射微波，它實際上是一個真空管，利用磁場將電子群約束在圓管內，如果電子群被控制在較小的圓形區域內如圖所示，O是電子群的中心，A、C是磁控管邊緣兩點，其中，三點共線，則（）A．電子群在A、C處產生的場強大?。築．電子群形成的電場在A、C處的電勢：C．同一正電荷分別在A、C處電勢能：D．同一負電兩分別在A、C處受到的電場力：6、一只小船以恒定的速度渡河，船頭始終垂直河岸航行，當小船行到河中央時，水流速度突然變大，那么小船過河的時間將A．不變 B．變小C．變大 D．都有可能7、(本題9分)在某次高爾夫球比賽中，美國選手羅伯特－斯特布擊球后，球恰好落在洞的邊緣，假定洞內bc表面為球面，半徑為R，且空氣阻力可忽略，重力加速度大小為g，把此球以大小不同的初速度v0沿半徑方向水平擊出，如圖所示，球落到球面上，下列說法正確的是()A．落在球面上的最大速度為B．落在球面上的最小速度為C．小球的運動時間與v0大小無關D．無論調整v0大小為何值，球都不可能垂直撞擊在球面上8、(本題9分)如圖所示，小球從高處下落到豎直放置的輕彈簧上，在將彈簧壓縮到最短的整個過程中，下列關于小球和彈簧的能量敘述中正確的是()A．小球的機械能守恒B．彈簧的彈性勢能增大C．小球剛接觸彈簧時，動能最大D．小球和彈簧組成的系統機械能守恒9、質量為1500kg的汽車在平直的公路上運動，v-t圖象如圖所示．由此可求()A．前25s內汽車的平均速度B．前10s內汽車的加速度C．前10s內汽車所受的阻力D．15～25s內合外力對汽車所做的功10、如圖所示，在光滑水平面上停放質量為M=3kg裝有弧形槽的小車。現有一質量為m=1kg的小球以v0=4m/s的水平速度沿與切線水平的槽口向小車滑去(不計一切摩擦)，到達某一高度后，小球又返回小車右端，則（）A．小球在小車上到達最高點時豎直方向速度大小為1m/sB．小球離車后，對地將向右做平拋運動C．小球離車后，對地將做自由落體運動D．此過程中小球對車做的功為6J11、(本題9分)如圖，在發射地球同步衛星的過程中，衛星首先進入橢圓軌道I，然后在Q點通過改變衛星速度，讓衛星進入地球同步軌道Ⅱ．則下列說法正確的是A．在軌道Ⅱ上，衛星的運行速度大于7.9km/sB．在軌道I上，衛星在P點的速度大于在Q點的速度C．衛星在Q點通過加速實現由軌道I進入軌道ⅡD．在軌道I上運行的過程中，衛星、地球系統的機械能不守恒12、(本題9分)已知地球的質量為M，半徑為R，表面的重力加速度為g，那么地球的第一宇宙速度的表達式有：A． B． C． D．二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)如下圖所示,將一根長20cm,勁度系數為360N/m的彈簧一端固定于O點,另一端接一質量為0.5kg的小球.當小球以r/min的轉速在光滑水平面上做勻速圓周運動時,彈簧的伸長量為__________cm．14、(本題9分)如圖，一半徑為R的圓盤上均勻分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓盤且過圓心c的軸線上有a、b、d三個點，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點處有一電荷量為q(q>0)的固定點電荷．已知b點處的場強為零，則d點處場強的大小為_________方向為_________(k為靜電力常量)15、(本題9分)如圖所示是一列向右傳播的橫波，波速為0.4m/s，M點的橫坐標x=10m，圖示時刻波傳到N點。現從圖示時刻開始計時，經過___s時間，M點第一次到達波谷；這段時間里，N點經過的路程為_____cm。三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示是一種測量重力加速度g的裝置。在某星球上，將真空長直管沿豎直方向放置，管內小球以某一初速度自O點豎直上拋，經t時間上升到最高點，OP間的距離為h，已知引力常量為G，星球的半徑為R；求：（1）該星球表面的重力加速度g；（2）該星球的質量M；（3）該星球的第一宇宙速度v1。17、（10分）(本題9分)可視為質點的小滑塊從半徑為0.8m的四分之一光滑圓弧軌道頂端滑下。在軌道最低點滑上水平傳送帶的最右端（設軌道銜接處無機械能損失）。設傳送帶長度L=8m，并以恒定的v=3m/s速度順時針轉動，小滑塊恰好能運動到水平傳送帶的最左端而沒有掉下傳送帶。已知重力加速度大小為g=10m/s2。求：（1）物塊與傳送帶間的動摩擦因數；（2）物塊從圓弧軌道最低點滑入傳送帶到第一次返回圓弧軌道最低點所用的時間（本小題計算結果保留兩位有效數字）。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、A【解析】AB、當船頭與岸垂直時，過河時間最短，最小時間tmin=dC、由已知小船在靜水中速度v1=3m/s，河寬d=30m，水速v2=4m/s，因v2>v1，由矢量合成的平行四邊形法則可知合速度不能垂直河岸，故船不可能垂直于河岸抵達正對岸，因此這只船不可能垂直于河岸到達對岸，故C錯誤；D、當兩速度互相垂直時，根據平行四邊形定則知，合速度為5m/s，其它情況不等于5m/s，故D錯誤；故選A。【點睛】根據平行四邊形定則判斷合速度的方向能否垂直河岸，從而確定能否垂直渡河．當船頭的方向與河岸垂直時，渡河時間最短，根據等時性求出最短的時間，從而判斷渡河時間的可能值。2、C【解析】

A.跳板發生形變是因為運動員對跳板施加了力的作用，選項A錯誤；B.運動員對跳板有壓力是由運動員的腳發生形變而產生的，故B錯誤；C.運動員在最低點具有向上的加速度，所以是處于超重狀態，支持力大于重力，故C正確；

D.跳板由最低點向上恢復的過程中，支持力對運動員做功，機械能不守恒，故D錯誤。3、A【解析】

A.電場強度既有大小又有方向，是矢量，選項A正確；B.勢能只有大小無方向，是標量，選項B錯誤；C.功只有大小無方向，是標量，選項C錯誤；D.電荷量只有大小無方向，是標量，選項D錯誤．4、C【解析】

要使塵埃P向下加速運動，電容C兩端電壓就得下降A．在含容電路中相當于一根導線，滑動的滑片，電容兩端的電壓不會發生變化，故A錯誤；BC．和電源組成分壓電路，把R2的滑片向左移動，電容兩端電壓就會下降，塵埃P向下加速運動；R2的滑片向右移動，電容兩端電壓就會上升，塵埃P向上加速運動；故B錯誤，C正確；D．把開關S斷開，電容C兩端電壓等于電源電動勢，電壓升高，塵埃P向上加速運動，故D錯誤。故選C?！军c評】稍難．電容器穩定后可認為斷路，電容器兩端的電壓等于與之并聯的電阻兩端的電壓．與電容器串聯的電阻可作為導線處理。5、C【解析】

AB.負電荷的電場線分布為呈輻射狀指向電荷的線，電場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向。沿著電場線方向電勢是降低的。越靠近電荷電場強度越大，越靠近負電荷，電勢越低。即EA＞EC，φA＜φC，故AB錯誤；C.正電荷在電勢高的地方電勢能大，故同一正電荷分別在A、C處的電勢能：EPA＜EPC，故C正確；D.場強大的地方，電荷受到的電場力大，同一負電荷分別在A、C處受到的電場力：FA＞FC，故D錯誤。6、A【解析】

將小船的實際運動沿著船頭指向和順著水流方向正交分解，由于分運動互不干擾，故渡河時間與水流速度無關，只與船頭指向方向的分運動有關，故船航行至河中心時，水流速度突然增大，只會對軌跡有影響，對渡河時間無影響；A.不變，與結論相符，選項A正確；B.變小，與結論不相符，選項B錯誤；C.變大，與結論不相符，選項C錯誤；D.都有可能，與結論不相符，選項D錯誤；7、BD【解析】

AB．平拋運動豎直方向的分運動是自由落體運動，由h=gt2得t=設小球落在A點時，OA與豎直方向之間的夾角為θ，水平方向的位移為x，豎直方向的位移為y，水平方向的初速度為v0，到達a點時豎直方向的速度為vy，如圖所示由幾何關系得x=v0t=Rsinθ，y==Rcosθ解得vy2=2gRcosθ，又由聯立得所以落在球面上時的小球有最小速度，當時，最小速度為，故A錯誤，B正確；C．由以上的分析可知，小球下落的時間與小球的初速度有關．故C錯誤；D．小球撞擊在圓面時，速度方向斜向右下方，根據“中點”結論可知，由于O不在水平位移的中點，所以小球撞在圓環上的速度反向延長線不可能通過O點，也就不可能垂直撞擊圓環．故D正確。故選BD?！军c睛】解決本題的關鍵掌握平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，能巧妙運用“中點”的推論分析小球速度的方向，也可以結合運動學公式列式進行分析．8、BD【解析】

對于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中，小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能這三種形式的能量相互轉化，沒有與其他形式的能發生交換，也就說小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變。對于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中，彈簧是一直被壓縮的，所以彈簧的彈性勢能一直在增大。小球的動能先增大后減小?！驹斀狻吭趯椈蓧嚎s到最短的整個過程中，彈簧的彈力對小球做負功，故小球的機械能不守恒，故A錯誤；在壓縮到最短的過程中，小球對彈簧始終做正功，故彈簧的彈性勢能移植增大，故B正確；小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中，彈簧的彈力逐漸增大，彈簧的彈力先小小球受到的重力，后大于重力，合力先向下后向上，所以小球先向下加速運動，后向下減速運動，所以小球的動能先變大后變小，故C錯誤；對于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中，小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能這三種形式的能量相互轉化，沒有與其他形式的能發生交換，也就說小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變，故D正確；故選BD?！军c睛】本題考查彈簧中的功能變化關系，彈簧問題往往是動態變化的，分析這類問題時用動態變化的觀點進行，要注意該系統機械能守恒，但小球的機械能并不守恒。不能想當然，認為小球一接觸彈簧動能就開始減小。9、ABD【解析】試題分析：觀察速度時間圖像，V-t圖像和時間軸圍成面積代表位移，斜率代表加速度a，觀察圖像可知，前10s斜率即加速度,答案B對．根據牛頓第二定律，牽引力未知因此無法求出阻力，C錯．前25s圖像和時間軸圍成的面積可以分成前10s三角形和中間5s矩形及后10s梯形都可以計算出面積，也就可以知道前25s位移，除以時間即可算出平均速度，A對．根據動能定理，合外力做功等于動能變化量，15～25s的初速度和末速度都知道而且題目告訴有質量，答案D對．考點：速度時間圖像動能定理10、BD【解析】

A.小球在小車上到達最高點時，小球與小車速度相等，方向水平，所以此時小球在小車上到達最高點時豎直方向速度大小為0，故A錯誤；BC.以小球與小車為系統，水平方向動量守恒，由動量守恒定律得：；不計一切摩擦，機械能守恒，由機械能守恒定律得：。解得小球離車的速度，小球離車時車的速度，負號表示方向向右，故小球離車后，對地將向右做平拋運動，故B正確，C錯誤；D.由動能定理得：此過程中小球對車做的功為，故D正確。11、BC【解析】

第一宇宙速度7.9km/s是所有環繞地球運轉的衛星的最大速度，則在軌道Ⅱ上，衛星的運行速度小于7.9km/s，選項A錯誤；根據開普勒第二定律可知，在軌道I上，衛星在P點的速度大于在Q點的速度，選項B正確；從橢圓軌道Ⅰ到同步軌道Ⅱ，衛星在Q點是做逐漸遠離圓心的運動，要實現這個運動必須衛星所需向心力大于萬有引力，所以應給衛星加速，增加所需的向心力．所以衛星在Q點通過加速實現由軌道Ⅰ進入軌道Ⅱ．故C正確；在軌道I上運行的過程中，只有地球的引力對衛星做功，則衛星、地球系統的機械能守恒，選項D錯誤；故選BC.【點睛】解決本題的關鍵掌握衛星如何變軌，以及掌握萬有引力提供向心力解決問題的思路．衛星變軌也就是近心運動或離心運動，根據提供的萬有引力和所需的向心力關系確定．12、AB【解析】第一宇宙速度是衛星在近地圓軌道上的環繞速度，根據萬有引力提供向心力得：，解得:，故A正確，根據地面附近引力等于重力得：，聯立可得：，故AB正確，CD錯誤．二．填空題(每小題6分，共18分)13、5【解析】

[1]．設彈簧的伸長量為x，ω==12rad/s，L=0.2m，向心力F=kx=mω2（L+x），則360x=122×0.5×（0.2+x）伸長量x=0.05m=5cm14、水平向右