1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，物塊A放在木板B上，A、B的質量均為m，A、B之間的動摩擦因數為，B與地面之間的動摩擦因數為若將水平力作用在A上，使A剛好要相對B滑動，此時A的加速度為a1；若將水平力作用在B上，使B剛好要相對A滑動，此時B的加速度

2、為a2，則a1與a2的比為（ ）A3:4B3:5C1:3D4:52、如圖所示為一質點從時刻開始,做初速度為零的勻加速直線運動的位移時間圖象,圖中虛線為經過時對應的圖象的點的切線,交時間軸于處,由此可知該質點做勻加速運動的加速度為()ABCD3、細繩拴一個質量為m的小球，小球將左端固定在墻上的輕彈簧壓縮（小球與彈簧不連接），小球靜止時彈簧在水平位置，如圖所示將細繩燒斷后，下列說法中正確的是A小球立即開始做自由落體運動B小球離開彈簧后做平拋運動C小球運動的加速度先比重力加速度小，后來和重力加速度相等D小球離開彈簧后做勻變速運動4、如圖所示，輕質彈簧的一端固定在豎直板P上，另一端與質量為m1的物體A

3、相連，物體A靜止于光滑桌面上，A右邊結一細線繞過光滑的定滑輪懸一質量為m2的物體B，設定滑輪的質量不計，開始時用手托住B，讓細線恰好拉直，然后由靜止釋放B，直到B獲得最大速度，下列有關此過程的分析，其中正確的是（ ）AB物體的機械能保持不變BB物體和A物體組成的系統機械能守恒CB物體和A物體以及彈簧三者組成的系統機械能守恒DB物體動能的增量等于細線拉力對B做的功5、如圖所示，A、B兩物塊始終靜止在水平地面上，有一輕質彈簧一端連接在豎直墻上P點，另一端與A相連接，下列說法可能正確的是( )AB對A無摩擦力，地面對B可能有摩擦力BB對A有向左的摩擦力，地面對B有向右的摩擦力CP點緩慢下移過程中，B

4、對地面的壓力力一定減小DP點緩慢下移過程中，地面對B的摩擦力可能增大6、在兩個坡度不同的斜面頂點以大小相同的初速度同時水平向左，向右拋出兩個小球A和B，兩斜坡的傾角分別是30和60，小球均落在斜坡上，則A、B兩小球在空中運動的時間之比為A1：B1：3C：1D3：1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲，質量為2 kg的物體在水平恒力F作用下沿粗糙的水平面運動，1 s后撤掉恒力F，其運動的vt圖象如圖乙，g10 m/s2，下列說法正確的是A在02 s內，合外力一直做

5、正功B在0.5 s時，恒力F的瞬時功率為150 WC在01 s內，合外力的平均功率為150 WD在03 s內，物體克服摩擦力做功為150 J8、如圖所示，豎直放置的光滑圓軌道被固定在水平地面上，半徑m，最低點處有一小球（半徑比小很多）。現給小球一水平向右的初速度，則要使小球不脫離圓軌道運動，應當滿足g=10m/s2（）ABm/sCm/sDm/s9、如圖所示，a為赤道上的物體，隨地球自轉做勻速圓周運動，b為沿地球表面附近做勻速圓周運動的人造衛星，c為地球的同步衛星，已知地球半徑為R，地球同步衛星軌道半徑為6.6R；下列說法中正確的是（ ）Aa 和 c 的向心加速度之比為 1：6.6Bb 衛星轉動

6、線速度大于 7.9 km/sCa 的運轉周期大于 b 的運轉周期Db 和 c 的線速度之比 6.6：110、如圖所示水平圓盤可以繞豎直轉軸OO轉動，在距轉軸不同位置處通過相同長度的細繩懸掛兩個質量相同的物體AB，不考慮空氣阻力的影響，當圓盤繞OO軸勻速轉動達到穩定狀態時，下列說法正確的是（ ）AA比B的線速度小BA與B的向心加速度大小相等C細繩對B的拉力大于細繩對A的拉力D懸掛A于B的纜繩與豎直方向的夾角相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）利用圖示裝置可以做力學中的許多實驗（1）以下說法正確的是_.A利用此裝置“研究勻變速直線

7、運動” 時，須設法消除小車和木板間的摩擦阻力的影響B利用此裝置探究 “小車的加速度與質量的關系”并用圖象法處理數據時，如果畫出的a-M關系圖象不是直線，就可確定加速度與質量成反比C利用此裝置探究“功與速度變化的關系”實驗時，應將木板帶打點計時器的一端適當墊高，這樣做的目的是利用小車重力沿斜面分力補償小車運動中所受阻力的影響(2).小華在利用此裝置“探究加速度a與力F的關系”時，因為不斷增加所掛鉤碼的個數，導致鉤碼的質量遠遠大于小車的質量，則小車加速度a的值隨鈞碼個數的增加將趨近于_的值.12（12分） (1)在做“研究平拋物體的運動”實驗時，為了能較準確地描繪運動軌跡，下面列出了一些操作要求，

8、將你認為正確的選項前面的字母填在橫線上_A通過調節使斜槽的末端保持水平B每次必須由靜止釋放小球C每次釋放小球的位置必須不同D用鉛筆記錄小球位置時，每次必須嚴格地等距離下降E將球的位置記錄在紙上后，取下紙，用直尺將點連成折線F小球運動時不應與木板上的白紙（或方格紙）相觸(2)如圖所示為一小球做平拋運動的閃光照相照片的一部分，圖中背景方格的邊長均為20cm，如果取g10m/s2，那么：照相機的閃光頻率是_Hz；小球運動中水平分速度的大小是_ m/s；小球經過B點時的速度大小是_ m/s四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13

9、（10分）地球上空有兩顆質量均為m的人造衛星，地A .B兩顆衛星的軌道半徑分別為2R和3R，在同一平面內，運行方向相同，不計兩衛星之間的萬有引力，地球質量為M、半徑為R，萬有引力常量為G。(1)試求AB兩衛星的周期TA、TB;(2)若某時刻兩衛星與地球中心正好在一條直線上，試求最短經過多長時間，AB兩衛星又和地球在一條直線上且相距最近;(3)如果兩顆衛星成為繩系衛星，即用結實的繩連接，它們將可以一起繞地球運動且與地球中心始終在一條直線上，第一顆繩系衛星由意大利航天局研制。求此情況下兩顆衛星的運動周期T。14（16分）在平直公路上行駛的a車和b車，其位移時間圖象分別為圖中直線a和曲線b，已知b車

10、的加速度恒定且a2 m/s2，t3 s時，直線a和曲線b剛好相切求：t1時a車和b車的距離x115（12分）某行星的質量為地球質量的 ，半徑為地球半徑的現向該行星發射探測器，并在其表面實現軟著陸探測器在離行星表面 h 高時速度減小為零，為防止發動機將行星表面上的塵埃吹起，此時要關閉所有發動機，讓探測器自由下落實現著陸已知地球半徑 R0=6400km，地球表面重力加速度 g=10m/s2，不計自轉的影響（結果保留兩位有效數字你可能用到的數據有：=1.41, =1.73, = 2.24, = 3.16） （1）若題中 h=4m，求探測器落到行星表面時的速度大小； （2）若在該行星表面發射一顆繞它做

11、圓周運動的衛星，發射速度至少多大； （3）由于引力的作用，行星引力范圍內的物體具有引力勢能若取離行星無窮遠處為Mm引力勢能的零勢點，則距離行星球心為 r 處的物體引力勢能，式中 G 為萬有 r引力常量，M 為行星的質量，m 為物體的質量求探測器從行星表面發射能脫離行星引力范圍所需的最小速度參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當水平力作用在A上，使A剛好要相對B滑動，臨界情況是A、B的加速度相等，隔離對B分析，根據牛頓第二定律：，解得B的加速度為：當水平力作用在B上，使B剛好要相對A滑動，此時A、B間的摩擦

12、力剛好達到最大，A、B的加速度相等，根據牛頓第二定律：，解得：可得：a1：a2=1：3A3:4。故A不符合題意。 B3:5。故B不符合題意。 C1:3。故C符合題意。 D4:5。故D不符合題意。2、B【解析】位移時間圖象的斜率表示速度，由圖象得時刻的速度,根據勻加速直線運動速度時間公式,解得,選B.3、D【解析】對小球受力分析可知，在與彈簧接觸時，小球受到球的重力和彈簧的彈力的共同的作用，此過程中彈簧的彈力是不斷減小的，離開彈簧之后，小球只受到重力的作用，做勻變速運動解：A、將細繩燒斷后，小球受到球的重力和彈簧的彈力的共同的作用，合力斜向右下方，并不是只有重力的作用，所以不是自由落體運動，故A

13、錯誤B、平拋運動在豎直方向上是只受重力的作用，由A的分析可知，小球并不是平拋運動，所以B錯誤C、小球受到球的重力和彈簧的彈力的共同的作用，合力斜向右下方，并且大于重力的大小，所以開始時加速度的大小要比重力加速度大，故C錯誤D、小球離開彈簧后，只受到重力的作用，所以是勻變速運動，故D正確故選D4、C【解析】釋放B后，A、B和彈簧組成的系統機械能守恒；動能的增量根據動能定理分析【詳解】A、釋放B后，細線的拉力對B做負功，B物體的機械能減少，故A錯誤B、對于A、B和彈簧組成的系統，只有重力和彈簧的彈力做功，A、B和彈簧組成的系統機械能守恒；B物體和A物體組成的系統機械能是減少的不守恒，故B錯誤，C正

14、確D、根據動能定理得知，B物體動能的增量等于B物體所受拉力和重力的合力做的功，故D錯誤故選C5、D【解析】若B對A沒有摩擦力，則A對B也沒有摩擦力，因B在水平方向受力平衡，則地面對B也沒有摩擦力，故A錯誤；若B對A有向左的摩擦力，則A對B有向右的摩擦力，由平衡條件知，地面對B有向左的摩擦力，故B錯誤；若彈簧起初處于拉伸狀態，則在P點緩慢下移的過程中，彈簧對A物塊的拉力減小且拉力在豎直方向的分力減小，則B對A的支持力增大；故C錯誤；P點下降過程中，水平方向彈力可能增大，則對整體分析可知，地面對B的摩擦力可能增大，故D正確；故選D。【點睛】本題考查共點力平衡條件的應用，解決本題的關鍵能夠正確地受力

15、分析，運用共點力平衡進行求解，注意整體法和隔離法的運用6、B【解析】兩個小球都落在斜面上，根據： 解得： 則A、B兩小球在空中運動的時間之比為1：3，故B對；ACD錯；故選B【點睛】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，小球落在斜拋上，結合豎直位移和水平位移的關系求出運動的時間，從而得出A、B的運動時間之比解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，結合豎直位移和水平位移比值為定值進行求解二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、B

16、D【解析】A、由v-t圖象可知02 s速度先增大后減小，則合力先做正功后做負功，A錯誤B、由v-t圖象的斜率可得，根據牛頓第二定律可知，解的，故恒力F的瞬時功率為，B項正確C、由動能定理可知，故C錯誤D、摩擦力做的功為，故D正確則選BD.【點睛】本題一要理解圖象的意義，知道斜率等于加速度，面積表示位移，二要掌握牛頓第二定律和動能定理，并能熟練運用8、CD【解析】小球不脫離圓軌道時，最高點的臨界情況為解得m/s根據機械能守恒定律得解得m/s故要使小球做完整的圓周運動，必須滿足m/s；若不通過四分之一圓周小球也不會脫離圓軌道，根據機械能守恒定律有解得m/s故小球不越過四分之一圓周，必須滿足m/s，

17、所以要使小球不脫離圓軌道運動，v0應當滿足m/s或m/s，故CD正確，AB錯誤。故選CD。9、AC【解析】Aa、c做圓周運動的角速度相等，向心加速度之比： 故A正確；Bb 衛星若地球表面做圓周運動，則轉動線速度等于 7.9 km/s，選項B錯誤；Ca做圓周運動的周期等于地球自轉周期，c做圓周運動的周期等于地球自轉周期，a、c的周期相等，而根據可得可知，c的周期大于b的周期，則a 的運轉周期大于 b 的運轉周期，故C正確；D萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：b、c的線速度之比：故D錯誤；故選AC。10、AC【解析】解：A、A、B共軸轉動，角速度相等，A轉動的半徑小于B，根據v=r知，A

18、比B的線速度小，故A正確B、根據a=r2知，A、B轉動的半徑不等，則向心加速度大小不等，故B錯誤CD、如圖，對任一物體，受力如圖，由繩子的拉力與重力的合力提供向心力，則得：mgtan=m2r，則得tan=，由于B的半徑較大，則B繩與豎直方向的夾角較大，根據平行四邊形定則知，細繩對B的拉力較大，故C正確，D錯誤故選AC 三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）C （2）g 【解析】（1）A此裝置可以用來研究勻變速直線運動，但不需要平衡摩擦力，所以A不準確；B曲線的種類有雙曲線、拋物線、三角函數曲線等多種，所以若aM圖象是曲線，不能斷定曲

19、線是雙曲線，即不能斷定加速度與質量成反比，應畫出a圖象，故B錯誤；C探究“功與速度變化的關系”實驗時，需要平衡摩擦力，方法是將木板帶打點計時器的一端適當墊高，這樣做的目的是利用小車重力沿斜面分力補償小車運動中所受阻力的影響，從而小車受到的合力即為繩子的拉力，故C正確（2）設小車質量為m，鉤碼質量為M，則對小車有：對鉤碼有：聯立解得：將上式變形為：可見當Mm時，加速度a趨近于g12、ABF 5 3 5 【解析】(1)1調節使斜槽末端保持水平，是為了保證小球做平拋運動，故A正確；為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，故B正確，C錯誤；平拋運動的豎直分運動是自由落體運動，在相同時間里，位移越來越大，因此木條（或凹槽）下降的距離不應是等距的，故D錯誤；球經過不同高度的位置記錄在紙上后，取下紙，平滑的曲線把各點連接起來，故E錯誤；平拋運動的物體在同一豎直面內運動，固定白紙的木板必須調節成豎直，小球運動時不應與木板上的白紙相接觸，以免有阻力的影響，故F正確所以ABF正確，CDE錯誤(2)2從圖中看出，A、B、C間的水平位移均相等是3L，因此這3個點是等時間間隔點豎直方向兩段相鄰位移之差是個定值，即y=gT2=2L=0.4m，解得：T=0.2