遼寧省各地2025年高一物理第二學期期末質量跟蹤監視試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、(本題9分)如圖所示,物體從O點由靜止開始做勻加速直線運動,途經A、B、C三點，其中AB=2m，BC=4m．若物體通過AB和BC這兩段位移的時間相等，則O、A兩點之間的距離等于A．m B．m C．2m D．4m2、下列說法正確的是（）A．電場中兩點間電勢的差值叫作電勢差，也叫電壓B．電勢差與電勢一樣，是相對量，與零電勢點的選取有關C．表示點與點之間的電勢差，即D．、兩點間的電勢差是恒定的，不隨零電勢點的改變而改變，所以3、(本題9分)2018年12月8日2時23分，“嫦娥四號”探測器在西昌衛星發射中心由長征三號乙運載火箭成功發射．2019年1月3日10時26分，嫦娥四號成功著陸在月球背面南極﹣艾特肯盆地馮．卡門撞擊坑的預選著陸區，“玉兔二號”月球車則于22時22分到達月面開始巡視探測．如圖所示，“嫦娥四號”從距月面高度為100km的環月圓軌道I上的P點實施變軌，進入近月點為15km的橢圓軌道Ⅱ，由近月點Q落月．關于“嫦娥四號”下列說法正確的是（）A．沿軌道I運動時，機械能變大．B．沿軌道Ⅱ運行的周期等于沿軌道I運行的周期C．沿軌道Ⅱ正常運行時，在P點的速度小于在Q點的速度D．在軌道Ⅱ上由P點運行到Q點的過程中，萬有引力對其做正功，它的動能增加，引力勢能減小，機械能減小4、(本題9分)如圖所示的電路中，電阻，電源的電動勢，內電阻閉合開關S后，電阻R兩端的電壓為（）A．B．C．D．5、用恒力F使質量為10kg的物體從靜止開始，以2m/的加速度勻加速上升，不計空氣阻力，g取10m/，那么以下說法中正確的是：（）A．2s內恒力F做功80J B．2s內重力做的功是400JC．2s內物體克服重力做的功是400J D．2s內合力做的功為零6、(本題9分)如圖所示，在豎直平面內的圓周軌道半徑為r，質量為m的小物塊以速度v通過軌道的最高點P．已知重力加速度為g，則小物塊在P點受到軌道對它的壓力大小為A．m B．m－mg C．mg－m D．m+mg7、(本題9分)如圖所示，質量分別為m和2m的A、B兩個木塊間用輕彈簧相連，放在光滑水平面上，A靠緊豎直墻．用水平力F將B向左壓，使彈簧被壓縮一定長度，靜止后彈簧儲存的彈性勢能為E．這時突然撤去F，關于A、B和彈簧組成的系統，下列說法中正確的是()A．撤去F后，系統動量守恒，機械能守恒B．撤去F后，A離開豎直墻前，系統動量不守恒，機械能守恒C．撤去F后，A離開豎直墻后，彈簧的彈性勢能最大值為E/4D．撤去F后，A離開豎直墻后，彈簧的彈性勢能最大值為E/38、(本題9分)圖甲為0.1kg的小球從最低點A沖入豎直放置在水平地面上、半徑為0.4m的半圓軌道，已知小球恰能到達最高點C，軌道粗糙程度處處相同，空氣阻力不計。小球速度的平方與其高度的關系圖象，如圖乙所示。g取10m/s2，B為AC軌道中點。下列說法正確的是()A．圖乙中x＝4B．小球從B到C損失了0.125J的機械能C．小球從A到C合力做的功為-1.05JD．小球從C拋出后，落地點到A的距離為0.8m9、如圖所示，豎直平面內的光滑水平軌道的左邊與墻壁對接，右邊與一個足夠高的光滑圓弧軌道平滑相連，木塊A、B靜置于光滑水平軌道上，A、B的質量分別為和。現讓A以的速度水平向左運動，之后與墻壁碰撞，碰撞的時間為，碰后的速度大小變為，當A與B碰撞后立即粘在一起運動，g取，則（）A．A與墻壁碰撞的過程中，墻壁對A的平均作用力的大小B．A與墻壁碰撞的過程中沒有能量損失C．A、B碰撞后的速度D．A、B滑上圓弧軌道的最大高度10、(本題9分)我國為建設北斗導航系統，發射了多顆地球同步衛星，關于地球同步衛星，下列說法正確的是：A．它們的質量一定相同B．它們一定都在赤道正上方運行C．它們距離地面的高度一定相同D．它們的運行周期一定相同11、(本題9分)在如圖所示的勻強電場中，1、2、3三條虛線表示三個等勢面，a、b分別是等勢面1、3上的兩個點，下列說法中正確的是()A．三個等勢面的電勢相等B．等勢面1的電勢高于等勢面2的電勢C．若將一正電荷由a移到b，電場力做正功D．若將一正電荷由a移到b，電場力做負功12、(本題9分)如圖所示，a是靜止在赤道上隨地球自轉的物體，b、c是在赤道平面內的兩顆人造衛星，b位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道上，c是同步衛星．下列關系正確的是A．物體a隨地球自轉的線速度小于衛星b的線速度B．衛星b的角速度小于衛星c的角速度C．物體a隨地球自轉的周期等于衛星c的周期D．物體a隨地球自轉的向心加速度小于衛星c的向心加速度二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）如圖所示的電路中，小量程電流表的內阻Rg＝100Ω，滿偏電流Ig=1mA，R1=900Ω，R2=Ω（1）當S1和S2均斷開時，改裝成的是_______表，最大量程是__________．（2）當S1和S2均閉合時，改裝成的是_______表，最大量程是___________．14、（10分）利用物體的自由落體運動做“驗證機械能守恒定律”實驗是實驗室常用的實驗方法，記錄小球的自由落體運動通常有三種方法：①用打點計時器；②用光電門；③用頻閃照相機。三種裝置如圖所示。打點計時器是大家所熟知的，光電門可記錄小球通過光電門的時間，頻閃照相在按下快門的同時切斷電磁鐵的電源讓小球自由下落。(1)關于上圖這三種實驗方法，下列說法正確的是________A．方法①③需要測量的量和計算方法相同B．方法②需要測量小球直徑dC．三種方法都需要測量下落重物的質量D．方法③的系統誤差最小(2)下圖是兩位同學利用方法①實驗操作時釋放紙帶瞬間的照片，你認為操作正確的是_______(3)方法②中測得小球被電磁鐵吸住的位置到光電門的距離為h，小球直徑為d，通過光電門的時間為，重力加速度為g。當______≈______時，可認為小球下落過程中機械能守恒。(4)方法③得到如下圖所示頻閃照片，測量結果已標注在圖上，從小球由O點開始運動，到拍下D像，小球重力勢能的減少量______J，小球動能的增加量_______J。（取，小球質量為，頻閃照相機每隔0.05s閃光一次，結果保留三位有效數字）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）(本題9分)一個質量m=10kg的木箱靜止放在水平地面上，木箱與地面間的動摩擦因數μ=0.5，如果用大小F=70N、方向與水平方向的夾角θ=53°的恒力拉動木箱，經過t1=2s后撤去F，再經過一段時間木箱停止運動。已知sin53°=0.8，cos53°=0.6，重力加速度取g=10m/s2。求：(1)撤去拉力前木箱的位移；(2)整個過程中摩擦力做功的平均功率。16、（12分）(本題9分)汽車以額定功率行駛7×102m距離后關閉發動機，汽車運動過程中動能Ek與位侈x的關系圖象如圖所示。已知汽車的質量為1000kg，汽車運動過程中所受阻力為2000N，求汽車：(1)勻速運動過程的速度；(2)減速運動過程的位移；(3)加速運動過程所用的時間。17、（12分）如圖所示，質量為m、電荷量為q的粒子以初速度v0垂直于電場方向射入兩極板間，兩平行板間存在方向豎直向下的勻強電場，已知板長為l，板間電壓為U，板間距為d，粒子能夠射出電場，不計粒子的重力．因為粒子在電場中只受到豎直向下的恒定的電場力作用，所以粒子在水平方向做勻速直線運動，在電場力方向做初速度為零的勻加速直線運動，其合運動類似于平拋運動．求：(1)粒子在電場中的加速度大小；(2)粒子通過電場的時間；(3)粒子射出電場時豎直方向的速度；(4)粒子射出電場時合速度與初速度方向的夾角的正切值；(5)粒子射出電場時沿電場方向偏移的距離．

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、A【解析】設物體通過AB、BC所用時間分別為T，則B點的速度為：，根據△x=aT2得：，則；則.故選A．【點睛】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的公式以及推論，并能進行靈活的運用．2、A【解析】

A.電場中兩點間電勢的差值叫電勢差，也叫電壓，選項A符合題意；B.電勢差的大小與零電勢點的選取無關，選項B不符合題意；CD.電勢差可以反映出兩點電勢的高低，，而電壓只是電勢差的大小，選項C、D不符合題意。3、C【解析】

A．在軌道I上運動，做勻速圓周運動，機械能不變，故選項A錯誤；B．軌道Ⅱ的半長軸小于軌道I的半徑，根據開普勒第三定律可知沿軌道Ⅱ運行的周期小于軌道I上的周期，故選項B錯誤；C．根據開普勒第二定律可知，知在軌道Ⅱ上由P點運行到Q點的過程中，速度逐漸增大，在P點的速度小于在Q點的速度，故選項C正確；D．在軌道Ⅱ上運動時，衛星只受萬有引力作用，由P點運行到Q點的過程中，萬有引力對其做正功，它的動能增加，引力勢能減小，機械能不變，故選項D錯誤．4、C【解析】

根據閉合電路歐姆定律得I==A=0.5A電阻R兩端的電壓U=IR=0.5×5V=2.5V，故C正確，ABD錯誤．故選C5、C【解析】

A.根據牛頓第二定律可知，恒力為：2s內物體上升的高度：2s內恒力做功：故選項A不符合題題；BC.2s內重力做功：即2s內物體克服重力做功為400J，故選項B不符合題意，C符合題意；D.2s內合力做的功：故選項D不符合題意。6、B【解析】

在P點由牛頓第二定律可知：mg+F=m，解得F=m－mg；A.m，與結論不相符，選項A錯誤；B.m－mg，與結論相符，選項B正確；C.mg－m，與結論不相符，選項C錯誤；D.m+mg，與結論不相符，選項D錯誤；7、BD【解析】A、B項：撤去F后，A離開豎直墻前，豎直方向兩物體的重力與水平面的支持力平衡，合力為零，而墻對A有向右的彈力，使系統的動量不守恒．這個過程中，只有彈簧的彈力對B做功，系統的機械能守恒．A離開豎直墻后，系統水平方向不受外力，豎直方向外力平衡，則系統的動量守恒，只有彈簧的彈力做功，機械能也守恒．故A錯誤，B正確；C、D項：撤去F后，A離開豎直墻后，當兩物體速度相同時，彈簧伸長最長或壓縮最短，彈性勢能最大．設兩物體相同速度為v，A離開墻時，B的速度為v1．根據動量守恒和機械能守恒得2mv1=3mv，又聯立得到，彈簧的彈性勢能最大值為，故C錯誤，D正確．點晴：本題考查動量守恒和機械能守恒的判斷和應用能力．動量是否守恒要看研究的過程，要細化過程分析，不能籠統．8、ACD【解析】

A.當h＝0.8m時小球在C點，由于小球恰能到達最高點C，故，所以＝gr＝10×0.4m2·s-2＝4m2·s-2，故選項A正確；B.從A到C過程，動能減小量為，重力勢能的增加量為則機械能減小0.25J，由于A到B過程中壓力大于B到C過程中的壓力，則A到B過程中的摩擦力大于B到C過程中的摩擦力，可知B到C的過程克服摩擦力做功較小，知機械能損失小于0.125J，故B錯誤。；C.小球從A到C，由動能定理可知，故選項C正確；D.小球離開C點后做平拋運動，故2r＝gt2，落地點到A的距離x＝vCt，解得x＝0.8m，故選項D正確。9、AC【解析】試題分析：設水平向右為正方向，A與墻壁碰撞時根據動量定理有，解得，故A正確。若A與墻壁碰撞時無能量損失，A將以速度水平向右運動，由題已知碰后的速度大小變為4m/s，故B錯誤。設碰撞后A、B的共同速度為，根據動量守恒定律有，解得，故C正確。A、B在光滑圓弧軌道上滑動時，機械能守恒，由機械能守恒定律得，解得，故D錯誤。考點：動量守恒定律【名師點睛】本題考查了求作用力、高度問題，分析清楚物體運動過程，應用動量定理、動量守恒定律、機械能守恒定律即可正確解題。10、BCD【解析】

BD.同步衛星與地球保持相對靜止，可知同步衛星必須位于赤道的上方，同步衛星的周期一定，與地球的自轉周期相等為24h；故B，D均正確.AC.根據萬有引力提供向心力，得，則軌道半徑一定，則衛星的高度一定；而對于同步衛星的質量不一定相同；故A錯誤，C正確.11、BC【解析】

根據順著電場線方向電勢降低，可判斷三個等勢面電勢的高低，根據電場力與位移方向夾角與90°【詳解】：A、沿著電場線方向電勢降低，所以1、2和3三個等勢面中1的電勢能最高，3的等勢面最低，故A錯誤，B正確；C、正電荷的受力方向與電場強度方向相同，則將一正電荷由a移到b，力的方向與位移方向的夾角小于90°，電場力做正功，故C正確，D故選：BC。【點睛】解決本題的關鍵要掌握電場線的物理意義：順著電場線方向電勢降低，從而理解等勢面之間電勢的高低。12、ACD【解析】

A.地球赤道上的物體a與地球同步衛星c具有相同的角速度，由v=rω知，物體a隨地球自轉的線速度小于衛星c的線速度。對于衛星b、c，根據萬有引力提供向心力得，可得，則知衛星c的線速度小于衛星b的線速度，所以物體a隨地球自轉的線速度小于衛星b的線速度，故A正確。B.對于衛星b、c，由知，衛星b的角速度大于衛星c的角速度，故B錯誤；C.c是地球的同步衛星，其運行周期與地球自轉周期相同，故C正確。D.對于a、c，角速度相等，由a=rω2比較知，物體a隨地球自轉的向心加速度小于衛星c的向心加速度。故D正確；二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、電壓1V電流1A【解析】

第一空：由電路圖可知，當和均斷開時，與串聯，改裝所成的表是電壓表，第二空：量程為V第三空：由電路圖可知，當和均閉合時，與并聯，改裝所成的表是電流表，第四空：量程為:A14、ABDBgh1.921.92【解析】

(1)[1]A．①③實驗要確定出下落的高度與獲得的速度，所用的方法都是留跡法，故A正確；B．方法②要由求速度則需要測量小球直徑d，故B正確；C．三種方法驗證機械能時動能和重力勢能都含有質量m，則質量可以約掉，故三種方法都不需要測量下落重物的質量，故C錯誤；D．方法①紙帶與計時器有摩擦，方法②用平均速度測量速度有誤差，方法③避免了①②兩種情況，系統誤差小，故D正確。故選ABD。(2)[2]A圖中的重物離打點計時器太遠，導致紙帶有很長一截不能打點，故B圖的操作是正確的，有效的利用了紙帶打點。(3)[3][4]方法②中，實驗原理為驗證重力勢能的減少量等于動能的增加量，有即驗證機械能守恒定律需滿足(4)[5][6]方法③中，小球重力勢能的減少量△Ep=mgh=1×9.8×(11.02+8.57)×10-2J=1.92J小球動能的增加量為三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、(1)4m(2)60W【解析】

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