…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年西師新版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、以下哪位科學家首先提出能量子的概念（）A.楞次B.安培C.普朗克D.焦耳2、如圖所示，平面直角坐標系xOy中，三個點電荷a、b、c分別固定于（0，r）、（0,r）、（0,0）處，a、b、c電荷量分別為+Q、+Q、-Q。現有一電荷量為-q的點電荷d，在+x軸上從靠近坐標原點處由靜止釋放，不考慮重力及電荷d對原電場的影響，取無窮遠處電勢能為零，則在點電荷d的整個運動過程中，其瞬時速度v隨時間t、電勢能Ep隨位置x變化的關系圖像可能為（）

A.①③B.②④C.②③D.①④3、如圖所示，在絕緣的水平面上方存在勻強電場，水平面上的帶電金屬塊在水平力F作用下沿水平面移動。已知金屬塊在移動的過程中，水平力F做功32J；金屬塊克服電場力做功8.0J，金屬塊克服摩擦力做功16J，則在此過程中，金屬塊的（）

A.動能增加8.0JB.電勢能減少8JC.機械能減少24JD.機械能減少8J4、如圖甲所示，A、B是某電場中一條電場線上的兩點，一個負電荷從A點由靜止釋放，僅在靜電力的作用下從A點運動到B點，其運動的圖像如圖乙所示。負電荷的（）

A.電勢能保持不變B.電勢能增大C.動能增大D.動能先增大后減小5、比值定義法經常被用來定義物理概念。下列四個表達式中，不是利用比值定義法的是（）A.電容B.電場強度C.電阻D.電勢評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r，電容器的電容為C，燈泡L的燈絲電阻不隨溫度變化，電壓表和電流表均為理想電表。閉合開關S，待電路穩定后，緩慢減小電阻箱R接入電路中的阻值，與調節電阻箱之前相比，電壓表示數變化量的絕對值為ΔU；在這個過程中電路中所有器件均不會被損壞，下列說法中正確的是。

A.燈泡L將變亮B.電壓表和電流表的示數都將變大C.電源兩端電壓變化量的絕對值將大于ΔUD.電容器所帶電荷量增加，增加量小于CΔU7、如圖所示為多用電表電阻擋的原理圖，表頭內阻為Rg，調零電阻為R0，電池的電動勢為E，內阻為r；則下列說法中正確的是（）

A.它是根據閉合電路歐姆定律制成的B.接表內電池負極的應是黑表筆C.調零后刻度盤的中央刻度值是D.歐姆擋對應的“∞”刻度一般在刻度盤的右端8、如圖所示,M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點,O為半圓弧的圓心,在M、P處各有一條長直導線垂直穿過紙面,導線中通有垂直紙面向里、大小相等的恒定電流．整個系統處于平行于紙面的勻強磁場中,勻強磁場的磁感應強度大小為此時O點的磁感應強度為零．則()

A.勻強磁場的方向水平向左B.M處電流在圓心O點處產生的磁感應強度大小為C.P處電流在圓心O點處產生的磁感應強度大小為D.若把P點處電流反向,其他條件不變,則O點磁感應強度大小為9、如圖所示，空間中有平行于紙面的勻強電場，處于該電場中直角三角形直角邊一電荷量為的正點電荷，從B點移動到A點電場力做功該電荷從B點移動到C點電場力做負功為則（）

A.B.該勻強電場的場強C.該勻強電場的場強D.整個三角形內，頂點C的電勢最高10、如圖，在等邊三角形的三個頂點A、B、C上，分別固定三個電荷量相等的點電荷，其中，A、B處的點電荷均帶正電，C處的點電荷帶負電，D、E、F分別為AB、BC、CA邊的中點，O為三角形中心則下列說法正確的是（）

A.三角形中心O點的電場強度方向為O→DB.D點的電勢高于O點的電勢C.E、F兩點電勢相同D.把一正點電荷從O點移到E點，該電荷的電勢能增加11、下列對電現象及規律的認識中，正確的是（）A.自然界中只存在正、負兩種電荷B.同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引C.摩擦起電說明了電荷可以被創造D.點電荷間的靜電力隨它們之間距離的增大而增大12、如圖所示是帶電量不同的正、負點電荷的電場線，A、M、N是電場中的三點。A是兩電荷連線的中點，M、N在兩電荷連線的垂直平分線上。一個帶負電的點電荷在兩點受到的電場力分別為無窮遠處電勢為零，則（）

A.B.A點電勢為零C.M點電勢高于N點電勢D.將負點電荷從M點移動到N點的過程中，電勢能增加13、在某形狀不規則的帶電體周圍的電場中有一定點A，當把一個電荷量為的試探電荷從無窮遠處移到電場中的A點時，試探電荷克服電場力做功，則下列說法正確的是（）A.試探電荷從無窮遠處移動到電場中的A點，試探電荷的電勢能增大B.試探電荷從無窮遠處移動到電場中的A點，試探電荷的電勢能減小C.A點的電勢大于0D.A點的電勢小于014、在如圖所示的電路中；電壓表和電流表均為理想電表，電源內阻不能忽略。當閉合開關S后，將滑動變阻器的滑片P向下調節，則下列敘述正確的是（）

A.電壓表和電流表的示數都增大B.燈L2變暗，電流表的示數減小C.燈L1變亮，電壓表的示數減小D.電源的效率減小，電容器C的帶電量減少評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖所示，開關S閉合后，將變阻器滑片p從a滑向b的過程中，電流表A示數將________（選填“增大”、“減小”或“不變”），電壓表V示數將_______（選填“增大”、“減小”或“不變”），小燈泡L的亮度將________（選填“變亮”、“變暗”或“不變”）。16、麥克斯韋電磁場理論的兩個基本假設：

（1）變化的磁場能夠在周圍空間產生____（如圖甲所示）。

（2）變化的電場能夠在周圍空間產生____（如圖乙所示）。

17、雷達:

（1）雷達是利用______來測定物體位置的無線電設備。

（2）雷達既是電磁波的____端,又是電磁波的_____端。

（3）原理:雷達用直線性好的微波定位。無線電波的傳播速度是c,測出從發射無線電波到接收反射波的時間t,就可以確定障礙物的距離L=。實際上,障礙物的距離等數據由電子電路自動計算并在熒光屏上顯示。18、熱輻射的原因∶物體中存在著不停運動的帶電微粒，帶電微粒的____會產生變化的______，從而產生電磁____。19、電磁波的電場E的方向和磁場B的方向___________（填“平行”或“垂直”），一雷達放出一束頻率為1000MHz的雷達波，當雷達波射入水中時，雷達波頻率_______（填“變大”、“變小”或“不變”）。20、電源和電阻R組成閉合電路，它們的U—I關系圖線如圖所示。該電源的內阻為________，電源消耗的總功率為________W。

評卷人得分四、實驗題(共4題，共28分)21、實驗室新進了一批螺線管，已知螺線管使用的金屬絲電阻率為課外活動小組的同學設計了一個實驗來測算螺線管使用的金屬絲長度；他們選擇了多用電表；電流表，電壓表、開關、滑動變阻器、螺旋測微器（千分尺）、導線和學生電源等。

（1）他們首先使用多用表測金屬絲的電阻；操作過程分以下三個步驟：（請填寫②步操作）

①將紅；黑表筆分別插入多用電表的“+”、“-”插孔；選擇電阻檔“×1”；

②___________；

③把紅黑表筆分別與螺線管金屬絲的兩端相接，多用表的示數如圖（a）所示。

（2）根據多用電表示數，為了少實驗誤差，并在實驗中獲得較大電壓調節范圍，應從圖（b）的A、B、C、D四個電路中選擇___________電路來測量金屬絲電阻；

（3）他們使用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數如圖所示，金屬絲的直徑為___________mm；

（4）若測得的金屬絲直徑用d表示，電流表的讀數用I表示，電壓表的讀數用U表示，已知螺線管使用的金屬絲電阻率為則由已知量和測得量的符號表示金屬絲的長度L=___________。

（5）本實驗中電阻測量系統誤差的主要來源是___________。22、某實驗小組研究兩個未知元件X和Y的伏安特性；使用的器材包括電壓表（內阻約為3kΩ）；電流表（內阻約為1Ω）、定值電阻等：

(1)使用多用電表粗測元件X的電阻，選擇“×1”歐姆檔測量，示數如圖（a）所示，讀數__________Ω，據此應選擇圖中的__________（選填“b”或“c”）電路進行實驗；

(2)連接所選電烙，閉合S；滑動變阻器的滑片P從左同右滑動，電流表的示數逐漸__________（填增大”“減小”）；依次記錄電流及相應的電壓；將元件X換成元件Y；重復實驗；

(3)圖（d）是根據實驗數據做出的U-I圖線，由圖可判斷元件__________（填“X”或“Y”）是非線性元件；

(4)該小組還借助X和Y中的線性元件和阻值R=21Ω的定值電阻，測量待測電池組的電動勢E和內阻r，如圖（e）所示，閉合S1和S2，電壓表讀數為3.00V，斷開S2，電壓表讀數為1.00V，結合圖（d）可算出E=_______V，r=__________Ω。（電壓表為理想電壓表）23、指針式多用電表是實驗室中常用的測量儀器。

(1)如圖甲所示為某同學設計的多用電表的原理示意圖。虛線框中S為一個單刀多擲開關；通過操作開關，接線柱B可以分別與觸點1；2、3接通，從而實現使用多用電表測量不同物理量的功能。關于此多用電表，下列說法中正確的是__________。

A.當S接觸點1時；多用電表處于測量電流的擋位，其中接線柱B接的是紅表筆。

B.當S接觸點2時；多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱B接的是紅表筆。

C.當S接觸點2時；多用電表處于測量電阻的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆。

D.當S接觸點3時；多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆。

(2)用實驗室原有的多用電表進行某次測量時；指針在表盤的位置如圖乙所示。

A.若所選擋位為“直流”擋，則表盤示數為__________

B.若所選擋位為“直流”擋，則表盤示數為__________

(3)用表盤為圖乙所示的多用電表正確測量了一個約的電阻后，需要繼續測量一個阻值約的電阻。在用紅；黑表筆接觸這個電阻兩端之前；請選擇以下必須的步驟，并按操作順序寫出步驟的序號__________。

A.調節歐姆調零旋鈕使表針指向歐姆零點。

B.把選擇開關旋轉到“”位置。

C.把選擇開關旋轉到“”位置。

D.將紅表筆和黑表筆接觸。

(4)某小組同學們發現歐姆表的表盤刻度線不均勻，分析在同一個擋位下通過不同待測電阻的電流和它的阻值關系，他們分別畫出了如圖所示的幾種圖象，其中可能正確的是__________。24、如圖所示將（a）中的電鍵閉合，電流計指針由中央向右偏轉。若在（b）中把條形磁鐵N極插入線圈時，電流計指針將向_______偏轉；若把條形磁鐵S極從線圈中拔出如（c）所示，則電流計指針向_______偏轉。（填“右”或“左”）

評卷人得分五、解答題(共3題，共27分)25、如圖所示，有一半徑為R=1m的圓形區域，O為圓心，AC為直徑，三角形ABC為圓內接三角形，為60°。有面積足夠大平行于圓面的勻強電場，已知場強E=100V/m，A點電勢為B點電勢為0，C點電勢低于B點電勢，電子電荷量大小為電子重力不計。求：

（1）勻強電場的方向；

（2）C點的電勢（可用根號表示）；

（3）若將一電子以某一初速度從C點飛出；電子經過圓形區域邊界時可能獲得的最大動能增量（可用根號及含eV單位的數值表示）。

26、質量均為m的兩個可視為質點的小球A；B；分別被長為L的絕緣細線懸掛在同一點O，給A、B分別帶上一定量的正電荷，并用水平向右的外力作用在A球上，平衡以后，懸掛A球的細線豎直，懸掛B球的細線向右偏60°角，如圖所示．若A球的帶電量為q，則：

（1）B球的帶量為多少；

（2）水平外力多大．27、如圖所示，在勻強電場中，A、B為同一條電場線上的兩點。已知電場的電場強度A、B兩點之間的距離將電荷量的試探電荷沿電場線從A點移至B點。求：

（1）該試探電荷在電場中所受靜電力的大小F；

（2）在此過程中靜電力對試探電荷所做的功W。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

首先詳細地總結了感應電流方向所滿足的規律，是由楞次發現的，故A錯誤；安培提出了分子電流假說，故B錯誤；普朗克為解釋黑體輻射，首先提出“能量子”的概念，故C正確；焦耳提出了焦耳定律，故D錯誤；故選C2、B【分析】【詳解】

點電荷d的受力分析如圖。

由庫侖定律

由牛頓第二定律

整理可得

易得隨著電荷d向右移動，θ減小，cosθ逐漸增大，電荷d做加速度減小的加速運動，當時，它的速度達到最大值，然后電荷d做減速運動直至無窮遠處；其速度為一定值，故①錯誤，②正確；

由電荷d的受力分析可知，電荷d同時受到合引力和斥力的作用，當時，合力方向向右，故當電荷d從靠近原點處向右移動時，電場力做正功，其電勢能減小；當時，合力為零，此時d的動能最大，電勢能最小；當時，合力方向向左，故當電荷d繼續向右移動時；電場力做負功，其電勢能增加直至無窮遠處電勢能為0，故③錯誤，④正確。

故選B。3、A【分析】【詳解】

A．根據動能定理，合外力做功等于金屬塊動能的增加，即

故A正確；

B．因為金屬塊克服電場力做功8.0J；即電場力做了-8.0J的功，根據電場力做功與電勢能的關系可知，金屬塊的電勢能增加8J，故B錯誤；

CD．根據功能關系；除重力和彈簧彈力以外的其他的力做正功，機械能增加，做負功機械能減小，該題中拉力；電場力、摩擦力做的功都不屬于重力和彈簧的彈力做功，而這些功的總和是8.0J，所以金屬塊的機械能增加8.0J，故CD錯誤。

故選A。4、C【分析】【詳解】

負電荷僅在靜電力的作用下從A點運動到B點；速度越來越大，則動能增加，電場力做正功，電勢能減小。

故選C。5、A【分析】【詳解】

A．公式為電容器的決定式；電容與其中的介電常數；正對面積和板間距離均有關，不是利用比值定義法，A符合題意；

B．電場強度E的定義是檢驗電荷在電場中某點受到的靜電力與其所帶電荷量的比值，是定義式；B不符合題意；

C．導體電阻R的定義是導體兩端的電壓與通過導體電流的比值，是定義式；C不符合題意；

D．電勢的定義是檢驗電荷在電場中某點的電勢能與其所帶電荷量的比值，是定義式；D不符合題意。

故選A。二、多選題(共9題，共18分)6、A:D【分析】【詳解】

A．電阻箱阻值減小，整個電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律：

可知干路電流增大；通過燈泡的電流增大，燈泡L將變亮，故A正確；

B．干路電流增大，電流表示數增大，根據閉合電路歐姆定律：

可知路端電壓減小；通過燈泡的電流增大，分壓增大，則電阻箱的分壓減小，電壓表示數減小，故B錯誤；

C．根據閉合電路歐姆定律，結合數學推理可知：

則電源兩端電壓變化量的絕對值小于電壓表示數的變化量的絕對值；故C錯誤；

D．根據閉合電路歐姆定律：

結合數學推理可得：

根據方程可知：電容器并聯在燈泡兩端，所以電壓與燈泡的分壓相同，所以電容器的電荷量增加量為：

故D正確。

故選AD。7、A:C【分析】【詳解】

A．歐姆表的工作原理為全電路歐姆定律；則A正確；

B．歐姆表零刻度線在最右側；最大刻度線在最左側。故B錯誤；

C．電表的接表內負極的是紅表筆。故C錯誤；

D．調零時，根據閉合電路歐姆定律有

當指針指在中間刻度時，有

可得

故D正確。

故選AD。8、C:D【分析】【詳解】

ABC．根據安培定則可知，兩導線在O點形成的磁感應強度如圖所示：

兩電流的合磁感應強度大小與外磁場大小相等為方向相反．則根據幾何關系可知，兩導線單獨形成的磁感應強度大小為．故AB不符合題意；C符合題意．

D．當P處電流反向后，根據幾何關系可得合磁場為．故D符合題意．9、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據公式則有

故A正確；

BC．該電荷從B點移動到C點電場力做負功為所以

則有

因為是勻強電場；如圖所示。

D點為AC中點，所以BD兩點的電勢相等，BD為等勢線，AE垂直于BD，根據幾何關系可知

所以電場強度為

故B正確；C錯誤；

D．因為

所以C點電勢最高；故D正確。

故選ABD。10、B:C【分析】【詳解】

A．O點到A、B、C三點的距離相等，三個點電荷在O點產生的場強大小相等，且夾角互為120°，則有A、B兩點電荷在O點的合場強方向向上，點電荷C在O點的場強方向也向上，所以O點的合場強方向向上，為O→C；A錯誤；

B．三個點電荷在O點的合場強方向向上，可知在O點合電場方向向上，由矢量合成定則可知，在DOC的連線上合場強方向都向上，從D到O電場方向應是從D指向O，由沿電場方向電勢降低可知，D點的電勢高于O點的電勢；B正確；

C．AC兩個電荷在F點的電勢和BC兩個電勢在E點的電勢相同都為零，因此只需要比較A電荷在E點的電勢和B電荷在F點的電勢；因距離相同因此電勢相同，C正確；

D．BC兩個電荷在O點和E點電勢相同都為零，A電荷在O點的電勢高于E點的電勢，因此O點電勢高于E點電勢，因此把一正點電荷從O點移到E點；電場力做正功，該電荷的電勢能減少，D錯誤。

故選BC。11、A:B【分析】【詳解】

A．自然界中只存在正；負兩種電荷；故A正確；

B．同種電荷相互排斥；異種電荷相互吸引，故B正確；

C．根據電荷守恒定律可知；電荷不可能被創造，摩擦起電只是將電荷進行轉移，故C錯誤；

D．根據庫侖定律

可知點電荷間的靜電力隨它們之間距離的增大而減小；故D錯誤。

故選AB。12、A:C:D【分析】【詳解】

A．因為電場線的疏密表示電場強度，電場線越密的地方電場強度越大，由圖可知，M點的電場強度大于N點的電場強度，則由可得

故A正確；

B．由等勢線與電場線垂直可得過A點的等勢線如圖。

因為無窮遠處電勢為零，且沿著電場線電勢降低，所以A點電勢大于零；故B錯誤；

C．因為沿著電場線電勢降低，由圖可知，M點電勢高于N點電勢；故C正確；

D．因為負電荷在電勢高的地方電勢能小，所以將負點電荷從M點移動到N點的過程中；電勢能增加，故D正確。

故選ACD。13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．試探電荷從無窮遠處移動到電場中的A點；試探電荷克服電場力做功，即電場力做負功，電勢能增大，故A正確，B錯誤；

CD．根據

A點的電勢大于0；故C正確，D錯誤；

故選AC。14、C:D【分析】【詳解】

ABC．將滑動變阻器的滑片P向下調節，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯的電阻減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數減小，燈L1變亮；R與燈L2并聯電路的電壓

U減小，U1增大，則U并減小，燈L2變暗；流過電流表的電流

I增大，I2減小，IA增大；電流表的示數增大；故AB錯誤，C正確；

D．電源的效率

U減小，則電源的效率減小。并聯部分電壓減小，則電容器的電壓減小，由

可知電容器C的帶電量減小。故D正確；

故選CD。三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]開關S閉合后，將變阻器滑片p從a滑向b的過程中，電阻R的阻值減小，則總電阻減小，總電流變大，則電流表A的示數將增大，路端電壓減小，則電壓表V示數將減小，小燈泡兩端電壓減小，則亮度將變暗。【解析】增大減小變暗16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]變化的磁場能夠在周圍空間產生電場。

(2)[2]變化的電場能夠在周圍空間產生磁場。【解析】①.電場②.磁場17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]雷達是利用無線電波來測定物體位置的無線電設備。

（2）[2][3]雷達既是電磁波的發射端,又是電磁波的接收端。【解析】①.無線電波②.發射③.接收18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]根據原理可知，熱輻射的原因為物體中存在著不停運動的帶電微粒，帶電微粒的振動會產生變化的電磁場，從而產生電磁輻射。【解析】①.振動②.電磁場③.輻射19、略

【分析】【詳解】

[1]電磁波的電場E的方向和磁場B的方向垂直。

[2]雷達波的頻率由波源（雷達）決定，與介質無關，所以射入水中后頻率不變。【解析】垂直不變20、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據閉合電路歐姆定律得

當時

由圖可知電源電動勢

內阻等于圖像的斜率的絕對值，因此有

代入數據可得

由圖可知，此時電流

因此有

代入數據可得【解析】0.56四、實驗題(共4題，共28分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）②[1]歐姆表選擇檔位后要進行歐姆調理，即紅黑表筆短接，調節歐姆調零電阻，使指針指0

（2）[2]由多用電表的示數可知金屬絲電阻約為4由于金屬絲電阻較小，則選擇電流表外接法，并為了減小實驗誤差，且在實驗中獲得較大的電壓調節范圍，所以變阻器選擇分壓式接法，故D正確，ABC錯誤；

（3）[3]由圖示螺旋測微器可知，金屬絲的直徑為

（4）[4]由電阻定律

以及歐姆定律

可知金屬絲的長度

（5）[5]由于電流表測得是電壓表和電阻絲的電流之和；使得測量時電流表讀數比真實值大，因此電流表結果不準確造成系統誤差。

【點睛】

，【解析】①.紅黑表筆短接，調節歐姆調零電阻，使指針指0②.D③.0.260④.⑤.電流表示數不準確22、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]．使用多用電表粗測元件X的電阻，選擇“×1”歐姆擋測量，示數如圖（a）所示，讀數為10Ω．

元件X的電阻遠小于電壓表內阻，電流表采用外接法誤差較小，因此需要選擇圖b所示實驗電路．

(2)[3]．連接所選電路，閉合S；滑動變阻器的滑片P從左向右滑動，并聯支路電壓增大，電流表的示數逐漸增大；

(3)[4]．由圖象可知，X電阻不變化；而Y所示電阻隨電壓的變化而變化，則可判斷元件Y是非線性元件；

(4)[5][6]．根據U-I圖線得出元件X的電阻

閉合S1和S2，電壓表讀數為3.00V；斷開S2，讀數為1.00V，根據閉合電路歐姆定律列出等式

解得E=3.15Vr=0.50Ω【解析】10（或10.0）b增大Y3.150.5（或0.50）23、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]AB．當S接觸點1時；多用電表處于測量電流的擋位；