…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研銜接版必修1物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，傾角為θ的斜面體c置于水平地面上，小盒b置于斜面上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與物體a連接，連接b的一段細繩與斜面平行，連接a的一段細繩豎直.a連接在豎直固定在地面的彈簧上端現在b盒內緩慢放入適量砂粒，abe始終處于靜止狀態；下列說法正確的是。

A.彈簧的彈力可能增大B.b盒所受的摩擦力一定減小C.斜面體c對地面的壓力可能不變D.地面對c的摩擦力一定不變2、在交通事故分析中，剎車線的長度是很重要的依據，剎車線是汽車剎車后，停止轉動的輪胎在地面上滑動時留下的痕跡，在某次交通事故中，汽車的剎車線長度是14m，假設汽車剎車時的加速度大小為則汽車開始剎車時的速度為（）

A.7m/sB.10m/sC.20m/sD.14m/s3、如圖，一固定斜面上兩個小物塊A和B緊挨著勻速下滑，A與B的接觸面光滑。己知B的質量是A的質量的2倍，B與斜面之間的動摩擦因數是A與斜面之間動摩擦因數的斜面傾角為A與斜面之間的動摩擦因數是（）

A.B.C.D.4、小麗的媽媽準備炒菜時；發現油沒了，就讓小麗去樓下的超市里買瓶油，并叮囑小麗回來的時候一定要握緊油瓶，在小麗回來的過程中，油瓶的運動是復雜的。為使問題簡化，我們將小麗的運動簡化為小麗拿著油瓶在水平方向做勻速直線運動且瓶身處于豎直方向，與手沒有相對滑動，如圖所示。下列說法正確的是（）

A.由于油瓶隨小麗在水平方向做勻速直線運動，所以油瓶受滑動摩擦力B.小麗媽媽叮囑小麗要緊握油瓶，是為了增大油瓶受到的摩擦力C.不論小麗手握得多緊，油瓶受到的摩擦力總是一定值D.如果握力加倍，則摩擦力的方向由向下變為向上5、如圖所示，在傾角為θ的光滑斜劈P的斜面上有兩個用輕質彈簧相連的物塊A、B。C為一垂直固定在斜面上的擋板。A、B質量均為m，斜面連同擋板的質量為M，彈簧的勁度系數為k，系統靜止于光滑水平面?，F開始用一水平恒力F作用于P。重力加速度為g。下列說法中正確的是（）

A.若F=0，擋板受到B物塊的壓力為B.兩物塊與斜劈共同加速時，彈簧不可能保持原長C.若要B離開擋板C，彈簧伸長量需達到D.力F較小時A相對于斜面靜止，F大于某一數值，A才相對于斜面向上滑動評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖所示，物體P、Q用輕繩連接后跨過定滑輪，物體P靜止在傾角為37°角的斜面上，斜放木板上懸掛著Q，已知P、Q的質量大小的關系為今將斜放木板的傾角從37°增到60°，物體P仍保持靜止而沒有滑動，若不計滑輪處的摩擦，則下列說法中正確的是（）

A.繩子的張力變大B.物體P受到的靜摩擦力將先減小后增大C.物體P對斜板的壓力將變大D.滑輪受到繩子的作用力將變大7、如圖所示，水平地面上有三個靠在一起的物塊A、B和C，質量均為m，設它們與地面間的動摩擦因數均為μ，用水平向右的恒力F推物塊A，使三個物塊一起向右勻加速運動，用F1和F2分別表示A與B，B與C之間相互作用力的大小，則下列判斷正確的是()

A.若0，則F1：F2＝2：1B.若0，則F1：F2＝3：1C.若0，則F1：F2＝2：1D.若0，則F1：F2＝3：18、圖示紙帶記錄的為在研究勻加速直線運動規律的實驗中小車的運動情況，A、B、C、D、E為相鄰的計數點；相鄰計數點的時間間隔為0.1s，則（）

A.由圖可知紙帶的右側與小車相連B.D點的瞬時速度大小為0.34m/sC.運動小車的加速度大小為D.若電源實際頻率高于50Hz，計算時仍按照50Hz計算，則加速度大小的測量值比真實值偏大9、下列物理量是矢量的是（）A.速度B.路程C.力D.速率10、如圖甲所示，是某人下蹲彎曲膝蓋緩慢搬起重物的情景。該過程是身體肌肉、骨骼、關節等部位一系列相關動作的過程，現將其簡化為如圖乙所示的模型。設腳掌受地面豎直向上的彈力大小為FN，膝關節彎曲的角度為θ，該過程中大、小腿部的肌群對膝關節的作用力F的方向始終水平向后；且大腿骨；小腿骨對膝關節的作用力大致相等。關于該過程的說法正確的是（）

A.人緩慢搬起重物的過程中，FN逐漸變小B.人緩慢搬起重物的過程中，F逐漸變小C.當θ=60°時，D.當θ=120°時，11、如圖所示，A、B兩物體質量均為m，疊放在輕質彈簧上(彈簧下端固定于地面上)．對A施加一豎直向下、大小為F(F＞2mg)的力，將彈簧再壓縮一段距離(彈簧始終處于彈性限度內)而處于平衡狀態．現突然撤去力F，設兩物體向上運動過程中A、B間的相互作用力大小為FN．不計空氣阻力，關于FN的說法正確的是(重力加速度為g)()

A.剛撤去力F時，FN＝B.彈簧彈力大小為F時，FN＝C.A、B的速度最大時，FN＝mgD.彈簧恢復原長時，FN＝012、一物體沿傾角為30°的粗糙斜面從頂端由靜止開始下滑，運動的位移x時間t關系圖像是一段拋物線，如圖所示，g=10m/s2。則（）

A.下滑過程中物體的加速度逐漸變大B.t=0.5s時刻，物體的速度為1m/sC.0～0.5s時間內，物體平均速度為1m/sD.物體與斜面間動摩擦因數為13、如圖所示，水平傳送帶能以恒定的速率v運行．現使一個可視為質點的物體，沿與水平傳送帶等高的光滑水平面以初速度從傳送帶左端滑上傳送帶，物體最終可能從傳送帶右端拋出，或從左端滑回光滑水平面，在此過程中，下列說法正確的是

A.傳送帶順時針轉動時，物體一定從右端拋出B.傳送帶逆時針轉動時，物體一定從左端滑回光滑水平面C.傳送帶順時針轉動和逆時針轉動，對物體做的功可能相同D.傳送帶順時針轉動和逆時針轉動，物體與傳送帶因摩擦產生的內能可能相同評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、籃球是一項很受歡迎的運動?！吧匣@”是籃球中的一種動作，指進攻到籃下的位置跳起，把籃球升起接近籃筐的位置，再以單手將球投進。其中跳起過程可分為下蹲、蹬地、離地上升、下落四個過程。蹬地的過程中，運動員處于________狀態；離地上升的過程中，不計空氣阻力，運動員處于________狀態（兩空均選填“超重”、“失重”或“完全失重”）。15、質點由A點出發向正東方向移動了8m后到達B點，再從B點出發向正北方向移動6m后到達C點，則質點從A點到C點經過的路程是_____m，位移大小是_____m。16、如圖所示，一物體以沿斜面向上的速度，從A點沿光滑斜面上滑，最遠可達C點，若B為的中點，物體沿斜面上滑和下滑的加速度相同，已知物體從A到B所用時間為t，則物體從B經C回到A所用時間為_________。

17、一質點在Ox坐標軸上運動，t＝0時，位于坐標原點，如圖所示，為質點做直線運動的v-t圖線，則由圖線可知，該質點的位移—時間關系式為___________，在時刻t＝___________s時，質點與坐標原點有最大距離，從0到t＝20s，質點位移為________m，通過路程為________m．

18、如圖所示，小車內的地面是光滑的，左下角放一個均勻小球，右壁上掛一個相同的球，兩個球的質量均為懸掛線與右壁成37°角，小車向右加速前進。求：當右壁對A球的壓力為零時，左壁對B球的壓力為______N。（g取）

19、電磁打點計時使用______電源（填“直流”或“交流”），頻率是50Hz，打點周期是______，實驗得到做勻變速運動的紙帶上A、B兩點與B、C兩點之間各有四個點，如圖所示，則相鄰計數點的時間間隔是______。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共40分)20、作圖題：均勻長棒一端放在固定的光滑斜面上，另一端用細線系在天花板上，如圖，若細線豎直，試畫出棒的受力分析示意圖21、水平桌面上的重物受到50N的重力，用力的圖示法畫出重物的支持力。22、用質點代表受力物體，取重力加速度g=10N/kg；試畫出下列幾個力的圖示，并指明施力物體和受力物體。

(1)水平桌面對放在桌面上的書產生5N豎直向上的支持力；

(2)某人用800N的力沿與水平面成30°的斜面向右上方拉一輛小車；

(3)質量為0.06kg的小球沿斜面滾下時受到的重力；

(4)質量為5×104kg的飛機在空中飛行時受到的重力。23、如圖所示，粗糙的長方體木塊A、B疊在一起，在B木板上施加水平外力F；使A；B一起向右勻速運動，試分別畫出A、B的受力示意圖。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共32分)24、某同學用如圖所示的裝置，探究共點力合成的規律。ABCD為豎直平板，E、F兩處固定了摩擦不計的輕質滑輪，滑輪的軸保持水平，所用繩子的質量可不計。第一次實驗，當裝置平衡時，記下繩子的結點D和三段繩子拉力的________和對應鉤碼的數目，數據如圖所示，如果“力的平行四邊形定則”成立，則=________；第二次實驗，僅把右側滑輪F的位置移動到圖中的G點，待穩定后，∠EOF將__________（選填“變大”；“變小”或“不變”）。

25、某同學探究彈力與彈簧伸長量的關系．

(1)將彈簧懸掛在鐵架臺上，將刻度尺固定在彈簧一側．彈簧軸線和刻度尺都應在________方向(填“水平”或“豎直”)．

(2)彈簧自然懸掛，待彈簧靜止時，長度記為L0；彈簧下端掛上砝碼盤時，長度記為Lx；在砝碼盤中每次增加10g砝碼，彈簧長度依次記為L1至L6；數據如下表．

。代表符號L0LxL1L2L3L4L5L6數值cm25.3527.3529.3531.3033.435.3537.4039.30

表中有一個數值記錄不規范，代表符號為________．

(3)下圖是該同學根據表中數據作的圖，縱軸是砝碼的質量，橫軸是彈簧長度與________的差值(填“L0”或“Lx”)．

(4)由圖可知彈簧的勁度系數為________N/m；通過圖和表可知砝碼盤的質量為________g．(結果保留兩位有效數字，重力加速度取9.8m/s2)26、某同學利用如圖甲裝置做“探究彈力和彈簧伸長量的關系”實驗。

（1）在安裝刻度尺時，必須使刻度尺保持______狀態。

（2）圖乙是彈簧彈力大小F與彈簧伸長量x的圖像，由圖可求出彈簧的勁度系數為______N/m，圖像不過坐標原點的原因是______。27、某同學通過實驗探究小車加速度與質量的關系時；采用了如圖所示方案。

（1）保持砝碼盤中砝碼質量不變，通過增減小車中的砝碼個數改變小車中砝碼和小車的總質量M，與此相對應，利用紙帶上打出的點來測量小車的加速度。對此實驗方案，下列做法中合理的是___________。

A．調節滑輪；使細線與木板平行。

B．實驗時；先接通打點計時器電源，待打點計時器工作穩定后再釋放小車。

C．在平衡阻力時；應將砝碼盤及盤中砝碼用細線通過定滑輪系在小車上。

（2）該同學記錄的6組實驗數據如下表所示，其中5組數據的對應點已經標在圖中的坐標紙上，請標出余下的一組數據的對應點，并作出圖像___________。

（3）由圖像可得出的實驗結論為___________。F/NM/kg（）a/（）0.291.160.860.250.290.861.160.340.290.611.640.480.290.412.440.710.290.362.780.810.290.313.230.93評卷人得分六、解答題(共4題，共24分)28、一只老鼠從洞口爬出后沿一直線運動，其速度大小與其離開洞穴的距離成反比，當它前進到離洞穴的距離為x1的甲處時速度為v1，若乙處離洞口的距離為x2（x2>x1）試求老鼠從甲處到乙處要用多少時間？29、如圖所示。水平地面上有一重的物體，物體受到一個水平向右、大小為的拉力F作用；物體與地面之間的動摩擦因素為0.2，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，求物體對地面的摩擦力的大小和方向。

30、如圖，在高臺的水平面上放置兩個小物體A和B，A、B與水平面間的動摩擦因數分別為和A、B間用細線相連，B到高臺右端足夠遠。B通過細線繞過小滑輪與物體C相連，開始時托住C，系統靜止，細線均被拉直，高臺水平面上方的細線均水平，C到地面的高度把C由靜止釋放，C與地面碰撞過程中沒有能量損失，最終A和B沒有發生碰撞。已知A、B、C質量分別為和重力加速度g取不計空氣阻力。求：

（1）C在與地面碰撞前A、B間細線上的彈力大小；

（2）C落地后上升的最大高度H和A、B間細線L至少為多長。

31、2017年3月28日，國家郵政局發布2016年中國快遞發展指數報告顯示，我國快遞業務量規模繼續穩居世界首位．為適應大規模的郵件迅速分揀，提高郵件收發效率，多家快遞公司采用了現代化傳送裝置以提高整體競爭實力．某快遞公司分揀郵件的水平傳輸裝置示意圖如圖，傳送帶在電動機的帶動下保持v＝2m/s的恒定速度向右運動．現將一質量為m=2kg的郵件從傳送帶左端A處無初速地輕放在傳送帶上，經過一段時間，郵件水平到達傳送帶的右端B處．A、B間距離L=9m，郵件和傳送帶間的動摩擦力因數μ＝0.2，取g=10m/s2

（1）請在圖中畫出郵件在傳動帶上滑動時所受的滑動摩擦力．

（2）求郵件從傳送帶左端A到達傳送帶的右端B的時間t．

（3）若提高傳送帶的速度，可使郵件從傳送帶的一端傳到另一端所用的時間縮短．為使郵件傳到另一端所用的時間最短，傳送帶的最小速度是多少？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．a、b、c始終處于靜止狀態；則彈簧的長度不變，由胡克定律可知彈簧的彈力大小不變，A錯誤；

B．由于不知道b的重力沿著斜面方向的分力與細線拉力的大小關系；故不能確定靜摩擦力的方向，故隨著沙子質量的增加，靜摩擦力可能增加；可能減小，有可能先減小后增大，B錯誤；

C．以b與c組成的整體為研究對象，整體受到重力、支持力以及繩子向左上方的拉力、地面的摩擦力，在b盒內緩慢加入適量砂粒后，豎直向下的重力增大，而其他的力不變，所以整體受到的支持力一定增大，即斜面體c對地面的壓力一定增大；C錯誤；

D．因為彈簧的彈力大小不變，a的重力恒定，所以繩子的拉力恒定，以b與c組成的整體為研究對象，整體受到重力、支持力以及繩子向左上方的拉力、地面的摩擦力，而在水平方向上繩子的拉力有一個向右的分力，與摩擦力等大反向，故地面對c的摩擦力一定不變；D正確．

故選D。2、D【分析】【詳解】

剎車過程中滿足v2=2as

代入數據解得

故ABC錯誤，D正確。

故選D。3、A【分析】【分析】

【詳解】

對A、B整體由平衡條件有。

所以。

故選A。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．油瓶相對小麗的手沒有相對滑動；可知油瓶受到的摩擦力為靜摩擦力，A錯誤；

BC．油瓶所受重力和靜摩擦力總是大小相等；方向相反；不管小麗的手握得多緊，油瓶受到的摩擦力總是一定的，小麗媽媽叮囑握緊油瓶是為了增大油瓶受到的最大靜摩擦力，B錯誤，C正確；

D．靜摩擦力的方向始終與重力方向相反；無論握力多大，靜摩擦力的方向始終與重力方向相反，豎直向上，不會發生改變，D錯誤。

故選C。5、A【分析】【分析】

首先運用整體法分析A、B的受力情況即可確定F=0時擋板對B物塊的壓力；根據牛頓第二定律求出加速度；再分別多次對物體A；B或AB整體受力分析，然后根據牛頓第二定律，運用正交分解法列式分析求解。

【詳解】

A．F=0時，對物體A、B整體受力分析，受重力、斜面的支持力N1和擋板的支持力N2，由共點力平衡條件，沿平行斜面方向，有N2-(2m)gsinθ=0

故壓力為2mgsinθ；A正確；

B．若F=(M+2m）gtanθ且保持兩物塊與斜劈共同運動，則根據牛頓第二定律，整體加速度為gtanθ；對物體A受力分析；受重力，支持力和彈簧彈力，如圖。

根據牛頓第二定律，有mgsinθ-kx=macosθ

解得kx=0；故彈簧處于原長，B錯誤；

C、物體B恰好離開擋板C的臨界情況是物體B對擋板無壓力，此時，整體向左加速運動，對物體B受力分析，受重力、支持力、彈簧的拉力，如圖根據牛頓第二定律，有mg-Ncosθ-kxsinθ=0

且Nsinθ-kxcosθ=ma

解得C錯誤；

D．用水平力F作用于P時，A具有水平向左的加速度，設加速度大小為a，將加速度分解如圖，根據牛頓第二定律得mgsinθ-kx=macosθ

當加速度a增大時，x減??；即彈簧的壓縮量減小，物體A相對斜面開始向上滑行。故只要有力作用在P上，A即向上滑動，D錯誤。

故選A。二、多選題(共8題，共16分)6、B:D【分析】【詳解】

A．物體P保持靜止狀態；繩子的張力等于Q的重力，則繩子的張力將不變，A錯誤；

B．木板的傾角為37時,物體P受到的靜摩擦力大小為

方向沿斜面向下。木板的傾角為60時,物體P受到的靜摩擦力大小為

方向沿斜面向上。可知物塊P受到的摩擦力先減小到零后增大；B正確；

C．開始時斜面對P的支持力為

后來斜面對P的支持力為

所以物體對斜板的壓力將變??；C錯誤；

D．斜放木板的傾角從37增到60時，繩子之間的夾角減小，由于繩子的拉力大小不變，所以繩子的合力增大，則滑輪受到繩子的作用力將變大，D正確。

故選BD。

【點睛】

由題，物體P保持靜止狀態，繩子的張力等于Q的重力。根據P受力平衡，可求出物體P受到的靜摩擦力和支持力，再分析各力的變化情況。7、A:C【分析】【詳解】

設三個物體與地面間的動摩擦因數均為μ，根據牛頓第二定律可得F-3μmg=3ma

得：

對BC：F1-2μmg=2ma

得：

對C：F2-μmg=ma

得：

說明F1和F2的大小與動摩擦因數無關，F1：F2=2：1；

A.若0，則F1：F2＝2：1與分析相符；故A項與題意相符；

B.若0，則F1：F2＝3：1與分析不符；故B項與題意不相符；

C.若0，則F1：F2＝2：1與分析相符；故C項與題意相符；

D.若0，則F1：F2＝3：1與分析不符，故D項與題意不相符．8、B:C【分析】【詳解】

A．由圖可知；紙帶上從左到右點間距逐漸增加，可知紙帶的左側與小車相連，選項A錯誤；

B．D點的瞬時速度大小為

選項B正確；

C．運動小車的加速度大小為

選項C正確；

D．若電源實際頻率高于50Hz，則打點周期偏小，根據

計算時仍按照50Hz計算；則加速度大小的測量值比真實值偏小，選項D錯誤。

故選BC。9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AC．速度；力都是有大小又有方向的矢量；故AC正確；

BD．路程；速率都是只有大小沒有方向的標量；故BD錯誤。

故選AC。10、B:D【分析】【詳解】

A．人緩慢搬起重物的過程中；腳掌受到豎直向上的彈力與人和重物的總重力平衡，大小不變，A錯誤；

B．設大腿骨、小腿骨對膝關節的作用力大小為F1，則他們之間的夾角為θ，F即為他們合力，則有

腳掌所受地面豎直向上的彈力約為

聯立可得

人緩慢搬起重物的過程中，膝蓋彎曲的角度θ變大，F逐漸變小；B正確；

C．將角度代入可知，當θ=60°時

當θ=120°時

C錯誤；D正確。

故選BD。11、B:C:D【分析】【詳解】

A.在突然撤去F的瞬間，AB整體的合力向上，大小為F，根據牛頓第二定律，有：F=2ma

解得：

對物體A受力分析，受重力和支持力，根據牛頓第二定律，有：FN-mg=ma

聯立解得：故A錯誤；

B.彈簧彈力等于F時，根據牛頓第二定律得：對整體有：F-2mg=2ma

對A有：FN-mg=ma

聯立解得：故B正確；

D.當物體的合力為零時，速度最大，對A，由平衡條件得FN=mg；故C正確．

C.當彈簧恢復原長時，根據牛頓第二定律得：對整體有：2mg=2ma

對A有：mg-FN=ma

聯立解得FN=0，故D正確；12、B:D【分析】【詳解】

A．由題意可知，物體初速度為零，x-t圖象是一段拋物線，由勻變速直線運動的位移公式：可知，物體的加速度a保持不變；故A錯誤；

B．物體做勻加速直線運動，由圖示圖象可知：t=0.5s時x=0.25m，解得a=2m/s2

物體做初速度為零的勻加速直線運動，t=0.5s時物體的速度v=at=2×0.5m/s=1m/s

故B正確；

C．物體在0～0.5s內物體的平均速度

故C錯誤；

D．對物體，由牛頓第二定律得mgsin30°-μmgcos30°=ma

代入數據解得

故D正確。

故選BD。13、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

若傳送帶順時針轉動時，無論物體的初速度v0與傳送帶的速度v的關系如何，物體一定從右端拋出，選項A正確；若傳送帶逆時針轉動時，若物體的初速度v0較大，物體在傳送帶上做減速運動，到達最右端時速度還未減到零，此時也能到達傳送帶的最右端，選項B錯誤；若傳送帶順時針轉動，且物體在傳送帶上滑動的速度一直大于傳送帶的速度，則傳送帶對物體做功為-fL；若傳送帶逆時針轉動，物體一直減速到最右端，此時傳送帶對物體做功也為-fL；兩種情況下對物體做的功相同，選項C正確；物體與傳送帶因摩擦產生的內能為Q=f?x，傳送帶順時針轉動和逆時針轉動時，相對傳送帶的位移可能相同，則物體與傳送帶因摩擦產生的內能可能相同，選項D正確；故選ACD.三、填空題(共6題，共12分)14、略

【分析】蹬地的過程中；運動員加速向上運動，加速度向上，處于超重狀態；離地上升的過程中，不計空氣阻力，運動員的加速度為向下的g，處于完全失重狀態.

點睛：本題主要考查了對超重失重現象的理解，知道加速度向上時為超重，加速度向下為失重；人處于超重或失重狀態時，人的重力并沒變，只是對地面的壓力變了．【解析】超重完全失重15、略

【分析】【詳解】

[1][2]路程是指運動路徑的長度，則有

位移大小為從初位置指向末位置的有向線段的長度，則有【解析】141016、略

【分析】【詳解】

[1]物體沿斜面上滑和下滑的加速度相同，根據對稱性可知，上升和下降的時間相同，在由勻加速直線運動的規律，經過相同的位移的時間之比為

可得物體從B到C所用時間為所以物體從B經C回到A所用時間為【解析】17、略

【分析】【詳解】

根據v-t圖象可知質點做初速度v0＝10m/s、加速度a=－1m/s2的勻變速直線運動，所以其位移—時間關系式為s=v0t＋at2=10t－t2．物體在0～10s時間內沿正方向從原點開始做勻減速直線運動；10s末速度減為零，物體在10s～20s內質點。

沿負方向返回原點，所以10s末，物體距原點最遠．在v-t圖象中，圖線與坐標軸所圍的面積表示位移，所以前10s和后10s物體位移的大小均為：s=m＝50m，故20s末，物體回到出發點，20s內物體的位移為零，路程為100m．【解析】s=10t－t210010018、略

【分析】【詳解】

[1]當右壁對A球的壓力為零時，則由

則對球BFN=ma

解得FN=30N【解析】3019、略

【分析】【詳解】

[1][2]打點計時器使用的電源為交流電源；且頻率是50Hz，所以每隔0.02s打一個點，則打點周期為0.02s；

[3]紙帶上A、B兩點與B、C兩點之間各有四個點，相鄰計數點的時間間隔為【解析】交流0.02s0.1s##0.10s四、作圖題(共4題，共40分)20、略

【分析】【分析】

依據平衡狀態；結合受力分析的內容，即可求解；考查受力分析的內容，掌握由運動狀態來確定受力情況，注意細線是否豎直是解題關鍵；

【詳解】

解：因細線豎直；且棒處于平衡狀態，則棒受到重力與線的拉力，斜面對其沒有支持力，否則不可能細線豎直方向的；

如圖所示：

【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

靜止在水平桌面上的物體；重力與支持力是一對平衡力。因此支持力的大小為50N，方向豎直向上，作用在物體與桌面的接觸面上。如圖所示。

【解析】見解析22、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)水平桌面對放在桌面上的書產生5N豎直向上的支持力；施力物體：水平桌面；受力物體：書。

(2)某人用800N的力沿與水平面成30°的斜面向右上方拉一輛小車；施力物體：人；受力物體：小車。

(3)質量為0.06kg的小球沿斜面滾下時受到的重力；施力物體：地球；受力物體：小球。

(4)質量為5×104kg的飛機在空中飛行時受到的重力；施力物體：地球；受力物體：飛機。

【解析】見解析圖23、略

【分析】【詳解】

先對A分析。

再對B分析。

【解析】五、實驗題(共4題，共32分)24、略

【分析】【詳解】

驗證力的平行四邊形法則的實驗中需要根據力的大小和方向做平行四邊形，因此該實驗中需要記錄的是力的大小和方向；結點O處于平衡狀態。

水平方向3mgcosα=4mgcosβ

豎直方向3mgsinα=4mgsinβ=5mg

可解得

三力平衡，兩個力的合力和第三個力等大反向，因為鉤碼的個數不變，即三個力的大小不變，O點所受豎直方向的拉力大小不變（5mg），所以OE、OF兩段繩子拉力的合力大小和方向都不變，根據平行四邊形定則可知，兩個力的大小不變，其合力大小和方向不變，則這兩個力的方向也不變，即這兩個力的夾角∠EOF不變。【解析】方向不變25、略

【分析】【詳解】

(1)[1].將彈簧懸掛在鐵架臺上；將刻度尺固定在彈簧一側．彈簧軸線和刻度尺都應在豎直方向．

(2)[2].用毫米刻度尺測量長度是要估讀到分度值的下一位，故L3的數值記錄不規范；

(3)[3].在砝碼盤中每次增加10g砝碼，所以彈簧的形變量應該是彈簧長度與LX的差值．

(4)[4].根據胡克定律公式△F=k△x，有

[5].通過圖和表可知：L0=25.35cm，Lx=27.35cm

所以砝碼盤的質量為：【解析】豎直L3Lx4.91026、略

【分析】【詳解】

（1）[1]因為彈簧處于豎直狀態；所以在安裝刻度尺時，必須使刻度尺保持豎直狀態以方便測量；

（2）[2]根據胡克定律可知

[3]圖線不過原點說明沒有力時有了形變量，故說明彈簧有自身的重力存在【解析】豎直200彈簧有自重27、略

【分析】【詳解】

（1）[1]A．調節滑輪；使細線與木板平行，此時繩的拉力才是小車沿斜面方向