…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版必修3物理下冊階段測試試卷476考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，豎直放置的一對平行金屬板間有加速電場，電勢差為U1，水平放置的一對平行金屬板間有偏轉電場，電勢差為U2。一帶電粒子由靜止開始經加速電場后進入偏轉電場，且從偏轉電場射出。粒子重力忽略不計。現保持其他條件不變，只增大U1，仍使該種粒子由靜止開始進入加速電場。與U1變化前相比；帶電粒子。

A.在偏轉電場中，動能增加量一定增大B.在偏轉電場中，動能增加量可能不變C.射出偏轉電場時的動能一定增大D.射出偏轉電場時的動能可能不變2、如圖所示，虛線為一電子僅在電場力作用下從M點運動到N點的軌跡，a、b、c為該電場中三條等勢線；相鄰等勢線間的電勢差相等，下列說法正確的是（）

A.虛線即為電場線B.電場力對電子做正功C.電子在N點的加速度大于在M點的加速度D.三條等勢線電勢的關系滿足φa>φb>φc3、已知半徑為R電荷量為Q的均勻帶電半球面在球心O處產生的場強大小方向垂直于半球底部。現把半球面分為表面積相等的左、右兩部分，如圖所示，左、右兩部分電荷在球心O處產生電場的場強大小分別為E1、E2則（）

A.B.C.D.4、如圖所示，a、b、c為水平面內的三點，其連線構成一個等邊三角形，兩根長直導線豎直放置且過a、b兩點，兩導線中分別通有方向相反的電流和已知通電直導線產生磁場的磁感應強度可用公式表示，公式中的k是常數、I是導線中電流強度、r是該點到直導線的距離。若兩根長導線在c點產生的磁場的磁感應強度方向沿圖中虛線由c點指向a點，則電流值為（）

A.B.C.D.5、某個同軸半圓柱形的電阻由均勻導電物質組成，其截面如圖陰影部分所示，已知導電物質的電阻率為ρ，同軸半圓柱形的電阻的柱長為L，內半徑為a，外半徑為b，內外兩側均與導電性能良好、電阻不計的圓柱形和圓柱面形的電極相連，設電阻的阻值為R。試通過一定的物理分析，選出所給R的四個表達式中最為合理的一個是（）

A.B.C.D.6、如圖所示，a、b、c、d是勻強電場中的四個點，它們正好是一個梯形的四個頂點，電場線與梯形所在的平面平行，ab平行于dc，且ab為dc邊長的一半，已知a點的電勢是3V，b點的電勢是5V，c點的電勢是7V，由此可知，d點的電勢為（）

A.1VB.2VC.3VD.4V7、現在很多手機在倡導環保的形勢下取消了一起搭配的手機充電頭。日常生活中我們往往會遇到給不同的手機或電子設備充電的情況，于是能夠支持各種充電協議的智能充電器應運而生。一款某品牌氮化鎵智能充電器的銘牌如圖所示。則下列說法錯誤的是（）

A.該充電器以最大輸出功率輸出時，輸出電壓是B.該充電器給支持協議的容量為額定電壓為的電池充電，從0至充滿需要至少1小時C.家用電路中偶爾會有瞬時的脈沖電壓存在，該充電器最大允許脈沖電壓的峰值約為D.某電池充電電壓為最大充電電流不超過則充電器對它充電時的輸出功率為8、關于產生感應電流的條件，以下說法中正確的是（）A.導體在磁場中運動，導體中就一定有感應電流B.導體做切割磁感線運動，導體中就一定有感應電流C.穿過閉合電路的磁通量不為零，閉合電路中就一定產生感應電流D.無論什么方法，只要穿過閉合回路的磁通量發生變化，閉合電路中就一定產生感應電流9、用電流表和電壓表測量電阻的電路如圖所示，其中為待測電阻．電表內阻對測量結果的影響不能忽略，下列說法中正確的是()

A.電流表的示數小于通過Rx的電流B.電流表的示數大于通過Rx的電流C.電壓表的示數小于Rx兩端的電壓D.電壓表的示數大于Rx兩端的電壓評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、下列說法正確的是()A.微觀粒子的能量變化是跳躍式的B.能量子與電磁波的頻率成正比C.紅光的能量子比綠光大D.電磁波波長越長，其能量子越大11、如圖所示，已知電源電動勢內阻定值電阻通過小燈泡的電流為已知小燈泡的電阻為小型直流電動機的線圈電阻則（）

A.電動機兩端的電壓B.電動機兩端的電壓C.電動機的輸入功率D.電動機的輸出功率12、在正方形的四個頂點上分別固定有帶電量絕對值均為Q的點電荷，其帶電性如圖所示。正方形的對角線交點為O，在兩條對角線上分別取點A、B、C、D且不計電子重力。則（）

A.C、D兩點的電場強度不相同，A、B兩點的電場強度不相同B.C、D兩點電勢相等，A、B兩點電勢相等C.電子從C點沿直線運動到D點，電勢能先增加后減小D.電子從O點沿直線運動到B點，電勢能先增加后減小13、對于常溫下一根阻值為R的均勻金屬絲，下列說法中正確的是（）A.給金屬絲加上逐漸從零增大到U0的電壓，則任一狀態下的值不變B.常溫下，若將金屬絲從中點對折起來，電阻變為C.常溫下，若將金屬絲均勻拉長為原來的10倍，則電阻變為10RD.把金屬絲溫度降低到絕對零度附近，電阻率會突然變為零的現象稱為超導現象14、如圖所示，a、b、c、d分別是一個菱形的四個頂點，∠abc＝120°.現將三個等量的正點電荷＋Q分別固定在a、b、c三個頂點上，將一個電量為＋q的點電荷依次放在菱形中心O點和另一個頂點d點處；兩點相比：

A.d點電場強度的方向由O指向dB.＋q在d點所具有的電勢能較大C.d點的電勢小于O點的電勢D.d點的電場強度小于O點的電場強度15、平行板電容器的兩極板A、接于電源兩極，兩極板豎直放置且正對，一帶正電小球懸掛在電容器內部，閉合開關電容器充電，懸線偏離豎直方向的夾角為如圖所示，則下列說法正確的是（）

A.保持開關閉合，帶正電的A板向板靠近，則增大B.保持開關閉合，帶正電的A板向板靠近，則不變C.開關斷開，帶正電的A板向板靠近，則增大D.開關斷開，帶正電的A板向板靠近，則不變16、如圖所示，直線Ⅰ是電源的路端電壓隨輸出電流的變化圖線，曲線Ⅱ是一個小燈泡的伏安特性曲線?曲線Ⅱ與直線Ⅰ交點P的坐標為（0.6A，0.5V），曲線Ⅱ在P點的切線過點（0.4A；0）?將該小燈泡與電源連接組成閉合回路，下列說法正確的是（）

A.小燈泡的電阻為2.5ΩB.電源的內阻為2.5ΩC.電源內阻消耗的熱功率為0.9WD.電源的效率為75%評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、如圖1，光滑水平桌面上固定一圓形光滑絕緣軌道，整個軌道處于水平向右的勻強電場中。一質量為帶電量為的帶正電小球，在軌道內做完整的圓周運動。小球運動到A點時速度大小為且該位置軌道對小球的彈力大小為其圖像如圖2，則圓形軌道半徑為__________；勻強電場電場強度為___________。

18、為了測定元電荷的數值；某物理興趣小組設計了如圖所示的實驗裝置。

實驗操作步驟如下；

①按圖示裝置安裝好器材；

②調節實驗儀器，使間距為d的平行金屬板處于水平位置；

③閉合電源開關；通過噴霧器把油滴（由于摩擦，油滴帶負電）通過平行金屬板的上極板中間的小孔噴入電場中；

④通過顯微鏡來觀察，找到懸浮不動的油滴，根據觀測數據算出油滴的質量為m；

⑤根據平行金屬板上所加的已知電壓U；算出油滴的電荷量。

（1）平行金屬板之間的電場是___________；（填“勻強電場或非勻強電場”）

（2）平行金屬板的下極板帶___________；（填“正電或負電”）19、如圖所示，真空中O點固定有一點電荷，在它產生的電場中有a、b兩點，a點的場強大小為Ea，方向與a、b連線成60°角，b點的場強大小為Eb，方向與a、b連線成30°。則a、b兩點場強Ea：Eb=______；a、b兩點電勢φa、φb的關系為φa______φb（填“<”、“>”；“=”）。

20、一充電后的平行板電容器與電源斷開后，若只將電容器兩板間距離增大，電容器所帶電荷量Q將____，電容C將___，電容器兩極板間的電勢差U將______。（三空均選填“增大”、“減小”或“不變”）21、某學生小組使用DIS做“測定電動機效率”實驗；實驗裝置如圖。

（1）用電流傳感器和電壓傳感器（圖中電流表和電壓表）測量的是電動機_________電流電壓值（填“輸入”或“輸出”）

（2）（每空4分）右圖是用位移傳感器測定重物勻速上升時的位移——時間圖線，同時電流傳感器和電壓傳感器的讀數基本不變，約為0.14A和3.3V，已知重物質量則在2.4~2.8s時間段，重物克服重力做功的功率為___________W；該電動機的工作效率約為___________。

22、如圖所示.電源電動勢E＝10V，內阻r=1Ω.電阻R1＝3Ω，R2＝6Ω，電容C＝30μF.閉合電鍵K，且穩定后通過R1的電流大小_________A，然后將開關K斷開，求這以后流過R1總電量_________C

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)23、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

24、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

25、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。評卷人得分五、實驗題(共3題，共9分)26、(1)在使用多用電表的過程中，下列說法正確的是_____。A．測量電壓時，要將紅表筆接在低電勢點B．測量電阻時，更換倍率擋后，無須重新歐姆調零C．測量電阻時，要使待測電阻與其它元件和外部電源斷開(2)如圖為某一多用電表的結構示意圖，表頭G的滿偏電流為Ig=0.5mA，內阻為Rg=200Ω。當選擇開關分別接1和2檔時，對應的量程為10mA和1mA，其中R1為20Ω，則R2為_____Ω。

(3)該歐姆表表盤中間位置的數值為25，則其“×100”歐姆擋所使用的電源電動勢大小為_____V。27、某課外活動小組自制了西紅柿電池組；現在要測量該西紅柿電池組的電動勢和內阻（電動勢約為2V，內阻一千多歐姆），實驗室現有如下器材：

多用電表：歐姆擋（×1；×10，×100，×1k）；

直流電流擋（0~0.5mA；0~1mA，0~10mA，0~100mA）；

直流電壓擋（0~0.5V；0~2.5V，0~10V，0~50V，0~250V，0~500V）

電壓表（0~3V；0~15V）

電流表（0~0.6A；0~3A）

滑動變阻器：R1（10Ω），R2（2000Ω）

開關及導線。

（1）該小組同學先用多用電表直流電壓“0~2.5V”擋粗測了西紅柿電池組的電動勢，指針穩定時如圖甲所示，其示數為________V；

（2）為了用伏安法更精確地測量西紅柿電池組的電動勢和電阻，應選________測電壓，選__________測電流（填電表名稱和所選量程）；滑動變阻器應選________（填電阻符號）；

（3）請設計方案，在圖乙上進行實物連接。()

28、在“探究平行板電容器的電容與哪些因素有關”的實驗中，實驗裝置如圖所示，平行板電容器的極板與一靜電計相接，極板接地。

（1）靜電計的指針偏轉程度顯示兩極板間的____________大小。

（2）當極板電荷量不變，僅使兩極板正對面積減小，可知電容器電容__________（填“增大”、“不變”或“減小”）。當極板電荷量不變，僅使兩極板距離減小，可觀察到靜電計指針的偏轉角__________（填“增大”、“不變”或“減小”）。評卷人得分六、解答題(共1題，共9分)29、如圖所示的示波管，電子由陰極K發射后，初速度可以忽略，經加速后水平飛入偏轉電場，最后打在熒光屏上，電子電量大小為e，質量為m．已知加速電壓為U1，BC間偏轉電壓為U2；兩偏轉極板BC間距為d，板長為L，偏轉極板右側到熒光屏的距離為D，不計重力，求：

（1）電子射入偏轉電場U2時的速度大小；

（2）電子打在熒光屏上的偏轉距離OP．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

AB．粒子經電場U1加速后，根據動能定理得

粒子在偏轉電場中：水平方向L=v0t

豎直方向：

由牛頓第二定律可得：

解得

則在偏轉電場中動能增加量為

則只增大U1；則在偏轉電場中，動能增加量一定減小，選項AB錯誤；

CD．射出偏轉電場時的動能：

則只增大U1；則射出偏轉電場時的動能可能不變，選項C錯誤，D正確；

故選D.2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．電場線應與等勢線垂直；A錯誤；

B．判斷一下受力方向，受電場力在軌跡與b的交點處垂直于b向下，而速度方向為從M到N的切線；夾角為鈍角，所以電場力做負功，B錯誤；

C．加速度需要判斷電場力的大小，需要判斷電場強度的大小，N處的等勢線密集；故加速度較大，C正確；

D．根據B可知；電場力做負功，電勢能增加，而電子帶負電，故電勢降低，D錯誤。

故選C。3、C【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示；由對稱性和疊加原理知。

故選C。4、A【分析】【分析】

【詳解】

a導線在c處產生的磁場垂直ac斜向右，b導線在c處產生的磁場垂直bc斜向左，合磁感應強度為ca方向；

根據矢量平移疊加原則；如下圖：

有

根據幾何關系，為直角，則有

則

根據題給條件，a、b導線在c處的磁感應強度的大小與電流成正比，所以

故A正確；BCD錯誤。

故選A。5、A【分析】【詳解】

由

可知分子上是長度，分母是面積，由圖可知，圓柱長L是求面積的一個邊，所以L在分母上，故錯誤，單位錯誤，而

由題意可知b大于a；故A正確，BCD錯誤。

故選A。6、C【分析】【分析】

【詳解】

過b點作ad的平行線，交cd于e點；

則ab=de=ec

所以Uab=Ude=Uec

因為Uab=φa-φbUde=Uec=Udc=（φd-φc）

所以φd=3V

故選C。7、D【分析】【詳解】

A．最大輸出功率對應的是“”輸出；故A正確，不符合題意；

B．當以“”輸出時的輸出功率為電池的能量為容量與額定電壓的乘積為考慮充電過程的電熱損失，所以充電時間至少以上；故B正確，不符合題意；

C．充電器輸入最大電壓為有效值交流電，對應峰值為故C正確，不符合題意；

D．某電池充電電壓為最大充電電流不超過則充電器對它充電時的輸出功率不超過故D錯誤；符合題意。

故選D。8、D【分析】【詳解】

導體在磁場中運動時，不一定有閉合回路，同時回路中磁通量不一定發生變化，故導體中不一定有感應電流，故A錯誤；導體中就一定有感應電流閉合電路在磁場中做切割磁感線運動，磁通量不一定發生變化，不一定產生感應電流，故B錯誤；根據感應電流產生的條件，不管用什么方法，只要穿過閉合電路的磁通量發生變化，閉合電路中就有感應電流，閉合回路放在磁場中，或在磁場中運動，磁通量不一定發生變化，不一定會產生感應電流，故C錯誤，D正確．所以D正確，ABC錯誤．9、B【分析】【分析】

電壓表測量的是與其并聯電路的電壓值；電流表測量的是與之串聯電路的電流值，據此分析問題同；

【詳解】

A、由電路圖可知，實驗采用電流表外接法，電流表所測電流等于通過電阻的電流與通過電壓表的電流之和，電流表的示數大于通過的電流；故A錯誤，B正確；

C、由電路圖可知，電壓表與待測電阻并聯，測量待測電阻兩端電壓，電壓表的示數等于兩端的電壓，故CD錯誤．二、多選題(共7題，共14分)10、A:B【分析】【詳解】

A．微觀粒子的能量變化是跳躍式的；故A正確；

B．由?＝hν可知；能量子與電磁波的頻率成正比，故B正確；

C．紅光的頻率比綠光小，由?＝hν可知；紅光的能量子比綠光小，故C錯誤；

D．電磁波波長越長；其頻率越小，能量子越小，故D錯誤．

故選AB．11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．電動機兩端的電壓。

故AB錯誤；

CD．電動機的輸入功率。

輸出功率。

故CD正確。

故選CD。12、A:C【分析】【詳解】

A．水平方向的兩個電荷在C點的場強由C指向O，在D點的場強由D指向O，且大小相等；豎直方向的兩個點電荷在CD兩點的場強均豎直向下且大小相等，可知C、D兩點的電場強度大小相同，但是方向不相同；水平方向的兩個電荷在A點的場強豎直向上，在B點的場強豎直向下；豎直方向的兩個點電荷在AB兩點的場強均豎直向下，可知C、D兩點的電場強度大小一定不相同；選項A正確；

B．水平方向的兩個電荷在CD兩點的電勢相等，豎直方向的兩個電荷在CD兩點的電勢也相等，則C、D兩點電勢相等；水平方向的兩個電荷在AB兩點的電勢相等，豎直方向的兩個電荷在A點的電勢高于B點，可知A、B兩點電勢不相等；選項B錯誤；

C．電子從C點沿直線運動到D點；豎直方向的兩個電荷對電子不做功，水平方向的兩個電荷對電子先做負功后做正功，則電子的電勢能先增加后減小，選項C正確；

D．電子從O點沿直線運動到B點；水平方向的兩個電荷對電子做負功，豎直方向的兩個電荷對電子也做負功，則電子的電勢能增加，選項D錯誤。

故選AC。13、B:D【分析】【詳解】

A．金屬絲的電阻率隨溫度升高而增大，當金屬絲兩端的電壓逐漸增大時，其電阻率逐漸增大，又

即值將逐漸增大；選項A錯誤；

B．從中點對折起來，相當于兩個阻值為的金屬絲并聯，其總阻值為選項B正確；

C．原電阻當l'=10l時，橫截面積變成

所以電阻變為

選項C錯誤；

D．由超導現象的定義可知把金屬絲溫度降低到絕對零度附近；電阻率會突然變為零的現象稱為超導現象，選項D正確。

故選BD。

【點睛】

某一導體形狀改變后，討論其電阻變化要抓住兩點∶①電阻率不變；②總體積不變。由V=lS可知l和S的關系，在ρ、l、S都確定后，應用判斷。14、A:C:D【分析】【詳解】

試題分析：根據電場的疊加，分析d點電場強度的方向；O點的電場強度等于b處+Q在O處產生的電場強度大小．根據順著電場線方向電勢降低；分析d點與O點電勢關系．正電荷在高電勢高處電勢能大．

解：A；由電場的疊加原理可知；d點電場方向由O指向d，A正確；

B；由O到d合場強方向均沿Od；故d點電勢小于O點電勢，+q在O點具有的電勢能較大，故B錯誤，C正確；

D、設菱形的邊長為r，根據公式E=k分析可知三個點電荷在D產生的場強大小E相等，由電場的疊加可知，d點的場強大小為Ed=2k．O點的場強大小為EO=4k可見，d點的電場強度小于O點的電場強，即Ed＜EO；故D正確．

故選ACD．

【點評】

本題關鍵要抓住對稱性，由電場的疊加分析場強大小和電場線的方向，再判斷電場力大小和電勢能的高低．15、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．保持S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，A板向B板靠近，極板間距離減小，根據

可知電場強度E變大，小球所受的電場力變大，對小球，根據平衡條件

則θ增大；故A正確，B錯誤；

CD．斷開S，電容器所帶的電量不變，根據

可知

帶正電的A板向B板緩慢靠近，d變小，E不變，電場力不變，則θ不變；故C錯誤，D正確。

故選AD。16、B:C【分析】【詳解】

A．小燈泡的伏安特性曲線與電源路端電壓隨輸出電流的變化圖線的交點P即為小燈泡接入電路時的工作狀態，由圖可知小燈泡接入電路后

故此時小燈泡的電阻為

故A錯誤；

B．電源路端電壓隨輸出電流的變化圖線的斜率的絕對值為電源內阻，即

故B正確；

C．電源內阻消耗的熱功率為

故C正確；

D．電源的路端電壓隨輸出電流的變化圖線縱軸截距表示電動勢，即

電源的效率為

故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]小球運動到A點時；由彈力和電場力的合力提供向心力，即。

得。

可知，N?v2圖象的斜率。

由數學知識可知。

可得；圓形軌道半徑。

[2]當v2=0時，N=?a；代入。

得。

【解析】18、略

【分析】【詳解】

（1）[1]平行金屬板之間的電場是勻強電場。

（2）[2]對油滴根據平衡條件可知，油滴所受電場力豎直向上，油滴帶負電，可知平行金屬板之間電場強度豎直向下，則下極板負電【解析】勻強電場負電19、略

【分析】【詳解】

[1]由題目可知，O點固定了一個點電荷，假設ab的長度為L，則Oa的長度為

Ob的長度為

由真空中的點電荷場強公式代入數據得

解得

[2]由a、b兩點的場強方向可知，均指向O點，則O點固定的電荷為負電荷，已知沿電場線方向電勢降低，則a點比b點離O點更近，則【解析】3:1<20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]充電后的平行板電容器與電源斷開；則可知電容器所帶電荷量將保持不變；

[2]根據平行板電容器的決定式，可得

將電容器兩板間距離d增大,易知該電容器的電容將減小；

[3]根據電容器電容的定義式，可得

電容器電荷量不變，當電容減小時，兩極板間的電勢差U將增大。【解析】①.不變②.減小③.增大21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]電壓傳感器和電流傳感器測量的是電動機的輸入電流和輸入電壓。

（2）[2]根據圖線知，重物的速度

重物克服重力做功的功率

[3]電動機的工作效率【解析】輸入0.21346%22、略

【分析】【詳解】

閉合開關K，據全電路歐姆定律得

閉合開關K，電容器的電壓等于兩端電壓，為：

開關K斷開時，電容器的電壓等于電源的電動勢，為

電容器兩端的電壓變化量

過的總電荷量．【解析】1A；1.2×10-4C；四、作圖題(共3題，共18分)23、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據電場線從正電荷出發；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析25、略

【分析】【詳解】

根據電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】五、實驗題(共3題，共9分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]A．在測量電壓時；要將紅表筆接在高電勢點，保證電流從紅接線柱流入多用電表