…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版高三物理下冊階段測試試卷684考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，a，b兩木頭用輕質彈簧連接靜止在光滑的水平面上，現在給木塊b一向左的初速度；此后（）

A.彈簧有最大壓縮量時，a的速度一定比b的大B.彈簧有最大壓縮量時，兩木塊的速度都等于零C.彈簧由伸長狀態到其形變消失時，a的速度一定比b的小D.彈簧形變消失時，b的速度可能向右2、要使兩物體（可視為質點）間的萬有引力減小到原來的，下列辦法不可采用的是（）A.使兩物體的質量各減小到原來的，距離不變B.使其中一個物體的質量減小到原來的，距離不變C.使兩物體間的距離增大到原來的4倍，質量不變D.使兩物體間的距離和質量都減小到原來的3、鉗式電流表是電工師傅常用的一種估測通電導線中的電流大小的工具，結構如圖所示，使用時，鐵芯張開，套住被測通電導線，然后鐵芯閉合，根據變壓器的原理，電流表A的示數就能間接地反映出被測通電導線中電流的大小，則下列說法正確的是（）A.電流表A的示數等于被測通電導線中電流的大小B.電流表A的示數大于被測通電導線中電流的大小C.電流表A的示數小于被測通電導線中電流的大小D.電流表A的示數與被測通電導線中電流的大小無關4、“神舟七號”飛船繞地球運轉一周需要時間約90min，“嫦娥二號”衛星在工作軌道繞月球運轉一周需要時間約118min．（都可視為勻速圓周運動），已知“嫦娥二號”衛星與月球中心的距離約為“神舟七號”飛船與地球中心距離的，據以上數據可求（）A.月球與地球的質量之比B.“嫦娥二號”衛星與“神舟七號”飛船的質量之比C.月球與地球的第一宇宙速度之比D.月球表面與地球表面的重力加速度之比5、下列關于加速度的說法中不正確的是（）A.加速度的大小等于單位時間內速度變化量的大小B.加速度等于速度的變化率C.加速度的方向與初速度的方向相同D.速度變化得越快，則加速度越大6、關于質點，下列說法正確的是（）A.只有體積很小的物體才能看成質點B.飛行中的直升機上的螺旋槳可看成質點C.宇航員在太空中進行飛船對接，可把飛船看成質點D.地面飛行指揮中心引導飛機返航，可把該飛機看成質點7、汽車在平直的公路上以恒定的功率P從靜止開始運動，已知汽車所受的阻力為汽車重的0.5倍，g=l0m/s2；根據以上條件，則。

（）

A.可以算出汽車加速運動的時間。

B.可以算出汽車加速運動的位移。

C.可以算出汽車的最大速度。

D.可以算出汽車的速度達到最大速度一半時的加速度。

評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、近幾年，寧夏大力興建風力發電站．風力發電是將____能轉化為____能．9、（2015春?合肥校級期中）如圖，從某一高度處將質量為m=1kg的小球以初速度v0拋出，v0=20m/s，且與水平方向成30°角向上，小球在空中運動3s后落地．g取10m/s2，不計空氣阻力．則在最高點時小球重力的瞬時功率為____W，小球在運動的3s內，重力的平均功率為____W．10、（2008?天心區校級模擬）某學習小組通過一個簡單的電路圖探究多用電表的結構和原理；如圖所示，若黑表筆做為電表的公共端，紅表筆通過轉換開關接入待測量相應的測量端，使用時，只有部分電路起作用．

當轉換開關接1或2時，此多用電表為____表，當轉換開關接3或4時，此多用電表為____表，當轉換開關接5時，此多用電表為____表，若靈敏電流計G的滿偏電流Ig=lmA，內阻Rg=10Ω，R1=0.106Ω，R2=0.42Ω，當轉換開關接2時，此多用電表的量程為____．11、（2014春?西城區期末）有些機床為了安全，照明電燈用的電壓是36V，這個電壓是把380V的交流電壓經變壓器降壓后得到的．將變壓器視為理想變壓器，如圖所示，如果原線圈是1140匝，則副線圈的匝數是____匝，變壓器原、副線圈的電流之比為____．12、（2012秋?博山區校級期末）圖為聲波干涉演示儀的原理圖．兩個U形管A和B套在一起，A管兩側各有一小孔．聲波從左側小孔傳入管內，被分成兩列頻率____的波．當聲波分別通過A、B傳播到右側小孔時，若兩列波傳播的路程相差半個波長，則此處聲波的振幅____；若傳播的路程相差一個波長，則此處聲波的振幅____．13、有一理想變壓器能將100V的電壓降到33V，將一導線繞過鐵芯，兩端接到電壓表上，此電壓表的讀數是0.05V，則該變壓器的原線圈是____匝，副線圈是____匝．14、物理小組制作了一個自動控制器，其中有一個調壓電路如圖所示，滑動變阻器R的最大阻值是100歐，負載電阻R'的阻值為100歐，A、B間電壓為10伏，保持不變．使用過程中發現這個電路的調壓范圍和原設計不符，檢查結果是圖中F處導線折斷，滑動頭P由上向下移動時，如果電路完好，CD兩端的電壓范圍應是____伏至____伏；如果F點導線折斷，CD兩端的電壓范圍是____伏至____伏．15、將長度為0.2m；通有1A電流的直導線放入一勻強磁場中；電流與磁場的方向如圖所示．已知磁感應強度為1T，試求下列各圖中導線所受安培力的大小．

（1）F1=____N（2）F2=____N（3）F3=____N（4）F4=____N．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規律．____．（判斷對錯）17、只要溫度不變且處處相等，系統就一定處于平衡態．____．（判斷對錯）18、只要知道兩個物體的質量和兩個物體之間的距離．就可以由F=G計算物體間的萬有引力____（判斷對錯）19、滑動摩擦力的方向總是與物體的運動方向相反．____（判斷對錯）20、電源電動勢反映了電源內部非靜電力做功的本領．____．（判斷對錯）21、10個分子的動能和分子勢能的總和就是這10個分子的內能．____．（判斷對錯）評卷人得分四、實驗探究題(共1題，共2分)22、某同學利用傾斜氣墊導軌做“驗證機械能守恒定律”的實驗。實驗裝置如圖1

所示。其主要實驗步驟如下：

a.

用游標卡尺測量擋光條的寬度L.

結果如圖2

所示；

b.

讀出導軌標尺的總長L0

并用直尺測出導軌標尺在豎直方向的高度H0

c.

讀出滑塊釋放處擋光條與光電門中心之間的距離s

d.

由靜止釋放滑塊；從數字計時器(

圖l

中未畫出)

上讀出擋光條通過光電門所用的時間t

回答下列問題：

(1)

由圖2

讀出L=

______mm

(2)

______(

選填“有”或“沒有”)

必要用天平稱出滑塊和擋光條的總質量M

(3)

多次改變光電門位置，即改變距離s

重復上述實驗，作出1t2

隨s

的變化圖象，如圖3

所示，當已知量t0s0LL0H0

和當地重力加速度g

滿足表達式1t02=

______時，可判斷滑塊下滑過程中機械能守恒。評卷人得分五、識圖作答題(共1題，共2分)23、埃博拉出血熱的病原體為埃博拉病毒；可通過接觸傳播，主要癥狀可表現為高熱；頭痛、嘔吐、腹瀉、體內外大出血等。下圖是人體感染埃博拉病毒，機體清除病毒的過程，據圖分析回答：

（1）人感染埃博拉病毒后出現發熱癥狀，原因之一是淋巴因子刺激了下丘腦中的____________中樞，使有關腺體分泌的甲狀腺激素等的量增加，從而使產熱增加。（2）B細胞受到抗原刺激后，在____________的作用下，增殖、分化。消滅侵入宿主細胞中的埃博拉病毒，要依賴免疫系統產生的__________細胞使宿主細胞裂解死亡。當人出現焦慮、緊張情緒時，更易感病毒，其原因是____________________________________________。（3）綜合以上信息可以看出，______________________________是機體維持穩態的主要調節機制。評卷人得分六、解答題(共1題，共5分)24、如圖所示，用同種材料制成的傾角為37°的斜面和長水平面，斜面長11.25m且固定，一小物塊從斜面頂端以初速度v0沿斜面下滑，如果v0=3.6m/s；則經過3.0s后小物塊停在斜面上，不考慮小物塊到達斜面底端時因碰撞損失的能量，求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8）

（1）小物塊與該種材料間的動摩擦因數μ的大??；

（2）若小物塊的初速度為6m/s，小物塊從開始運動到最終停下的時間t為多少．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】根據a、b的受力得出a、b的加速度方向，結合加速度方向與速度方向的關系判斷a、b的運動規律，確定出彈簧有最大壓縮量時，a、b的速度關系．【解析】【解答】解：A、b向左運動，彈簧壓縮，a受到向左的彈力，做加速運動，b受到向右的彈力，向左做減速運動，當a、b速度相等時；彈簧壓縮量最大，故A；B錯誤．

C、當a、b速度相等時，彈簧壓縮量最大，然后a繼續向左做加速運動，b繼續做減速運動，彈簧開始逐漸恢復原長，恢復原長后，a的速度最大，b的速度最小，然后彈簧開始伸長，a做減速運動，b做加速運動，當a、b速度相等時，彈簧伸長到最大，然后a繼續做減速，b做加速，彈簧從伸長狀態到形變消失，a的速度小于b的速度；故C正確．

D、由C選項分析知，彈簧從伸長到形變消失，a做減速，b做加速，彈簧形變消失時，b的速度向左；不可能向右，故D錯誤．

故選：C．2、D【分析】【分析】根據萬有引力定律公式F=G（內容是萬有引力與質量乘積成正比，與距離的平方成反比）解決問題．【解析】【解答】解：A、根據萬有引力定律公式F=G知，使兩物體的質量各減小到原來的，距離不變，萬有引力減小到原來的；故A正確．

B、根據萬有引力定律公式F=G知，使其中一個物體的質量減小到原來的，距離不變，萬有引力減小到原來的；故B正確．

C、根據萬有引力定律公式F=G知，使兩物體間的距離增大到原來的4倍，質量不變，萬有引力減小到原來的；故C正確．

D、根據萬有引力定律公式F=G知，使兩物體間的距離和質量都減小到原來的；萬有引力不變，故D錯誤．

本題選不可采用的，故選：D3、C【分析】【分析】電流互感器為升壓變壓器，根據N1I1=N2I2副線圈電流要小，則副線圈匝數多．【解析】【解答】解：圖中電路副線圈匝數少于原線圈匝數；則副線圈電流大于原線圈電流，即電流表A的示數小于被測通電導線中電流的大?。?/p>

故選：C4、A【分析】【分析】根據萬有引力提供向心力；結合題中數據可以計算月球和地球的質量之比．

根據萬有引力提供向心力只能計算中心天體的質量；環繞天體的質量無法計算．

由于不知道月球和地球的半徑，故無法計算月球與地球的第一宇宙速度之比，也無法計算月球表面與地球表面的重力加速度之比．【解析】【解答】解：A、根據萬有引力提供向心力，得，所以；即可以計算出月球與地球的質量之比，故A正確．

B；“嫦娥二號”衛星與“神舟七號”飛船是環繞天體；質量在等式兩邊約去了，故不計算它們的質量，故B錯誤．

C、根據第一宇宙速度的公式v=；由于不知道月球和地球的半徑，故無法計算月球與地球的第一宇宙速度之比，故C錯誤．

D、星球表面的重力加速度g=；由于不知道月球和地球的半徑，故無法計算月球表面與地球表面的重力加速度之比，故D錯誤．

故選：A．5、C【分析】【分析】根據加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，加速度的方向就是物體速度變化量的方向，與物體速度無關，即物體的速度變化越快物體的加速度越大．加速度是表示速度變化快慢的物理量．【解析】【解答】解：A、根據加速度的定義式a=可知加速度的大小等于單位時間內速度變化量的大小．故A正確；

B、根據加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率；故B正確；

C、根據加速度的定義式a=可知加速度的方向就是物體速度變化量的方向；加速度的方向與初速度的方向無直接關系，故C錯誤；

D；加速度是表示速度變化快慢的物理量．速度變化得越快；則加速度越大．故D正確；

本題選不正確的，故選：C．6、D【分析】【分析】質點就是有質量但不存在體積與形狀的點．在物體的大小和形狀不起作用，或者所起的作用并不顯著而可以忽略不計時，我們近似地把該物體看作是一個具有質量大小和形狀可以忽略不計的理想物體，稱為質點．【解析】【解答】解：A；物體能否看作質點；不是看絕對大小，而是看相對大小，當大小相對于研究的問題可以忽略不計時，就可以簡化點，故A錯誤；

B；飛行中的直升機上的螺旋槳做圓周運動；各個不同點的軌道半徑不同，故不能看成質點，故B錯誤；

C；宇航員在太空中進行飛船對接；要考慮飛船對接前的姿態，故不能把飛船看成質點，故C錯誤；

D；地面飛行指揮中心引導飛機返航時；不需要考慮飛機的大小，只要考慮軌跡即可，故可把該飛機看成質點，故D正確；

故選D．7、D【分析】

A、B、C汽車以恒定的功率從靜止開始運動后，先做加速度減小的變加速運動，最后做勻速運動，此時牽引力與阻力，設最大速度為vm，則vm=由于汽車的質量m未知，不能求出最大速度vm．汽車加速過程做的非勻變速運動；不能運用運動學公式求出時間與位移．故ABC均錯誤．

D、當汽車的速度達到最大速度一半時，牽引力為F===2f=mg，則加速度為a===0.5g．故D正確．

故選D

【解析】【答案】首先分析汽車的運動情況：當汽車以額定功率行駛時；隨著汽車速度的增加，汽車的牽引力會逐漸的減小，所以此時的汽車不可能做勻加速運動，直到最后牽引力和阻力相等，到達最大速度之后做勻速運動．再根據運動情況，分析可求出的量．

二、填空題(共8題，共16分)8、機械電【分析】【分析】近本題考查風力發電，解答時應明確發電機的原理為電磁感應；明確能量的轉化方向．【解析】【解答】解：風力發電中消耗了機械能；增加了電能；故風力發電是將風能即機械能通過電磁感應現象轉化為電能；

故答案為：機械；電．9、050【分析】【分析】瞬時功率用P=Fvcosα計算，平均功率用P=計算．【解析】【解答】解：（1）在最高點；速度方向為水平方向，與重力方向垂直，故重力順時功率為零．

（2）規定豎直向下為正方向，小球在運動的3s內豎直方向的位移為：h=v0sin30°t+gt2=-20×

重力做功為：W=mgh=1×10×15J=150J

重力重力的平均功率為：P=

故答案為：0，50．10、電流表電壓表歐姆表24.5mA【分析】【分析】歐姆表、電壓表、電流表都是由小量程電流表改裝而成，要熟悉多用表的原理和結構，根據電表的結構選出歐姆表、電壓表和電流表．【解析】【解答】解：當轉換開關接1或2時；電流表與電阻并聯，可用來測量電流．此多用電表為電流表；

當轉換開關接3或4時；電流表與電阻串聯，此多用電表為電壓表，當轉換開關接5時，電源與兩并聯電阻串聯，構成歐姆表，此多用電表為歐姆表；

若靈敏電流計G的滿偏電流Ig=lmA，內阻Rg=10Ω，R1=0.106Ω，R2=0.42Ω，當轉換開關接2時，此多用電表的量程I=Ig+=24.5mA．

故答案為：電流表；電壓表；歐姆表；24.5mA．11、1089：95【分析】【分析】理想變壓器的工作原理是原線圈輸入變化的電流時，導致副線圈的磁通量發生變化，從而導致副線圈中產生感應電動勢．而副線圈中的感應電流的變化，又導致在原線圈中產生感應電動勢．變壓器的電流比為：原副線圈電流與匝數成反比；電壓比為：原副線圈電壓與匝數成正比．且電流與電壓均是有效值，電表測量值也是有效值．【解析】【解答】解：由理想變壓器的變壓比：=可得：N2==×1140匝=108匝；

根據原副線圈電流與匝數成反比，而電壓與匝數成正比，則有：；

故答案為：108，9：95．12、相同為零為原來振幅的2倍【分析】【分析】聲波的為縱波，但其干涉原理與橫波疊加時相同．【解析】【解答】解：聲波的為縱波；但其干涉原理與橫波疊加時相同．

若兩列波傳播的路程相差半個波長；則密部與疏部疊加（類似于橫波的波峰與波谷疊加），則此處振幅最小，為0

若傳播的路程相差一個波長；則密部與密部疊加，或疏部與疏部疊加（類似于橫波的波峰與波峰；波谷與波谷疊加），則此處聲波的振幅最強，為原來2倍。

故答案為：相同，為零，為原來振幅的2倍13、2000660【分析】【分析】理想變壓器原副線圈的電壓之比等于線圈的匝數之比，故可求得【解析】【解答】解：原副線圈電壓值比等于匝數之比，故，解得匝。

副線圈的匝數為n2，則，解得匝。

故答案為：2000，66014、100105【分析】【分析】如果電路完好，當滑動頭P位于最上端時CD兩端的電壓最大，當滑動頭P位于最下端時CD兩端的電壓最?。绻鸉點導線折斷，根據串聯電路的分壓規律求解．【解析】【解答】解：如果電路完好；當滑動頭P位于最上端時CD兩端的電壓最大，最大電壓為10V，當滑動頭P位于最下端時CD兩端的電壓最小，最小電壓為0V．

如果F點導線折斷時，當滑動頭P位于最上端時CD兩端的電壓最大，最大電壓為10V．當滑動頭P位于最下端時CD兩端的電壓最小，由于R=R′，則最小電壓為=5V．

故答案為：10，0，10，515、00.20.10.2【分析】【分析】安培力公式為：F=BIL，注意公式的適用條件是：勻強磁場，電流和磁場方向垂直．電流與磁場方向平行，導線不受安培力的．【解析】【解答】解：由圖可知電流與磁場方向平行；因此安培力的大小為0N．

由圖可知電流與磁場方向垂直；因此直接根據安培力的大小為：F=BIL=0.2×1×1=0.2N．

由圖可知電流與磁場方向成30°角，因此直接根據安培力的大小為：F=BILsin30°=0.2×1×1×=0.1N．

由圖可知電流與磁場方向垂直；因此直接根據安培力的大小為：F=BIL=0.2×1×1=0.2N．

故答案為：（1）0（2）0.2（3）0.1（4）0.2三、判斷題(共6題，共12分)16、√【分析】【分析】位移-時間圖象中的曲線反映了物體的位移隨時間變化的規律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根據x-t圖象的意義可知；x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規律，所以該說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】首先知道平衡態和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統熱平衡的依據；據此分析判斷即可．【解析】【解答】解：一般來說；平衡態是針對某一系統而言的，描述系統狀態的參量不只溫度一個，還與體積壓強有關，當溫度不變時，系統不一定處于平衡態．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】萬有引力定律適用的條件是兩個質點間引力的計算．物體間的引力關系也遵守牛頓第三定律．公式中G是引力常量，是自然界的恒量．【解析】【解答】解：A；萬有引力定律適用于任何兩個可以看出質點的物體之間或均質球體之間的引力計算；當兩個物體之間的距離太小的時候，物體就不能看做質點，這時就不能用這個公式直接計算了，所以這個說法是錯誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】滑動摩擦力與物體相對運動的方向相反．【解析】【解答】解：滑動摩擦力阻礙相對運動；與物體相對運動的方向相反．有時會和物體的運動方向相同，故與物體的運動方向相反說法錯誤．

故答案為：×20、√【分析】【分析】電源是通過非靜電力做功將其他形式的能轉化為電能的裝置，電源電動勢反映了電源內部非靜電力做功的本領．【解析】【解答】解：電源是通過非靜電力做功將其他形式的能轉化為電能的裝置；電源電動勢反映了電源內部非靜電力做功的本領．故此說法正確．

故答案為：√21、×【分析】【分析】從微觀上說，系統內能是構成系統的所有分子無規則運動動能、分子間相互作用勢能的總和．【解析】【解答】解：物體的內能是構成物體的所有分子的無規則熱運動的動能和分子勢能的代數和；具有統計意義，對單個或幾個分子無意義；

故答案為：×四、實驗探究題(共1題，共2分)22、略

【分析】解：(1)

游標尺上共有20

小格；則精度為0.05mm

用游標卡尺測量擋光條的寬度：l=8mm+0.05隆脕4mm=8.20mm

(2)

欲驗證機械能守恒定律，即Mgssin婁脠=12M(lt)2婁脠

為氣墊導軌與水平面間的夾角；

只需驗證gssin婁脠=12(lt)2

可見沒有必要測量滑塊和檔光條的總質量M

(3)

根據幾何關系得sin婁脠=H0L0

動能的增加量鈻?Ek=12m(lt0)2

重力勢能的減小量鈻?Ep=mgs0sin婁脠=mgs0H0L0

當mgs0H0L0=12m(lt0)2

即1t02=2gH0l2L0s0

滑塊下滑過程中機械能守恒。

故答案為：(1)8.20(2)

沒有，(3)1t02=2gH0l2L0s0

(1)

游標卡尺讀數等于主尺讀數加上游標讀數；不需估讀。

(2)

根據實驗的原理；抓住重力勢能的減小量和動能的增加量是否相等，確定是否需要測量滑塊和擋光條的總質量M

(3)

根據極短時間內的平均速度等于瞬時速度求出滑塊通過光電門的速度；結合重力勢能的減小量和動能的增加量得出驗證的表達