2022-2023學年高一下物理期末模擬試卷請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、(本題9分)以下說法正確的是()A．力是矢量，位移是矢量，所以功也是矢量B．－10J的功大于＋5J的功C．功的正、負表示方向D．若某一個力對物體不做功，說明該物體一定沒有發生位移2、(本題9分)關于曲線運動，以下說法正確的是（）A．曲線運動一定具有加速度B．曲線運動一定不是勻變速運動C．做曲線運動的物體所受合力可以為零D．做曲線運動的物體所受合力一定變化3、(本題9分)如圖為湖邊一傾角為的大壩橫截面示意圖，水面與大壩的交點為O，一人站在A點以速度沿水平方向仍一小石子，已知，不計空氣阻力，取．下列說法正確的是（）A．若，則石塊可以落入水中B．若，則石塊不能落入水中C．若石子能落入水中，則越大，落水時速度方向與水平面的夾角越大D．若石子不能落入水中，則越大，落到斜面上時速度方向與斜面的夾角越大4、(本題9分)如圖所示是我國一種傳統的民族體育項目“押加”，實際上相當于兩個人拔河．如果繩質量不計，且保持水平，甲、乙兩人在“押加”比賽中甲獲勝．則下列說法中正確的是A．甲對乙的拉力始終大于乙對甲的拉力B．甲對乙的拉力大小始終等于乙對甲的拉力大小C．甲把乙加速拉過去時，甲對乙的拉力大于乙對甲的拉力D．只有當甲把乙勻速拉過去時，甲對乙的拉力大小才等于乙對甲的拉力大小5、(本題9分)光滑水平面上的物體受水平恒力F作用，沿著力的方向發生了位移s．此過程中，以下哪種情況可使物體的動能由10J增加到30J？A．F＝10N，s＝2m； B．F＝10N，s＝4m；C．F＝20N，s＝2m D．F＝20N，s＝0.5m6、(本題9分)為了行駛安全和減少對鐵軌的磨損，火車轉彎處軌道平面與水平面會有一個夾角.若火車以規定的速度行駛，則轉彎時輪緣與鐵軌無擠壓.已知某轉彎處軌道平面與水平面間夾角為α，轉彎半徑為R，規定行駛速率為v，重力加速度為g，則A．v=gRtanα B．v=gRsinα C．v= D．v=7、如圖所示,光滑水平面上質量相同的木塊A、B，用一根彈性良好的輕質彈簧連在一起．一顆子彈水平射入木塊A并留在其中,在子彈打擊木塊A及后續各物體相互作用的過程中，對子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(

)A．動量守恒,機械能守恒B．動量守恒,機械能不守恒C．當彈簧壓縮到最短時，彈簧的彈性勢能最大，此時B的動能也最大D．當彈簧再次恢復到原長時，B的動能最大，A的動能最小8、(本題9分)已知某行星繞太陽公轉的半徑為R，公轉周期為T，引力常量為G，則由此可求出（）A．該行星動能 B．該行星的質量 C．該行星的角速度 D．太陽的質量9、(本題9分)小球從空中某處從靜止開始自由下落，與水平地面碰撞后上升到空中某一高度處，此過程中小球速度隨時間變化的關系如所示，則（）A．在下落和上升兩個過程中，小球的加速度相同B．小球開始下落離地面的高度為0.8mC．整個過程中小球的位移為1.0mD．整個過程中小球的平均速度大小為1m/s10、質量相等的A、B兩球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運動，A球的動量是7kg·m/s，B球的動量是5kg·m/s，當A球追上B球發生碰撞，則碰撞后A、B兩球的動量可能值是()A．pA＝6kg·m/s，pB＝6kg·m/sB．pA＝3kg·m/s，pB＝9kg·m/sC．pA＝－2kg·m/s，pB＝14kg·m/sD．pA＝－4kg·m/s，pB＝17kg·m/s11、(本題9分)如圖所示，質量分別為m和2m的A、B兩個木塊間用輕彈簧相連，放在光滑水平面上，A靠緊豎直墻．用水平力F將B向左壓，使彈簧被壓縮一定長度，靜止后彈簧儲存的彈性勢能為E．這時突然撤去F，關于A、B和彈簧組成的系統，下列說法中正確的是()A．撤去F后，系統動量守恒，機械能守恒B．撤去F后，A離開豎直墻前，系統動量不守恒，機械能守恒C．撤去F后，A離開豎直墻后，彈簧的彈性勢能最大值為E/4D．撤去F后，A離開豎直墻后，彈簧的彈性勢能最大值為E/312、已知地球半徑為R，質量為M，自轉角速度為，萬有引力常量為G，地球同步衛星與地心間的距離為r，近地人造衛星繞地球的運行軌道可視為圓，則A．地球近地衛星做勻速圓周運動的加速度為2RB．地球同步衛星做勻速圓周運動的加速度為2rC．地球近地衛星做勻速圓周運動的線速度為RD．地球近地衛星做勻速圓周運動的線速度為二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(本題9分)某同學利用圖示裝置“探究功與動能變化的關系”，圖中氣墊導軌已調至水平．（1）測得兩光電門中心間的距離為L，測得固定在滑塊上的豎直擋光條的寬度為d，記錄擋光條通過光電門1和2的時間分別為t1和t2，則滑塊通過光電門1和2時的速度大小分別為v1=______和v2=________．（2）在（1）中，從力傳感器中讀出滑塊受到的拉力大小為F，滑塊、擋光條和力傳感器的總質量為M，若動能定理成立，則必有FL=_________．（用對應物理量的符號表示）（3）該實驗__________（填“需要”或“不需要”）滿足砝碼盤和砝碼的總質量遠小于滑塊、擋光條和力傳感器的總質量．14、（10分）(本題9分)為了測量某待測電阻Rx的阻值，某實驗小組先用多用電表進行粗測，后用伏安法精確測量，實驗室提供的器材如下：待測電阻：Rx電壓表：V1（量程3V，內阻約為3kΩ）電壓表：V2（量程15V，內阻約為15kΩ）電流表：A1（量程0.6A，內阻約為5Ω）電流表：A2（量程200mA，內阻約為30Ω）滑動變阻器：R（最大阻值10Ω，額定電流1A）直流電源：E（電動勢為3V，內阻可忽略）單刀單擲開關一個，導線若干（1）當用多用電表的歐姆×10擋粗測Rx的阻值時，發現指針偏轉角度太大了，應使選擇開關撥到________（填“×100或×1”）倍率擋，重新歐姆調零后再測，此時多用電表指針位置如圖（a）所示。（2）在用伏安法測量Rx時，為使測量盡量精確，要求電表指針均達到半偏以上，電壓表應選_________，電流表應選______________。（均填器材符號）（3）圖為該實驗小組設計測量電阻Rx電路圖的一部分，請在虛線框內將電路圖補充完整____。三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，勻強電場中三點A、B、C是一個三角形的三個頂點，∠ABC＝∠CAB＝30°，BC＝m，已知電場線平行于△ABC所在平面，一個帶電量為2×10－6C的負電荷由A移到B，電勢能增加1.2×10－5J；由B移到C，電場力做功6×10－6J，求（1）AB，BC間的電勢差UAB，UBC（2）若設C點為零電勢能點，電荷在B點的電勢能EPB（3）該電場的電場強度大小及方向16、（12分）(本題9分)某高速公路的一個出口路段如圖所示，情景簡化：轎車從出口A進入匝道，先勻減速直線通過下坡路段至B點（通過B點前后速率不變），再勻速率通過水平圓弧路段至C點，最后從C點沿平直路段勻減速到D點停下。已知轎車在A點的速度v0=72km/h，AB長L1=l50m；BC為四分之一水平圓弧段，限速（允許通過的最大速度）v=36km/h，輪胎與BC段路面間的動摩擦因μ=0.5，最大靜摩擦力可認為等于滑動摩擦力，CD段為平直路段長L2=50m，重力加速度g取l0m/s2。（1）若轎車到達B點速度剛好為v=36km/h，求轎車在AB下坡段加速度的大小；（2）為保證行車安全，車輪不打滑，求水平圓弧段BC半徑R的最小值及轎車A點到D點全程的最短時間。17、（12分）(本題9分)某校興趣小組制作了一個游戲裝置，其簡化模型如圖所示，在A點用一彈射裝置可將靜止的小滑塊以v0水平速度彈射出去，沿水平直線軌道運動到B點后，進入半徑R=0.3m的光滑豎直圓形軌道，運行一周后自B點向C點運動，C點右側有一陷阱，C、D兩點的豎直高度差h=0.2m，水平距離s=0.6m，水平軌道AB長為L1=1m，BC長為L2=2.6m，小滑塊與水平軌道間的動摩擦因數μ=0.5，重力加速度g=10m/s2.(1)若小滑塊恰能通過圓形軌道的最高點，求小滑塊在A點彈射出的速度大小；(2)若游戲規則為小滑塊沿著圓形軌道運行一周離開圓形軌道后只要不掉進陷阱即為勝出，求小滑塊在A點彈射出的速度大小的范圍．

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】

A.功是標量；B.正功代表動力做功，負功代表阻力做功，功的大小看其絕對值，故C選項錯誤；D.某個力對物體不做功也可能是，在力的方向上位移是零，但不一定是物體本身沒有位移。故本題選B.2、A【解析】曲線運動的物體在某點的速度方向為該點的切線方向，所以曲線運動的物體速度方向時刻在變化，因此曲線運動是變速運動，加速度不為零，由牛頓第二定律知，合力不為零，A正確C錯誤；曲線運動可以是勻變速運動，如平拋運動，只受重力作用，合力一定，為勻變速曲線運動，BD錯誤．【點睛】本題關鍵要掌握曲線運動速度方向特點，以及質點做曲線運動的條件．要注意曲線運動一定是變速運動，但加速度可能恒定不變．3、A【解析】

AB．小球落在O點下落的高度h=40×m=20m，則運動的時間，則要恰好落在O點的初速度，，可知石塊可以落入水中，故A正確，B錯誤．C．若石塊能落入水中，下落的高度一定，豎直分速度一定，結合平行四邊形定則知，，初速度越大，落水時速度方向與水平面的夾角越小，故C錯誤．D．石塊不能落在水中，石塊豎直位移與水平位移的比值是定值，有，速度與水平方向的夾角，因為θ一定，則速度與水平方向的夾角一定，可知石塊落到斜面時速度方向與斜面的夾角一定，與初速度無關．故D錯誤．4、B【解析】

“押加”比賽中兩隊對繩子的拉力等大反向，之所以甲獲勝，原因是地面對甲的摩擦力大于地面對乙的摩擦力.【詳解】甲對繩的拉力和繩對甲的拉力為作用力和反作用力，而繩對乙的拉力和乙對繩的拉力是一對相互作用力；而繩子上張力是相同的，故甲拉乙的力與乙拉甲的力大小始終相等，與運動狀態無關，但二者不是作用力和反作用力，故A、C、D錯誤，B正確；故選B.【點睛】本題考查物理知識在生活中的應用，由此題的知識我們可以知道，在拔河比賽中要挑選一些體重大的同學，以增加與地面之間的最大靜摩擦力.5、A【解析】據題，物體的動能由10J增加到30J，則物體的動能增加了20J；根據動能定理得，，符合題意，A正確；根據動能定理得，不符合題意，B錯誤；根據動能定理得，符合題意，C錯誤；根據動能定理得，不符合題意，D錯誤．6、D【解析】

火車受力如圖所示：在轉彎處火車按規定速度行駛時，火車所需要的向心力由重力和支持力的合力提供，有：F合=mgtanα，根據牛頓第二定律有：，解得火車規定行駛速度為：.A.v=gRtanα與計算結果不相符；故A錯誤.Bv=gRsinα與計算結果不相符；故B錯誤.C.v=與計算結果不相符；故C錯誤.D.v=與計算結果相符；故D正確.7、BD【解析】

AB．在子彈打擊木塊A及后續各物體相互作用的過程中，對子彈、兩木塊和彈簧組成的系統，系統所受的外力之和為零，則系統的動量守恒．在此過程中，除彈簧的彈力做功外還有阻力對系統做功，所以系統的機械能不守恒．故A錯誤，B正確．C．子彈射入木塊后彈簧被壓縮，B在彈力作用下向右加速，A向右減速，當兩者的速度相等時，彈簧被壓縮最短，彈簧的彈性勢能最大，之后，B在彈簧彈力作用下繼續向右加速，所以此時B的動能不是最大．故C錯誤．D．從彈簧被壓縮到彈簧再次恢復到原長的過程，B一直在加速，A一直在減速，所以當彈簧再次恢復到原長時，B的動能最大，A的動能最小，故D正確．8、CD【解析】

設太陽的質量為M，行星的質量為m．行星繞太陽做圓周運動的向心力由太陽的萬有引力提供，則有：，解得：，已知R和T，可求出太陽的質量M，但不能求出行星的質量m，故D正確，B錯誤；根據ω＝，已知周期的情況下可以求出行星的角速度，故C正確．由于行星的質量不確定，則不能求解行星的動能，選項A錯誤；故選CD.【點睛】已知環繞天體的公轉半徑和周期，根據萬有引力提供向心力，列出等式只能求出中心體的質量．熟知描述圓周運動的物理量之間的關系是正確解題的關鍵．9、ABD【解析】小球在下落和上升時，v-t圖象斜率相同，故加速度相同，故A正確；小球在0.4s時落到地面，落地前運動的距離h＝×0.4×4＝0.8m，故物體下落時離地高度為0.8m，故B正確；小球反彈后上升的高h′＝×2×0.2＝0.2m，故物體的總位移為x=0.6m，方向向下，故C錯誤；整個過程的平均速度，故D正確；故選ABD．10、AB【解析】以兩球組成的系統為研究對象，取甲球碰撞前的速度方向為正方向，兩球的質量均為m，碰撞前系統的總動能：；系統的總動量：p=9kg?m/s+5kg?m/s=14kg?m/s；

A、若碰后甲、乙兩球動量為：pA=7kg?m/s，pB=7kg?m/s，系統的總動量p′=7kg?m/s+7kg?m/s=14kg?m/s，動量守恒．總動能：，總動能減小，是可能的，故A正確．

B、若碰后甲、乙兩球動量為：pA=6kg?m/s，pB=8kg?m/s，系統的總動量p′=6kg?m/s+8kg?m/s=14kg?m/s，動量守恒．總動能：，總動能減小，是可能的，故B正確．

C、若碰后甲、乙兩球動量為：pA=-2kg?m/s，pB=16kg?m/s，系統的總動量p′=-2kg?m/s+16kg?m/s=14kg?m/s，動量守恒．總動能：，總動能增加，是不可能的，故C錯誤．

D、若碰后甲、乙兩球動量為：pA=-4kg?m/s，pB=17kg?m/s，系統的總動量p′=-4kg?m/s+17kg?m/s=13kg?m/s，動量不守恒，不可能，故D錯誤．故選AB．點睛：對于碰撞過程，要掌握三大規律：1、動量守恒定律；2、總動能不增加；3、符合物體的實際運動情況．11、BD【解析】A、B項：撤去F后，A離開豎直墻前，豎直方向兩物體的重力與水平面的支持力平衡，合力為零，而墻對A有向右的彈力，使系統的動量不守恒．這個過程中，只有彈簧的彈力對B做功，系統的機械能守恒．A離開豎直墻后，系統水平方向不受外力，豎直方向外力平衡，則系統的動量守恒，只有彈簧的彈力做功，機械能也守恒．故A錯誤，B正確；C、D項：撤去F后，A離開豎直墻后，當兩物體速度相同時，彈簧伸長最長或壓縮最短，彈性勢能最大．設兩物體相同速度為v，A離開墻時，B的速度為v1．根據動量守恒和機械能守恒得2mv1=3mv，又聯立得到，彈簧的彈性勢能最大值為，故C錯誤，D正確．點晴：本題考查動量守恒和機械能守恒的判斷和應用能力．動量是否守恒要看研究的過程，要細化過程分析，不能籠統．12、BD【解析】

A.衛星繞地球做圓周運動時，由地球的萬有引力提供向心力，有：，解得：，地球同步衛星的角速度等于地球自轉角速度ω，得地球近地衛星與地球同步衛星的角速度之比為：，則得：，所以地球近地衛星做勻速圓周運動的加速度為：，故A錯誤。B.地球同步衛星的角速度等于地球自轉角速度ω，則地球同步衛星做勻速圓周運動的加速度為：a同=ω2r，故B正確。C.地球近地衛星做勻速圓周運動的線速度為：v近=ω近R=，故C錯誤。D.地球近地衛星做勻速圓周運動時，根據得近地衛星的線速度為：，故D正確。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、不需要【解析】

（1）根據極短時間內的平均速度等于瞬時速度求出滑塊通過光電門1和2的瞬時速度．（2）根據拉力做功等于動能變化量得出動能定理成立的表達式．（3）該實驗中由于已經用傳感器測出繩子拉力大小，故不需要滿足砝碼和砝碼盤的總質量遠小于小車的質量．【詳解】（1）根據極短時間內的平均速度等于瞬時速度知，滑塊通過光電門1的瞬時速度為：，通過光電門2的瞬時速度為：，（2）拉力做功等于動能的變化量，則有：，（3）該實驗中由于已經用傳感器測出繩子拉力大小，不是將砝碼和砝碼盤的重力作為小車的拉力，故不需要滿足砝碼和砝碼盤的總質量遠小于小車的質量．【點睛】本題中拉力等于滑塊所受的合力，探究拉力做功與動能變化量的關系，拉力通過傳感器得出，不需要用砝碼盤和砝碼的重力表示，則不需要滿足砝碼盤和砝碼的質量遠小于滑塊的質量．14、×1V1A2【解析】

第一空．歐姆×10擋粗測Rx的阻值時，發現指針偏轉角度太大了，說明Rx的阻值較小，應換用×1擋。第二空．電源電動勢為3V，為使電表指針均達到半偏以上，電壓表選擇V1．第三空．據圖（a）知，待測電阻，則流過待測電阻的最大電流，為使電表指針均達到半偏以上，電流表選擇A2．第四空．電壓表選擇V1，電流表選擇A2，則：；待測電阻，所以測量電路選用電流表的外接法，電路如圖：三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、(1)電勢差UAB，UBC