1、PAGE28期末測試卷一、選擇題（本題共14小題，每小題4分，共56分每小題給出的四個選項中，1-10小題只有一個選項正確，11-14小題有多個選項正確，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有錯選的得0分）1下列關(guān)于電場強度的兩個表達式E=和E=的敘述，錯誤的是（）AE=是電場強度的定義式，F(xiàn)是放入電場中的電荷所受的力，q是產(chǎn)生電場的電荷的電荷量BE=是電場強度的定義式，F(xiàn)是放入電場中的電荷所受的力，q是放入電場中電荷的電荷量，它適用于任何電場CE=是點電荷場強的計算式，Q是產(chǎn)生電場的電荷電量，它不適用于勻強電場D從點電荷場強計算式分析庫侖定律的表達式F=，式是點電荷q2產(chǎn)生的電場在點電荷q

2、1處的場強大小，而是點電荷q1產(chǎn)生的電場在q2處的場強的大小2帶電粒子垂直勻強磁場方向運動時，會受到洛倫茲力的作用下列表述正確的是（）A洛倫茲力對帶電粒子做功B洛倫茲力不改變帶電粒子的動能C洛倫茲力的大小與速度無關(guān)D洛倫茲力不改變帶電粒子的速度方向3如圖所示，實線表示某靜電場的電場線，虛線表示該電場的等勢面下列判斷正確的是（）A1、2兩點的場強相等B1、3兩點的場強相等C1、2兩點的電勢相等D2、3兩點的電勢相等4通電矩形線框abcd與長直通電導線MN在同一平面內(nèi)，如圖所示，ab邊與MN平行關(guān)于MN的磁場對線框的作用力，下列說法正確的是（）A線框所受的安培力的合力方向為零B線框所受的安培力的合

3、力方向向左C線框有兩條邊所受的安培力方向相同D線框有兩條邊所受的安培力大小相等5半徑相同的兩個金屬小球A和B帶有電量相等的電荷，相隔一定距離，兩球之間的相互吸引力的大小是F，今讓第三個半徑相同的不帶電的金屬小球C先后與A、B兩球接觸后移開這時，A、B兩球之間的相互作用力的大小是（）AFBFCFDF6圖中所示的邏輯電路中，當A、B端輸入的電信號分別為“0”和“0”時，在C、D端輸出的電信號分別為（）A“1”和“0”B“0”和“1”C“0”和“0”D“1”和“1”7如圖，真空中O點有一點電荷，在它產(chǎn)生的電場中有a、b兩點，a點的場強大小為Ea，方向與ab連線成60角，b點的場強大小為Eb，方向與a

4、b連線成30角，則關(guān)于a、b兩點場強大小及電勢a、b的高低關(guān)系正確的為（）AEa=3Eb，abBEa=3Eb，abCEa=，abDEa=Eb，ab8同一段通電導線，放在同一勻強磁場中的四個不同方位，如圖所示，則（）A（c）中導線受的磁場力大于（a）受的磁場力B只有（b）中通電導線不受磁場力作用C（b）（c）中兩種情況不受磁場力作用D（a）（d）中導線所受的磁場力大小相等9如圖所示，因線路故障，按通K時，燈L1和L2均不亮，用電壓表測得Uab=0，Ubc=0，Ucd=4V由此可知開路處為（）A燈L1B燈L2C變阻器D不能確定10傾角為的導電軌道間接有電源，軌道上靜止放有一根金屬桿ab現(xiàn)垂直軌道平

5、面向上加一勻強磁場，如圖所示，磁感應強度B由零逐漸增加的過程中，ab桿受到的靜摩擦力（）A逐漸增大B逐漸減小C先增大后減小D先減小后增大11電動勢為E，內(nèi)阻為r的電源，向可變電阻R供電，關(guān)于路端電壓說法正確的是（）A因為電源電動勢不變，所以路端電壓也不變B因為U=IR，所以當I增大時，路端電壓也增大C因為U=EIr，所以當I增大時，路端電壓減小D若外電路斷開，則路端電壓為E12給平行板電容器充電，斷開電源后A極板帶正電，B極板帶負電板間一帶電小球C用絕緣細線懸掛，如圖所示小球靜止時與豎直方向的夾角為，則（）A若將B極板向右平移稍許，電容器的電容將減小B若將B極板向下平移稍許，A、B兩板間電勢差

6、將增大C若將B極板向下平移稍許，夾角將變大D輕輕將細線剪斷，小球?qū)⒆鲂睊佭\動13如圖所示電路中，R為一滑動變阻器，m，長度為cm（2）在下列器材中選用合適器材用伏安法盡可能精確地測量其電阻，應選（填序號）A電流表A1：量程為10mA，內(nèi)阻約為10B電流表A2：量程為3A，內(nèi)阻約為C電壓表V1：量程為15V，內(nèi)阻約為30D電壓表V2：量程為6V，內(nèi)阻約為15E滑動變阻器：最大阻值為20，額定電流1AF低壓直流電源：電壓6V，內(nèi)阻忽略G電鍵K，導線若干（3）請在圖3虛線框中畫出完整的實驗電路圖（4）如果實驗中電流表示數(shù)為I，電壓表示數(shù)為U，并測出該棒的長度為L、直徑為D，則該材料的電阻率=（用測出

7、的物理量的符號表示）三、計算題（共3小題，滿分28分）17如圖所示，在場強大小為E的勻強電場中，將電荷量為q的點電荷由A點沿直線移至B點，AB間的距離為L，AB方向與電場方向成60角，求：（1）點電荷所受電場力的大??；（2）在此過程中電場力做的功；（3）A、B兩點間的電勢差并說明哪點電勢高18如圖所示，為電動機提升重物的裝置，電動機線圈電阻為r=1，電動機兩端電壓為5V，電路中的電流為1A，物體A重20N，不計摩擦力，求：（1）電動機線圈電阻上消耗的熱功率是多少（2）電動機輸入功率和輸出功率各是多少（3）這臺電動機的機械效率是多少？19如圖所示，虛線所圍區(qū)域內(nèi)有方向垂直紙面向里的勻強磁場，磁感

8、應強度為B一束電子沿圓形區(qū)域的直徑方向以速度v射入磁場，電子束經(jīng)過磁場區(qū)后，其運動的方向與原入射方向成角設電子質(zhì)量為m，電荷量為e，不計電子之間的相互作用力及所受的重力求：（1）電子在磁場中運動軌跡的半徑R；（2）電子在磁場中運動的時間t；（3）圓形磁場區(qū)域的半徑r參考答案與試題解析一、選擇題（本題共14小題，每小題4分，共56分每小題給出的四個選項中，1-10小題只有一個選項正確，11-14小題有多個選項正確，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有錯選的得0分）1下列關(guān)于電場強度的兩個表達式E=和E=的敘述，錯誤的是（）AE=是電場強度的定義式，F(xiàn)是放入電場中的電荷所受的力，q是產(chǎn)生電場的

9、電荷的電荷量BE=是電場強度的定義式，F(xiàn)是放入電場中的電荷所受的力，q是放入電場中電荷的電荷量，它適用于任何電場CE=是點電荷場強的計算式，Q是產(chǎn)生電場的電荷電量，它不適用于勻強電場D從點電荷場強計算式分析庫侖定律的表達式F=，式是點電荷q2產(chǎn)生的電場在點電荷q1處的場強大小，而是點電荷q1產(chǎn)生的電場在q2處的場強的大小【考點】電場強度；點電荷的場強【分析】E=是電場強度的定義式，q是試探電荷的電荷量，F(xiàn)是試探電荷所受的電場力，適用于任何電場E=是真空中點產(chǎn)生的電場強度計算式根據(jù)適用條件分析E與r的關(guān)系【解答】解：A、B、E=是電場強度的定義式，F(xiàn)是放入電場中的試探電荷所受的力，q是試探電荷的

10、電荷量，它適用于任何電場，q是試探電荷的電荷量故A錯誤，B正確C、E=是真空中點產(chǎn)生的電場強度計算式，Q是產(chǎn)生電場的電荷電量，該式只適用于點電荷的電場，不適用于勻強電場，故C正確D、從點電荷電場強度的計算式分析庫侖定律表達式F=，式是點電荷q2產(chǎn)生的電場在點電荷q1處的場強大小，而是點電荷q1產(chǎn)生的電場在q2處的場強的大小，故D正確本題選錯誤的，故選：A【點評】關(guān)于電場強度的兩個公式理解時抓住兩點：一是公式中各量的含義；二是公式適用的條件定義式適用于一切電場2帶電粒子垂直勻強磁場方向運動時，會受到洛倫茲力的作用下列表述正確的是（）A洛倫茲力對帶電粒子做功B洛倫茲力不改變帶電粒子的動能C洛倫茲力

11、的大小與速度無關(guān)D洛倫茲力不改變帶電粒子的速度方向【考點】質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理【專題】帶電粒子在磁場中的運動專題【分析】洛倫茲力的方向與速度方向垂直，只改變速度的方向，不改變速度的大小【解答】解：A、洛倫茲力的方向與速度方向垂直，所以洛倫茲力不做功，不改變速度的大小，只改變速度的方向，所以不改變粒子的動能故A、D錯誤，B正確C、洛倫茲力大小F=qvB，與速度的大小有關(guān)故C錯誤故選B【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握洛倫茲力的大小公式，知道洛倫茲力的方向3如圖所示，實線表示某靜電場的電場線，虛線表示該電場的等勢面下列判斷正確的是（）A1、2兩點的場強相等B1、3兩點的場強相等C1、2兩點的電勢相

12、等D2、3兩點的電勢相等【考點】電勢；電場強度【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】根據(jù)電場線的分布特點：從正電荷或無窮遠處出發(fā)到負電荷或無窮遠處終止，分析該點電荷的電性；電場線越密，場強越大順著電場線，電勢降低利用這些知識進行判斷【解答】解：A、電場線的疏密表示電場的強弱，由圖可得，1與2比較，1處的電場線密，所以1處的電場強度大故A錯誤；B、電場線的疏密表示電場的強弱，由圖可得，1與3比較，1處的電場線密，所以1處的電場強度大故B錯誤；C，順著電場線，電勢降低，所以1點的電勢高于2點處的電勢故C錯誤；D、由題目可得，2與3處于同一條等勢線上，所以2與3兩點的電勢相等故D正確故選：D【點評】

13、加強基礎知識的學習，掌握住電場線和等勢面的特點，即可解決本題4通電矩形線框abcd與長直通電導線MN在同一平面內(nèi)，如圖所示，ab邊與MN平行關(guān)于MN的磁場對線框的作用力，下列說法正確的是（）A線框所受的安培力的合力方向為零B線框所受的安培力的合力方向向左C線框有兩條邊所受的安培力方向相同D線框有兩條邊所受的安培力大小相等【考點】磁場對電流的作用【專題】定性思想；推理法；磁場磁場對電流的作用【分析】直導線中的電流方向由M到N，根據(jù)安培定則判斷導線框所在處磁場方向根據(jù)左手定則分析導線框所受的安培力情況【解答】解：A、B、直導線中的電流方向由M到N，根據(jù)安培定則，導線右側(cè)區(qū)域磁感應強度方向向外，ab

14、邊電流的方向向上，根據(jù)左手定則，ab邊受向右的安培力，cd邊受到向左的安培力，ad邊受到向上的安培力，bc受到向下的安培力，方向全不同；ab邊受到的安培力大于cd邊，ad邊受到的安培力等于bc受到受到的安培力；故合力向右，故A錯誤，B錯誤；C、ab邊受向右的安培力，cd邊受到向左的安培力，ad邊受到向上的安培力，bc受到向下的安培力，方向全不同；故C錯誤；D、離MN越遠的位置，磁感應強度越小，故根據(jù)安培力公式F=BIL，ab邊受到的安培力大于cd邊，ad邊受到的安培力等于bc受到受到的安培力故D正確故選：D【點評】本題關(guān)鍵：（1）會根據(jù)安培定則判斷通電直導線的磁場；（2）會根據(jù)左手定則判斷安培

15、力方向；（3）會根據(jù)安培力公式F=BIL并結(jié)合微元法判斷安培力的大小5半徑相同的兩個金屬小球A和B帶有電量相等的電荷，相隔一定距離，兩球之間的相互吸引力的大小是F，今讓第三個半徑相同的不帶電的金屬小球C先后與A、B兩球接觸后移開這時，A、B兩球之間的相互作用力的大小是（）AFBFCFDF【考點】庫侖定律【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】理解庫侖定律的內(nèi)容和公式知道帶電體相互接觸后移開，同種電荷電量平分，異種電荷電量先中和再平分【解答】解：假設A帶電量為Q，BA帶電量為Q，兩球之間的相互吸引力的大小是F=第三個不帶電的金屬小球C與A接觸后，A和C的電量都為，C與B接觸時先中和再平分，則C、B

16、分開后電量均為，這時，A、B兩球之間的相互作用力的大小F=故選：A【點評】要清楚帶電體相互接觸后移開，同種電荷電量平分，異種電荷電量先中和再平分根據(jù)庫侖定律的內(nèi)容，找出變化量和不變量求出問題6圖中所示的邏輯電路中，當A、B端輸入的電信號分別為“0”和“0”時，在C、D端輸出的電信號分別為（）A“1”和“0”B“0”和“1”C“0”和“0”D“1”和“1”【考點】簡單的邏輯電路【分析】該復合門中非門的輸出端又為與門的輸入端與門的特點：事件的幾個條件都滿足，該事件才能發(fā)生非門的特點：輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)相反【解答】解：B端輸入電信號“0”時，則非門的輸出端D為“1”，非門的輸出端又為與門的輸入端，與

17、門的輸入端為“0”和“1”，則輸出端C為“0”故B正確、ACD錯誤故選：B【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握與門和非門的特點，與門的特點：事件的幾個條件都滿足，該事件才能發(fā)生非門的特點：輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)相反7如圖，真空中O點有一點電荷，在它產(chǎn)生的電場中有a、b兩點，a點的場強大小為Ea，方向與ab連線成60角，b點的場強大小為Eb，方向與ab連線成30角，則關(guān)于a、b兩點場強大小及電勢a、b的高低關(guān)系正確的為（）AEa=3Eb，abBEa=3Eb，abCEa=，abDEa=Eb，ab【考點】電場強度；電勢【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】先根據(jù)幾何知識求出a、b兩點到點電荷的距離之比，再根據(jù)點電

18、荷場強公式E=求解場強之比再根據(jù)沿電場線方向電勢降低確定兩點電勢的高低【解答】解：設a、b兩點到點電荷的距離分別為ra和rb根據(jù)幾何知識得：rb=ra根據(jù)E=得：Ea：Eb=：=3，則有：Ea=3Eb由場強方向可知該點電荷帶負電，電場線從無窮遠處指向負電荷，順著電場線方向電勢降低，則ab故選：B【點評】理解并掌握點電荷場強的決定式，把握沿電場線方向電勢降低的特點，即可順利解決此類題目8同一段通電導線，放在同一勻強磁場中的四個不同方位，如圖所示，則（）A（c）中導線受的磁場力大于（a）受的磁場力B只有（b）中通電導線不受磁場力作用C（b）（c）中兩種情況不受磁場力作用D（a）（d）中導線所受的磁

19、場力大小相等【考點】安培力【分析】由圖可知電流的方向和磁場的方向，據(jù)左手定則判斷安培力的方向即可注意當B的方向與電流的方向不垂直時，可以用矢量的運算法則分解【解答】解：A、ac中通電電流與磁場方向沒法確定，故無法判斷安培力大小關(guān)系，故A錯誤；B、磁場方向與通電導線電流方向相同，不受安培力，故B正確；C、因c中通電電流方向與磁場方向無法確定，故沒法判斷所受安培力大小，故C錯誤；D、a中磁場方向沒法判斷，故安培力大小無法判斷，故D錯誤；故選：B【點評】注意電流方向與磁場方向的夾角，靈活應用安培力和左手定則判斷9如圖所示，因線路故障，按通K時，燈L1和L2均不亮，用電壓表測得Uab=0，Ubc=0，

20、Ucd=4V由此可知開路處為（）A燈L1B燈L2C變阻器D不能確定【考點】閉合電路的歐姆定律【專題】恒定電流專題【分析】對于完好的電阻，阻值一定，電流I=0時，根據(jù)歐姆定律可知，其電壓U=IR=0若發(fā)生斷路，其兩端電壓等于電源的電動勢【解答】解：A、B對于完好的電阻，阻值一定，電流I=0時，根據(jù)歐姆定律可知，其電壓U=IR=0由題：Uab=0，Ubc=0，則可知：燈L1、L2沒有發(fā)生斷路故AB錯誤C、由題Ucd=4V，則變阻器發(fā)生斷路，因為斷路時，電路無電流，其兩端的電勢分別等于電源兩極的電勢，其電勢差等于電源的電動勢故C正確D、由上述分析可知D錯誤故選：C【點評】本題是電路中故障分析問題，往

21、往哪段電路的電壓等于電源的電壓，哪段電路發(fā)生斷路，可用電壓即為電勢差來理解10傾角為的導電軌道間接有電源，軌道上靜止放有一根金屬桿ab現(xiàn)垂直軌道平面向上加一勻強磁場，如圖所示，磁感應強度B由零逐漸增加的過程中，ab桿受到的靜摩擦力（）A逐漸增大B逐漸減小C先增大后減小D先減小后增大【考點】安培力【分析】根據(jù)左手定則，判斷安培力的方向；然后對桿受力分析，受重力、支持力、安培力和靜摩擦力（可能有），根據(jù)共點力平衡條件列式分析【解答】解：加上磁場之前，對桿受力分析，受重力、支持力、靜摩擦力；根據(jù)平衡條件可知：mgsin=f；加速磁場后，根據(jù)左手定則，安培力的方向平行斜面向上，磁感應強度B逐漸增加的過

22、程中，安培力逐漸增加；根據(jù)平衡條件，有：mgsin=fFA；由于安培力逐漸變大，故靜摩擦力先減小后反向增加；故選：D【點評】本題關(guān)鍵是對桿受力分析，然后根據(jù)平衡條件列式分析，不難11電動勢為E，內(nèi)阻為r的電源，向可變電阻R供電，關(guān)于路端電壓說法正確的是（）A因為電源電動勢不變，所以路端電壓也不變B因為U=IR，所以當I增大時，路端電壓也增大C因為U=EIr，所以當I增大時，路端電壓減小D若外電路斷開，則路端電壓為E【考點】閉合電路的歐姆定律【專題】恒定電流專題【分析】給定的電源，其電動勢和內(nèi)阻都不變，與外電路無關(guān)，而路端電壓隨外電阻的增大而增大，減小而減小根據(jù)閉合電路歐姆定律分析路端電壓的變化

23、【解答】解：A、電源的電動勢不變，路端電壓隨外電阻的增大而增大，減小而減小故A錯誤B、I增大是由于外電阻R減小造成的，所以不能根據(jù)U=IR判斷路端電壓的變化應這樣分析：當I增大時，電源的內(nèi)電壓增大，由閉合電路歐姆定律可知，路端電壓應減小，故B錯誤C、由U=EIr分析，E、r不變，I減小，得到U增大即路端電壓增大，故C正確；D、若外電路斷開，電流為零，根據(jù)U=EIr，路端電壓為E，故D正確；故選：CD【點評】本題是簡單的路動態(tài)分析問題對于路端電壓與電流的關(guān)系，也可以作出電源的外特性曲線UI圖線，更直觀判斷它們的關(guān)系12給平行板電容器充電，斷開電源后A極板帶正電，B極板帶負電板間一帶電小球C用絕緣

24、細線懸掛，如圖所示小球靜止時與豎直方向的夾角為，則（）A若將B極板向右平移稍許，電容器的電容將減小B若將B極板向下平移稍許，A、B兩板間電勢差將增大C若將B極板向下平移稍許，夾角將變大D輕輕將細線剪斷，小球?qū)⒆鲂睊佭\動【考點】電容器的動態(tài)分析【專題】電容器專題【分析】根據(jù)電容的決定式C=，分析電容的變化電容器的電量不變，由U=，分析板間電勢差的變化根據(jù)E=，U=，C=，結(jié)合分析場強E的變化，判斷的變化輕輕將細線剪斷，小球?qū)⒀刂亓εc電場力的合力方向沿作勻加速直線運動【解答】解：A、若將B極板向右平移稍許，d增大，根據(jù)C=，得知電容將減小故A正確B、C若將B極板向下平移稍許，正對面積S減小，根據(jù)C

25、=，得知電容將減小電容器的電量Q不變，由U=，分析得知板間電勢差增大，由E=得知，E增大，小球所受的電場力增大，將變大故B、C正確D、輕輕將細線剪斷，小球?qū)⒀刂亓εc電場力的合力方向做勻加速直線運動故D錯誤故選ABC【點評】本題要抓住條件：電量Q不變的基礎上，根據(jù)E=，U=，C=，進行分析13如圖所示電路中，R為一滑動變阻器，A，內(nèi)阻約為10B電流表A2：量程為3A，內(nèi)阻約為C電壓表V1：量程為15V，內(nèi)阻約為30D電壓表V2：量程為6V，內(nèi)阻約為15E滑動變阻器：最大阻值為20，額定電流1AF低壓直流電源：電壓6V，內(nèi)阻忽略G電鍵K，導線若干（3）請在圖3虛線框中畫出完整的實驗電路圖（4）如果

26、實驗中電流表示數(shù)為I，電壓表示數(shù)為U，并測出該棒的長度為L、直徑為D，則該材料的電阻率=（用測出的物理量的符號表示）【考點】測定金屬的電阻率【專題】定量思想；推理法；方程法；恒定電流專題【分析】（1）解決本題的關(guān)鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；估算電路中最大電流值，可選擇電流表的量程；根據(jù)電源的電壓選擇電壓表的量程；EFG是必選的器材（2、3）根據(jù)待測材料的電阻與電壓表、電流表內(nèi)阻相比較，確定電流法是內(nèi)接法還是外接法根據(jù)變阻器的阻值與待測電阻的大小關(guān)系，確定變阻器的接法（4）根據(jù)電阻定律和歐姆

27、定律求得電阻率的表達式【解答】解：（1）螺旋測微器讀數(shù)：=；游標卡尺讀數(shù)：111mm11=（2）因為電源電壓為6V，所以電壓表選V2，電路中最大電流I=6mA，故電流表選A，所以選用的器材為ADEFG（3）因被測電阻R=1，遠大于電流表內(nèi)阻和滑動變阻器的最大阻值，所以電流表內(nèi)接，滑動變阻器用分壓接法，電路圖如圖所示：（4）由R=，解得=故答案為：（1）；（2）ADEFG；（3）如圖所示；（4）【點評】對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關(guān)測量；本題關(guān)鍵是熟悉實驗的原理，用伏安法精確地測量電阻，同時要明確用伏安法測電阻時誤差的差三、計算題（共3小題，滿分28分）17如圖所示，在場強大小為E的勻強電場中，將電荷量為q的點電荷由A點沿直線移至B點，AB間的距離為L，AB方向與電場方向成60角，求：（1）點電荷所受電場力的大??；（2）在此過程中電場力做的功；（3）A、B兩點間的電勢差并說明哪點電勢高【考點】勻強電場中電