1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，矩形的四個頂點a、b、c、N是勻強電場中的四個點，ab=2bc=2L,電場線與矩形所在的平面平行，已知a點電勢為18V, b點電勢為10V, c點電勢為6V,一質子

2、從a點以速度v0射入電場，v0與亦邊的夾角為，一段時間后質子經過ab中點e,不計質子重力。下列判斷正確的是Ad點電勢為12VB質子從a到e電勢能增加了 4eVC質子從a到e所用時間為D將另一比荷相同的帶正電粒子以相同的初動能從a點沿與v0相同的方向射入電場該粒子一定經e點2、如圖，在高15m的平臺上，一個質量為1kg的小球被一細線拴在墻上，球與墻之間有一被壓縮的輕彈簧，當細線被燒斷后，小球被彈出，已知小球落地時速度方向與水平成60角。忽略一切阻力，則輕彈簧被壓縮時具有的彈性勢能為（g取10m/s2）A50JB100JC150JD200J3、關于物理學中的貢獻，下列說法正確的是（ ）A奧斯特最先

3、發現電流的磁效應且首先制造出最原始的發電機B法拉第通過大量的實驗研究發現電磁感應現象且首先制造出最原始的發電機C惠更斯發現單擺具有等時性，他由此制造出第一臺擺鐘D伽利略發現單擺具有等時性，他由此制造出第一臺擺鐘4、2017年12月，我國大飛機三劍客之一的“鯤龍”AG600成功首飛若該飛機在起飛過程中做勻加速直線運動，下列能反映該運動過程的圖象是()ABCD5、下列關于物理思想方法的敘述中正確的是A理想化模型是把實際問題理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如質點、點電荷、光滑面、位移等都是理想化模型B重心、分力與合力和交變電流的有效值等概念的建立都體現了等效替代的思想C在探究加速度、力和質量三

4、者之間的關系時，通常采用先保持質量不變研究加速度和力的關系。再保持力不變研究加速度與質量的關系，這應用了微元法D根據加速度定義式a=vt，當t趨近于零時，vt就可以表示物體在某時刻的瞬時加速度，該定義應用了控制變量法6、靜止的物體從時刻開始受到如圖所示的合外力作用，下列表述正確的是A內物體的速度先增大后減小B內物體的速度方向一直不變C末物體回到出發點D末物體的速度方向發生變化二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量為物塊P在與水平方向夾角為的力的作用下，沿水

5、平面做勻速直線運動。已知物塊與水平面之間的動摩擦因數，。當最小時，則（）ABC最小值為D最小值為8、如圖所示，一質量為m的物體在沿斜面向上的恒力F作用下，由靜止從底端向上做勻加速直線運動.若斜面足夠長，表面光滑，傾角為.經時間t恒力F做功80J，此后撤去恒力F，物體又經時間t回到出發點，且回到出發點時的速度大小為v，若以地面為重力勢能的零勢能面，則下列說法中正確的是( )A物體回到出發點時的機械能是80JB撤去力F前的運動過程中，物體的動能一直在增加，撤去力F后的運動過程中物體的動能一直在減少C撤去力F前和撤去力F后的運動過程中物體的加速度之比為1:3D在撤去力F前的瞬間，力F的功率是9、如圖

6、所示，細線AB和BC連接著一質量為m的物體P，其中繩子的A端固定，c端通過小定滑輪連接著一質量也為m的另一個物體Q，開始時，用手抓住物體Q，使物體P、Q均靜止，此時AB和BC兩繩中拉力大小分別為T1、T1把手放開瞬間，AB和BC兩繩中拉力大小分別為T1、T1已知ABC處于同一豎直平面內，繩子間連接的夾角如圖則AT1：T1=1:1BT1：T1=1:1CT1：T1=1：3DT1：T1=：110、如圖所示，質量和電荷量均相同的兩個小球A、B分別套在光滑絕緣桿MN、NP上，兩桿固定在一起，NP水平且與MN處于同一豎直面內，MNP為鈍角B小球受一沿桿方向的水平推力F1作用，A、B均處于靜止狀態，此時A、

7、B兩球間距為L1現緩慢推動B球，A球也緩慢移動，當B球到達C點時，水平推力大小為F2，A、B兩球間距為L2，則()AF1F2BF1F2CL1L2DL1L2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學用圖示的實驗裝置探究加速度與力的關系他在氣墊導軌旁安裝了一個光電門B，滑塊上固定一遮光條，滑塊用細線繞過氣墊導軌左端的定滑輪與力傳感器相連，力傳感器可直接測出繩中拉力大小，傳感器下方懸掛鉤碼改變鉤碼數量，每次都從A處由靜止釋放滑塊已知滑塊（含遮光條）總質量為M，導軌上遮光條位置到光電門位置的距離為L請回答下面相關問題(1)如圖，實驗時用游

8、標卡尺測得遮光條的寬度為_ 某次實驗中，由數字毫秒計記錄遮光條通過光電門的時間為t，由力傳感器記錄對應的細線拉力大小為F，則滑塊運動的加速度大小應表示為_（用題干已知物理量和測得物理量字母表示）(2)下列實驗要求中不必要的是（_）A應使滑塊質量遠大于鉤碼和力傳感器的總質量B應使遮光條位置與光電門間的距離適當大些C應將氣墊導軌調節至水平D應使細線與氣墊導軌平行12（12分）如圖所示為驗證機械能守恒定律的實驗裝置示意圖。現有的器材為：帶鐵夾的鐵架臺、打點計時器、紙帶、帶鐵夾的重錘、刻度尺、天平。回答下列問題（1）為完成此實驗，除了所給的器材，還需要的一個器材是_A螺旋測微器 B秒表 C多用電表 D

9、交流電源（2）下面列舉了該實驗的幾個操作步驟中，其中操作不當的一個步驟是_A用天平測出重錘的質量B按照圖示的裝置安裝器件C先釋放紙帶，后接通電源D測量紙帶上某些點間的距離（3）利用這個裝置也可以測量重錘下落的加速度a的數值。根據打出的紙帶，選取紙帶上連續的五個點A、B、C、D、E，測出各點之間的距離如下圖所示。使用交流電的頻率為f，則計算重錘下落的加速度的表達式a_（用x1、x2、x3、x4及f表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一個磁感應強度為B的均勻磁場，垂直于一軌距為l的導軌（導軌足夠長）軌道與

10、水平面有的切角，一根無摩擦的導體棒，質量為m，橫跨在兩根導軌上，如圖所示。如果由導體棒和軌道組成的電路在以下幾種不同情況下被閉合，當從靜止開始放開導體棒后，棒將會如何運動呢?（除電阻R外，其余電路的電阻都忽略不計，電磁輻射忽略不計，線圈的自感電動勢）(1)一個阻值為R的電阻；(2)一個電容為C的電容；(3)一個電感為L的線圈。14（16分）如圖所示，長L=8m，質量M=3kg的薄木板靜止放在光滑水平面上，質量m=1kg的小物體放在木板的右端，現對木塊施加一水平向右的拉力F，取g=10m/s2，求：(1)若薄木板上表面光滑，欲使薄木板以2 m/s2的加速度向右運動，需對木板施加的水平拉力為多大?

11、(2)若木板上表面粗糙，物體與薄木板間的動摩擦因數為0.3，若拉力F=6N，求物體對薄木板的摩擦力大小和方向？(3)若木板上表面粗糙，物體與薄木板間的動摩擦因數為0.3，若拉力F=15N，物體所能獲得的最大速度。15（12分）有一傳送帶正在以v=1m/s的速度沿逆時針方向勻速轉動，其長度L=10m現有一物塊，以v0=6m/s從傳送帶左端向右端滑動已知，物塊與傳送帶間動摩擦因數=0.1，物塊質量m=1kg，重力加速度g取10m/s1 （1）從物塊滑上傳送帶直至速度減為零所通過的位移；（1）從物塊滑上傳送帶直至離開傳送帶所經歷的時間參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小

12、題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A.勻強電場中平行的等間距的兩點間的電勢差相等，故有：即：可得d點電勢為：故A錯誤；B. 中點的電勢為：質子從到電勢能變化了：電勢能減小了4eV，故B錯誤；C.連線為等勢線，故質子拋出后做類平拋運動，落到點時，垂直于電場線方向的位移為：所需時間為：故C確；D. 另一比荷相同的帶正電粒子射入電場做類平拋運動，落到上時，設垂直于電場線方向的位移為，平行于電場線方向的位移為，根據運動的合成與分解則有：解得：由于另一帶正電粒子與質子的比荷相同，初動能相同，則另一帶正電粒子與質子的不一定相同，則粒子落到上時垂直于電場線方向的位移不一定等于，所以

13、射入電場該粒子不一定經點，故D錯誤。2、A【解析】小球離開平臺后做平拋運動，則有：vy2=2gh則得，落地時豎直方向上的分速度為：由落地速度分解可得：解得平拋運動的初速度為：v0=10m/s由機械能守恒定律知，彈簧被壓縮時具有的彈性勢能等于物體所獲得的動能，即為：A. 50J與分析相符，故A正確。B. 100J與分析不符，故B錯誤。C. 150J與分析不符，故C錯誤。D. 200J與分析不符，故D錯誤。3、B【解析】奧斯特最先發現電流的磁效應，法拉第首先制造出最原始的發電機，故A錯誤；法拉第通過大量的實驗研究發現電磁感應現象且首先制造出最原始的發電機，故B正確；伽利略最先發現單擺做微小擺動的等

14、時性，惠更斯利用其等時性制作了擺鐘，故CD錯誤4、D【解析】飛機在起飛過程中做勻加速直線運動，由，可知x-t圖為二次函數數，故AC錯誤；由，可知v-t圖為正比例函數，故B錯誤，D正確5、B【解析】理想化模型是把實際問題理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如質點、點電荷、光滑面等都是理想化模型，但是位移是物理概念，不屬于理想模型，選項A錯誤；重心、分力與合力和交變電流的有效值等概念的建立都體現了等效替代的思想，選項B正確；在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，通常采用先保持質量不變研究加速度和力的關系。再保持力不變研究加速度與質量的關系，這應用了控制變量法，選項C錯誤；根據加速度定義式a=v

15、t，當t趨近于零時，vt就可以表示物體在某時刻的瞬時加速度，該定義應用了極限法，選項D錯誤；故選B.6、B【解析】A02s內，合外力與速度同向，則加速度與速度同向，所以物體的速度一直增大，故A錯誤；BD24s內，合外力與速度反向，則加速度與速度反向，所以物體的速度一直減小，所以04s內物體的速度方向一直不變，故B正確，D錯誤；C04s內物體沿正向運動，4s末物體不會回到出發點，故C錯誤。故選：B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】物塊受到重力、支持力、摩

16、擦力和拉力的作用，如圖所示沿水平方向沿豎直方向其中聯立得令，則則可知，當時，有最小值，即時，有最小值，最小值為故選AC。8、ACD【解析】根據物體的運動的特點，在拉力F的作用下運動時間t后，撤去拉力F之后又運動時間t返回出發點，根據物體的這個運動過程，列出方程可以求得拉力和撤去拉力時物體的速度的大小，從而可以求得拉力F的功率的大小；【詳解】A、根據能量守恒，除了重力之外的力對物體做正功時，物體的機械能就要增加，增加的機械能等于外力作功的大小，由于拉力對物體做的功為，所以物體的機械能要增加，撤去拉力之后，物體的機械能守恒，所以當回到出發點時，所有的能量都轉化為動能，所以動能為，重力勢能為0，所以

17、物體回到出發點時的機械能是，故A正確；B、撤去力F后物體向上減速，速度減為零之后，要向下加速運動，所以撤去力F后的運動過程中物體的動能是先減小后增加，故B錯誤；C、設撤去力F前和撤去力F后的運動過程中物體的加速度大小分別為：和。這兩個過程的位移大小相等，方向相反，取沿斜面向上為正方向，則有：，則得：，故C正確；D、因為物體做勻加速直線運動，初速度為0，由牛頓第二定律可得，撤去恒力F后是勻變速運動，且加速度為，又聯立上兩式得：設剛撤去拉力F時物體的速度大小為，則對于從撤去到返回的整個過程，有：，解得，所以可得在撤去力F前的瞬間，力F的功率：，故D正確。【點睛】分析清楚物體的運動的過程，分析物體運

18、動過程的特點，是解決本題的關鍵，撤去拉力之前和之后的位移大小相等、方向相反是本題隱含的條件。9、AC【解析】P、Q均靜止時，由P受力平衡條件可知：，把手放開瞬間，將P物體的重力沿AB方向和BC方向分解，由于PQ兩物體沿繩方向的速度相同，所以P物體接下來以AB為半徑的圓周運動，由于此時速為0，向心力為0，所以此時AB繩的拉力等于P物體重力沿AB方向的分力即為，此時，圓弧切線方向的合力為，加速度為，解得，對P物體有：，聯立解得：，所以T1：T1=1:1，. T1：T1=1：3，故AC正確10、BC【解析】CD對A受力分析如圖所示，A受到重力mg、支持力FA和庫侖力F庫，根據平衡條件可知，重力mg和

19、庫侖力F庫的合力FA與支持力FA等值反向，可以把重力mg、支持力FA和庫侖力F庫之間的關系轉變為mg、FA、F庫之間的三角形關系，如圖所示當B球向C移動的過程中，庫侖力的方向在改變，即圖中角變小，由矢量三角形可知，庫侖力在變小根據庫侖定律可知L變大，即AB之間的距離變大；故C正確、D錯誤AB對B球受力分析如圖所示，B受到重力mg、支持力FB、庫侖力F庫和推力F，根據平衡條件可知，F=F庫cos，當B球向C移動的過程中，庫侖力的方向在改變，即在變大，則cos變小，庫侖力又在減小，故推力F變小，即F1F2；故A錯誤、B正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫

20、出演算過程。11、0.96cm A 【解析】(1)1游標卡尺的主尺讀數為9mm，游標尺上第12個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為120.05mm=0.60mm，所以最終讀數為：2已知初速度為零，位移為，要計算加速度，需要知道末速度，故需要由數字計時器讀出遮光條通過光電門的時間，末速度：由得：(2)3A.拉力是直接通過傳感器測量的，故與小車質量和鉤碼質量大小關系無關，不必要使滑塊質量遠大于鉤碼和力傳感器的總質量，故A符合題意；B.應使位置與光電門間的距離適當大些，有利于減小誤差，故B不符合題意；C.應將氣墊導軌調節水平，使拉力才等于合力，故C不符合題意；D.要保持拉線方向與氣墊導軌平行，

21、拉力才等于合力，故D不符合題意12、（1）D（2）C（3）a=【解析】試題分析：1）通過打點計時器計算時間，故不需要秒表，打點計時器應該與交流電源連接，需要刻度尺測量紙帶上兩點間的距離不需要螺旋測微器和多用電表，故ABC錯誤，D正確故選D（2）不當的步驟是C，應該先接通電源，后釋放紙帶（3）根據逐差法，則考點：驗證機械能守恒定律四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、見解析【解析】導體棒在重力作用下會沿斜面加速下滑。棒下滑時切割磁感線產生感應電動勢(1)由導體棒和軌道組成的電路有一個阻值為R的電阻時，根據閉合電路歐姆定律有產生感應電流后導體棒受到沿斜面向上的安培力的作用，在沿斜面方向根據牛頓第二定律定律有：而導體棒受的安培力所以隨著下滑速度的增大，F安增大，因此加速度會減小，當安培力等于重力的下滑分力時，加速度為零，棒做勻速運動。(2)由導體棒和軌道組成的電路有一個電容為C的電容時，電路中的電流為則導體棒的加速度為：整理得：即導體棒一直做勻加速直線運動。(3) 由導體棒和軌道組成的電路有一個電感為L的線圈時，線圈產生自感電動勢因為時，則：對導體棒，根據牛頓第二定律有：取下滑加速度為零的平衡位置為坐標原點