1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，套有光滑小鐵環(huán)的細線系在水平桿的兩端A、B上，當桿沿水平方向運動時，小環(huán)恰

2、好懸于A端的正下方并與桿保持相對靜止，已知小環(huán)質量為m，重力加速度為g，下列分析正確的是（ ）A桿可能作勻速運動 B桿一定向右作勻加速運動C桿可能向左作勻減速運動 D細線的張力可能等于mg2、下列關于物理學思想方法的敘述錯誤的是 （ ）A探究加速度與力和質量關系的實驗運用了控制變量法B電學中電阻、電場場強和電勢的定義都運用了比值法C力學中將物體看成質點運用了理想化模型法D當物體的運動時間t趨近于0時，t時間內的平均速度可看成瞬時速度運用了等效替代法3、如圖所示，水平勻速行駛的車廂底板上有一點O, P點在O點的正上方一乘客將一物塊從P點相對車廂靜止釋放，物塊落在AO點BO點右方CO點左方DO點左

3、方或右方都有可能4、如圖所示，工地的建筑工人用磚夾搬運5塊相同的磚，當磚處于平衡狀態(tài)時，下列說法正確的是A磚夾對磚的水平壓力越大，1、5兩塊磚受到的摩擦力越大B3受到2施加的摩擦力大小等于自身重力的一半C4對3的摩擦力方向豎直向下D1受到2施加的摩擦力與4受到5施加的摩擦力相同5、質量為m的物體，沿傾角為的斜面體M勻速下滑，如圖所示，物體與斜面體之間的摩擦系數為，若物體下滑過程中，給物體施加外力F如圖所示，使物體沿斜面體加速下滑，斜面體仍然靜止在桌面上，下述說法正確的是A斜面受到的摩擦力方向一定沿桌面向左B斜面受到的摩擦力方向一定沿桌面向右C斜面相對桌面無相對運動趨勢，故無摩擦力D一定是6、一

4、輛汽車在平直的公路上運動，運動過程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牽引功率，其牽引力和速度的圖像如圖所示，若已知汽車的質量m，牽引力和速度及該車所能達到的最大速度，運動過程中阻力大小恒定，則根據圖像所給信息，下列說法正確的是（ ）A汽車運動中的最大功率為B速度為時的加速度大小為C汽車行駛過程中所受阻力D恒定加速時，加速度為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，在t=0時刻的波形如圖所示已知波的傳播速度為1m/s，下列說法正確的是（）A

5、此時P質點正向y軸正方向運動B經過0.1s，P、Q兩質點的位移可能相同C經過0.2 s，Q質點運動的路程為30cmD經過0.4 s，P質點向x軸正方向移動了40 cm8、 “水流星”是一種常見的雜技項目，該運動可以簡化為輕繩一端系著小球在豎直平面內的圓周運動模型.已知繩長為 l，重力加速度為 g，則( ) A當 v0 gl時，細繩始終處于繃緊狀態(tài)B當 v0 gl時，小球一定能通過最高點 PC小球運動到最高點 P 時，速度要大于等于glD小球初速度 v0 越大，則在 P、Q 兩點繩對小球的拉力差越大9、在如圖甲所示的電路中，L1、L2和L3為三個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所

6、示，當開關S閉合后，電路中的總電流為0.25A則此時（）AL1的電壓為L2電壓的2倍BL1消耗的電功率為0.75WCL1、L2消耗的電功率的比值大于4：1DL2的電阻為1210、一質量為2kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運動。F隨時間t變化的圖線如圖所示，則（）A時物塊的速率為B時物塊的動量大小為C時物塊的動量大小為D時物塊的速度為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，實驗裝置如圖所示。（1）部分實驗步驟如下，請完成有關內容。將一根橡皮筋的一端固定在貼有白紙的豎直平整木板上，另一端

7、拴上兩根細繩；細繩的另一端系著繩套。在其中一根細繩上掛上5個質量相等的鉤碼，使橡皮筋拉伸，如圖甲所示；記下橡皮筋的結點的位置O、細繩的方向和鉤碼個數。將步驟中的鉤碼取下，分別在兩根細繩上掛上3個和4個與步驟中同樣的質量相等的鉤碼，用兩光滑定滑輪B、C使兩細繩互成角度，如圖乙所示；調整B、C的位置，使_，記錄_。（2）如果“力的平行四邊形定則”得到驗證，那么圖乙中coscos=_。12（12分）為了探究加速度與力的關系，某同學設計了如圖1所示的實驗裝置，帶滑輪的長木板水平放置，板上有兩個光電門相距為d，滑塊通過細線與重物相連，細線的拉力F大小等于力傳感器的示數.讓滑塊從光電門1由靜止釋放，記下滑

8、到光電門2的時間t，改變重物質量來改變細繩拉力大小，重復以上操作5次，得到下列表格中5組數據 次數a/(ms-2)F/N11.00.7622.00.9933.01.2344.01.5055.01.76(1)若測得兩光電門之間距離為d=0.5m，運動時間t=0.5s，則a=_m/s2；(2)依據表中數據在如圖2中畫出a-F圖象(3)由圖象可得滑塊質量m=_kg，滑塊和軌道間的動摩擦因數=_.g=10m/s2四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，一物塊在水平拉力F的作用下沿水平桌面做勻速直線運動若保持F的大

9、小不變，而方向與水平面成60角，物塊也恰好做勻速直線運動，求物塊與桌面間的動摩擦因數（計算結果保留兩位小數）14（16分）如圖甲所示，一個以恒定速率逆時針轉動的傳送帶AB，在其左側邊緣的B點有一個不計大小的滑塊，若滑塊以初速度v1=3m/s沖上傳送帶，滑塊運動的v-t力象如圖乙中實線a所示；若滑塊以初速度v1=6m/s沖上傳送帶，滑塊運動的v-t圖象如圖所乙實線b所示重力加速度g取10m/s1求： （1）傳送帶的長度L和傳送帶與滑塊間的動摩擦因數； （1）滑塊以初速度v1=3m/s沖上傳送帶到返回B點所用的時間t 15（12分）一物塊以一定的初速度沿斜面向上滑出，利用DIS實驗系統，在計算機屏

10、幕上得到其速度大小隨時間的變化關系圖像如圖所示。求：（g=10m/s2）(1)物塊上滑和下滑的加速度大小a1、a2；(2)物塊向上滑行的最大距離s；(3)斜面的傾角及物塊與斜面間的動摩擦因數。 參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】對小環(huán)受力分析：受繩的拉力和重力，如圖，設細線夾角為：由題知豎直方向平衡：mg=T+Tcos設水平方向上加速度為a，由牛頓第二定律得：Tsin=ma由于090，得：T=mg，加速度方向水平向右；故桿和小環(huán)向右做加速度的勻加速或向左勻減速運動，由上分析，可知，故ABD錯誤，C正確；

11、故選C.2、D【解析】試題分析：在探究加速度與力、質量的關系實驗中使用了控制變量法，故A正確；電學中電阻、場強和電勢的定義都運用了比值法，故B正確；質點并不存在，采用的是理想化的物理模型,故C正確；時的平均速度可看成瞬時速度，采用的是極限分析方法,故D錯誤考點：物理學史【名師點睛】在學習物理知識的同時，我們還學習科學研究的方法，常用的方法有：控制變量法、等效替代法、理想實驗法、類比法等等3、A【解析】以地面為參考系，O點向右做勻速直線運動，在P點釋放的物體向右做平拋運動，其水平分運動是勻速直線運動，故在水平方向，物體與O是相對靜止的，故物塊落在O點，故A正確，BCD錯誤；故選A.4、B【解析】

12、A.設每塊磚的質量為m，只有滑動摩擦和最大靜摩擦才和正壓力成正比，對整體根據平衡條件可得1、5兩塊磚受到的摩擦力大小均為2.5mg，與正壓力無關，故A錯誤；BC.對3受力分析，根據平衡條件可得3受到2施加的摩擦力大小與3受到4施加的摩擦力大小之和等于3的重力，所以3受到2施加的摩擦力大小等于自身重力的一半，方向向上，所以4對3的摩擦力方向豎直向上，故B正確，C錯誤；D.1受到2施加的摩擦力與4受到5施加的摩擦力大小相等，方向相反，故D錯誤；5、C【解析】物體沿傾角為的斜面體勻速下滑，對物塊受力分析，根據平衡條件可知摩擦力與支持力的合力應該與重力等大反向，即斜面對滑塊的作用力方向豎直向上，根據牛

13、頓第三定律，則物塊對斜面的作用力方向豎直向下，則有：解得：當用大小為的力推物體，物體所受斜面的支持力增大，摩擦力也增大，但是支持力與摩擦力仍然成比例的增大，其合力的方向仍然豎直向上，保持不變，則物塊對斜面的作用力的方向仍然豎直向下，只是數值上變大，故斜面沒有運動的趨勢，不受地面的摩擦力；A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯誤。6、C【解析】A. 汽車勻加速直線運動階段，牽引力不變，速度逐漸增大，牽引力功率逐漸增大。勻加速結束時，牽引力的功率達到F1v1后保持恒定的牽引功率，則汽車運動中的最大功率Pm=F1v1故A錯誤；B. 根據F

14、1v1=Fv2解得：此時根據牛頓第二定律可知Ff=ma解得故B錯誤；C.當牽引力等于阻力時速度達到最大，則F1v1=fv3解得故C正確；D.根據牛頓第二定律在勻加速階段，加速度大小為故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】波沿x軸正方向傳播，由圖示波形圖可知，質點P沿y軸正方向運動，故A正確；由圖示波形圖可知，質點P向上運動，質點Q向下運動，經過0.1s它們的位移方向不同，位移不同，故B錯誤；由圖示波形圖可知，波長=40cm=0.4m，波的周期：T=

15、v=0.41=0.4s，由圖示波形圖可知，質點的振幅為15cm，經過t=0.2s=12T，質點的路程為：152=30cm，故C正確；在波的傳播過程中，質點只在平衡位置附近振動并不隨波的傳播向外遷移，故D錯誤；故選AC點睛：本題考查了波的傳播問題，由波形圖求出波長、振幅、分析清楚波的傳播過程是解題的前提與關鍵，應用波長、波速與周期的關系可以解題8、AC【解析】根據動能定理得，mgh012mv02，若v0gl時，則h12l，可知小球不會越過四分之一圓周，細繩始終處于繃緊狀態(tài)，故A正確。小球越過最高點的臨界速度v=gl，即小球運動到最高點 P 時，速度要大于等于gl，根據動能定理得，mg2l12mv

16、212mv02，解得v0=5gl ，即在最低點的速度需滿足v05gl，小球才能通過最高點P，故B錯誤，C正確。在Q點，根據牛頓第二定律得，F1mgmv02l，在P點，F2+mgmv2l，又mg2l12mv2212mv02，聯立解得F=F1-F2=6mg，故D錯誤。故選AC。【點睛】本題小球做變速圓周運動，在最高點和最低點重力和拉力的合力提供向心力，同時結合動能定理解答即可9、BC【解析】燈泡是非線性元件，根據L1、L2、L3的電壓，由伏安特性曲線可讀出電流，由R=U/I算出它們的電阻，再依據功率表達式P=UI，及并聯電路電壓相等，串聯電路電流相等，從而即可求解【詳解】A. 電路中的總電流為0.

17、25A，則通過L1的電流為0.25A，則由圖可知，L1兩端的電壓為3.0V；因L2和L3并聯，則L2和L3電壓相等，它們的電阻相等，因此它們的電流也相等，則通過L2電流為0.125A，則由圖可知，L2兩端的電壓約為0.4V，故A錯誤；B、由伏安特性曲線可以讀出電流為I1=0.25A，電壓為U1=3V時的，L1消耗的電功率為P=U1I1=30.25=0.75W，故B正確； C、通過R2的電流為I2=0.125A,電壓U2=0.4V，功率P2=U2I2，約為0.05W，L1、L2消耗的電功率的比值大于4：1，故C正確； D、電流為I2=0.125A,電壓U2=0.4V，L2的電阻R2=U2/I2，

18、約為3，故D錯誤； 故選BC.10、AB【解析】A前兩秒，根據牛頓第二定律則0-2s的速度規(guī)律為：v=at；t=1s時，速率為1m/s，A正確；Bt=2s時，速率為2m/s，則動量為P=mv=4kgm/sB正確；CD2-4s，力開始反向，物體減速，根據牛頓第二定律，a=-0.5m/s2，所以3s時的速度為1.5m/s，動量為3kgm/s，4s時速度為1m/s，CD錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、橡皮筋的結點到達相同的位置O鉤碼的個數及對應的細線方向41【解析】（1）該實驗采用“等效代替”法，因此在用兩個繩套拉橡皮筋時，要將橡皮

19、筋與細線結點拉到與步驟中結點位置重合，同時記錄鉤碼個數和對應的細線方向（2）根據O點處于平衡狀態(tài)，正交分解有：豎直方向：1mgsin+4mgsin=5mg水平方向：1mgcos=4mgcos聯立解得：cos：cos=4：1【點睛】要圍繞“驗證力的平行四邊形定則”的實驗原理對實驗步驟和實驗中需要注意的問題進行理解，正確理解“等效代替”的含義12、4.0 0.25 0.2 【解析】(1)根據運動學公式x=12at2得a=2xt2=20.5(0.5)2=4.0m/s2；(2)依據表中數據運用描點法作出圖象：(3)根據F-mg=ma得a=Fm-g，所以滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖象斜率等于滑塊質量的倒數，由圖形得加速度a和所受拉力F的關系圖象斜率k=4，所以滑塊質量m=0.25kg，由圖形得，當