2025屆高三年級2月調研測試物理注意事項，考生在答題前請認真閱讀本注意事項及各題答題要求1.本試卷共6頁，滿分100分，考試時間75分鐘。考試結束后，請將答題卡交回。2.答題前，請務必將自己的姓名、準考證號、座位號用0.5毫米黑色字跡簽字筆填寫在答題卷上。3.請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、考試證號與本人的是否相符。4.作答選擇題必須用2B鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑。如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案。作答非選擇題必須用書寫黑色字跡的0.5毫米的簽字筆寫在答題卷上的指定位置，在其它位置作答一律無效。一、單項選擇題：共11題，每題4分，共44分。每題只有一個選項最符合題意。1.國運興則體育興、國家強則體育強。以下相關說法正確的是（）A.研究如何才能踢出香蕉球時，可以把足球看成質點B.在2025年全國室內田徑大獎賽男子60米決賽中，蘇炳添跑出6.65秒的成績奪冠，6.65秒是時間間隔C.在跳水比賽中，如果以運動員為參考系，該運動員下方的水面一定是上升的D.400米比賽中，運動員的位移為零，平均速度為零，平均速率也為零【答案】B【解析】【詳解】A．研究如何才能踢出香蕉球時，足球的形狀大小不能忽略不計，不可以把足球看成質點，故A錯誤；B．6.65秒是蘇炳添跑60米所用時間，是時間間隔，故B正確；C．在跳水比賽中，如果以運動員為參考系，若運動員處于上升階段，則水面相對運動員是下降的，故C錯誤；D．平均速度等于位移除以時間，平均速率等于路程除以時間；在400米比賽中，運動員的位移為零，平均速度為零，路程不為零，平均速率不為零，故D錯誤。故選B。2.已知放射性元素鍶（）會發生衰變，半衰期為28.8年，則（）A.經過約57.6年，核污染水中的鍶（）將全部衰變結束B.海水稀釋不能改變鍶的半衰期C.衰變所釋放的電子是原子核外的電子電離形成的D.秋冬氣溫逐漸變低時，鍶的衰變速度會變慢【答案】B【解析】【詳解】A．半衰期是原子核發生半數衰變所需的時間，經過57.6年，即兩個半衰期，剩余鍶為原來的四分之一，并沒有完全衰變完，故A錯誤；BD．半衰期由原子核內部因素決定，與原子核所處的物理環境和化學狀態無關，故B正確，D錯誤；C．衰變所釋放的電子是由原子核內的一個中子轉變成一個質子和一個電子，故C錯誤。故選B。3.下列關于歐姆表的使用和操作正確的是（）A.歐姆表歐姆調零后，用“×10”擋測量電阻的阻值，發現表針偏轉如圖甲所示，為了提高測量精度，應換用“×1”擋，重新調零后再測量B.用多用電表測量不同的電阻R時，均需要重新歐姆調零C.若用多用電表歐姆擋測量某晶體二極管，結果如圖乙所示，可知該二極管的正極為B端D.若不能估計未知電阻的大小，可以先用中等倍率的某個歐姆檔試測，根據讀數大小再選擇合適檔位【答案】D【解析】【詳解】A．歐姆表歐姆調零后，用“×10”擋測量電阻的阻值，發現表針偏轉如圖甲所示，說明電阻讀數較大，量程擋位選小了，為了把電阻測得更準一些，應換用“×100”擋，重新調零后再測量，故A錯誤；B．換擋時需要重新歐姆調零，不換擋則不需要重新歐姆調零，故B錯誤；C．歐姆檔的負與內部電源正極相連，若用多用電表歐姆擋測量某晶體二極管，結果如圖乙所示，由圖內可知左圖中電阻較大，所測的為二極管的反向電阻；右圖中電阻較小，測的是正向電阻，則該極管的正極為A端，故C錯誤；D．若不能估計未知電阻的大小，可以先用中等倍率的某個歐姆檔試測，根據讀數大小再選擇合適檔位，故D正確。故選D。4.鐵絲圈上附有肥皂膜，豎直放置時，肥皂膜上的彩色條紋上疏下密，由此推測肥皂膜前后兩個面的側視形狀應當是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】如圖所示干涉加強時根據幾何關系聯立可得AB．當如AB形狀時，寬度隨高度的變化率不變，薄膜干涉形成的彩色條紋為等間距條紋，故AB錯誤；CD．根據題意可知肥皂膜上的彩色條紋上疏下密，可知寬度隨高度的變化率變大，故C正確，D錯誤。故選C。A.甲光的全反射臨界角小于乙光的全反射臨界角C.用完全相同的楊氏雙縫干涉儀做雙縫干涉實驗，甲光的條紋要比乙光的條紋寬D.若甲、乙兩光均能使某金屬發生光電效應，則由甲光照射產生的光電子最大初動能更大【答案】C【解析】【詳解】B．根據折射定律，甲、乙兩種單色光折射率分別為甲、乙兩光的折射率之比故B錯誤；A．全反射臨界角甲單色光的折射率小于乙單色光的折射率，甲單色光的全反射臨界角大于乙單色光的全反射臨界角，故A錯誤；C．甲單色光的折射率小于乙單色光的折射率，則甲單色光的頻率小于乙單色光的頻率，單色光在真空中的波長為則甲單色光的波長大于乙單色光的波長，根據雙縫干涉條紋間距公式則單色光甲的條紋寬度要比單色光乙的條紋寬度寬，故C正確；D．甲單色光的折射率小于乙單色光的折射率，則甲單色光的頻率小于乙單色光的頻率，根據光電效應方程若甲、乙兩光均能使某金屬發生光電效應，則由甲光照射產生的光電子最大初動能更小，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，“鵲橋”中繼星處于地月拉格朗日點L2上時，會和月球、地球兩個大天體保持相對靜止的狀態。設地球的質量為M，“鵲橋”中繼星的質量為m，地月間距為L，拉格朗日L2點與月球間距為d，地球、月球和“鵲橋”中繼星均可視為質點，忽略太陽對“鵲橋”中繼星的引力，忽略“鵲橋”中繼星對月球的影響。則“鵲橋”中繼星處于L2點上時，下列選項正確的是（）D.地球對月球的引力和“鵲橋”中繼星對月球的引力之比為1∶1【答案】A【解析】【詳解】A．對月球，地球對它的萬有引力提供向心力對“鵲橋”中繼星，地球引力和月球引力的合力提供向心力，故聯立解得故A正確；D．月球所受的合外力方向指向地球，故地球對月球的引力大于“鵲橋”中繼星對月球的引力，故D錯誤。故選A。7.如圖甲所示為研究光電效應的電路，K極為金屬鈉（截止頻率為5.53×1014Hz，逸出功為2.29eV）。圖乙為氫原子能級圖，氫原子光譜中有四種可見光，分別是從n=6、5、4、3能級躍遷到n=2能級產生的。下列說法正確的是（）A.大量處于n=5能級的氫原子最多能輻射出4種不同頻率的光B.氫原子光譜中有三種可見光能夠讓圖甲K極金屬發生光電效應C.僅將P向右滑動，電流計示數一定變大D.將自感系數為30的電感線圈和電容為1.2pF電容器組成LC振蕩電路，用該電路產生的電磁波照射K極，可以發生光電效應【答案】B【解析】C．若K極發射的光電子未全部被A極吸收時，則將P向右滑動時，AK兩極的電壓增大，有更多的光電子被A極吸收，電流計示數增大；若K極發射的光電子已全部被A極吸收時，此時的電流已達到飽和電流，則將P向右滑動時，電流計示數不變。故C錯誤；D．回路中產生的電磁波的頻率為所以產生的電磁波照射K極不能發生光電效應，故D錯誤。故選B。8.如圖所示為水平放置的固定圓柱形汽缸，汽缸內被A、B兩活塞封有一定質量的氣體，活塞之間用硬桿相連（硬桿的粗細可忽略），活塞與汽缸壁之間可無摩擦地滑動而不漏氣。現缸內氣體溫度為，活塞在圖示位置保持靜止，若缸內氣體溫度緩慢下降到，且降溫幅度很小，外界環境壓強不變，則下列說法中正確的是（）A.缸內氣體將做等體積變化，活塞不發生移動B.活塞將向右移動C.活塞將向左移動D.活塞再次靜止時，缸內氣體的體積、溫度、壓強與降溫前相比都發生了變化【答案】B【解析】【詳解】ABC．令外界環境壓強與密封氣體壓強分別，，對活塞與硬桿整體分析有解得可知，氣體發生的是等壓變化，根據蓋—呂薩克定律有可知，當缸內氣體溫度緩慢下降到時，密封氣體體積將隨之減小，由于活塞用硬桿相連，兩活塞移動的距離相等，當體積減小時，活塞應向橫截面積較小的活塞一側移動，即活塞將向右移動，故AC錯誤，B正確；D．根據上述可知，活塞再次靜止時，缸內氣體的體積、溫度與降溫前相比都發生了變化，而壓強沒有發生變化，故D錯誤。故選B。9.假設某空間有一靜電場的電勢隨變化情況如圖所示，且帶電粒子的運動只考慮受電場力，根據圖中信息可以確定下列說法中正確的是（）A.從到，場強的大小均勻增加B.正電荷沿軸從運動到x1的過程中，做勻加速直線運動C.負電荷沿軸從移到的過程中，電場力做正功，電勢能減小【答案】D【解析】【詳解】A．根據C．由圖可知，移到的過程中電勢降低，根據可知負電荷沿軸從移到的過程中，電場力做負功，電勢能升高。故C錯誤；D．根據A選項分析可知，處圖線斜率絕對值大于處圖線斜率絕對值，所以故D正確。故選D。10.如圖所示，將小球以v0正對傾角為θ的斜面水平拋出，若小球到達斜面的位移最小，則飛行時間t為（重力加速度為g）（）【答案】C【解析】【詳解】過拋出點作斜面的垂線，如圖所示當質點落在斜面上的B點時，位移最小，設運動的時間為t，則水平方向豎直方向根據幾何關系有解得故選C。11.如圖所示，足夠長的光滑導軌OM、ON固定在豎直平面內，電阻不計，兩導軌與豎直方向夾角均為30°?？臻g存在垂直導軌平面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B。一質量為m、長為L的導體棒在豎直向上的拉力F作用下，從O點開始沿y軸向下以大小為v的速度做勻速直線運動，且棒始終與y軸垂直對稱，與導軌接觸良好。導體棒單位長度電阻值為r，重力加速度為g。則在導體棒從開始運動到離開導軌的過程中，下列說法正確的是（）A.導體棒中的感應電流逐漸增大B.導體棒沿導軌下落過程中減小的機械能等于導體棒產生的焦耳熱【答案】C【解析】【詳解】A．設導體棒與兩導軌間的長度為l，則導體棒切割磁感線在電路中產生電流的感應電動勢根據閉合電路歐姆定律可知因為v、r、B恒定，則I恒定，導體棒中的感應電流大小保持恒定不變，故A錯誤；B．導體棒運動過程重力做正功WG，克服拉力F做功WF，安培力做負功，克服安培力做功轉化為焦耳熱Q，由動能定理得則機械能的減少量即導體棒沿導軌下落過程中減小的機械能大于金屬棒產生的焦耳熱，故B錯誤；C．由于故C正確；D．導體棒受到重力、拉力F和安培力作用，根據共點力平衡知識可知解得拉力其中解得故D錯誤。故選C。二、非選擇題：共5題，共56分。其中第13題~第16題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數值計算時，答案中必須明確寫出數值和單位。（1）在彈性限度內將鉤碼緩慢下拉至某一位置，測得此時彈簧的長度為L。接通打點計時器電源。從靜止釋放鉤碼，彈簧收縮，得到了一條點跡清晰的紙帶。鉤碼加速上升階段的部分紙帶如圖2所示，紙帶上相鄰兩點之間的時間間隔均為T（在誤差允許范圍內，認為釋放鉤碼的同時打出A點）。從打出A點到打出F點時間內，彈簧的彈性勢能減少量為______，鉤碼的動能增加量為______，鉤碼的重力勢能增加量為______。（2）利用計算機軟件對實驗數據進行處理，得到彈簧彈性勢能減少量、鉤碼的機械能增加量分別與鉤碼上升高度h的關系，如圖3所示。由圖3可知，隨著h增加，兩條曲線在縱向的間隔逐漸變大，主要原因是______?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）[1]從打出A點到打出F點時間內，彈簧的彈性勢能減少量為整理有[2]打F點時鉤碼的速度為由于在誤差允許的范圍內，認為釋放鉤碼的同時打出A點，則鉤碼動能的增加量為[3]鉤碼的重力勢能增加量為Ep重=mgh5（2）[4]鉤碼機械能的增加量，即鉤碼動能和重力勢能增加量的總和，若無阻力做功則彈簧彈性勢能的減少量等于鉤碼機械能的增加量?，F在隨著h增加，兩條曲線在縱向的間隔逐漸變大，而兩條曲線在縱向的間隔即阻力做的功，則產生這個問題的主要原因是紙帶與限位孔的摩擦力做功變多導致兩曲線間隔變大。（1）發電機產生電動勢的瞬時值表達式；（2）升壓變壓器原、副線圈的匝數比?！窘馕觥浚?）升壓變壓器輸入電壓有效值為輸出電壓有效值為故升壓變壓器原、副線圈的匝數比為（1）如圖1所示，設想在地球上距地心h處挖一條光滑通道AB，從A點靜止釋放一個質量為m的物體，求物體通過通道中心的速度大小，以及物體從A運動到B點的時間（質量分布均勻的空腔對空腔內的物體的萬有引力為零）【解析】【詳解】（1）質點在距離球心r處所受到引力為故引力在AB通道方向分力為（設向右為正方向）該力與成正比，故物體做簡諧運動，由引力表達式知在地表萬有引力近似等于重力知則物體從A運動到B點的時間為從A到點，由動能定理可得代入得（2）由（1）可知，物體到達點速度均碰撞中滿足動量守恒，則根據機械能守恒知代入得返回出口過程中代入得由題意可知即代入得15.如圖所示，長為的不可伸長的輕繩，穿過一長為的豎直輕質細管，兩端拴著質量分別為m、的小球A和小物塊B，開始時B先放在細管正下方的水平地面上。管的下端離水平地面的距離為。拉起小球A，使繩與豎直方向成一定夾角，給小球A適當的水平速度，使它在水平面內做勻速圓周運動，已知重力加速度為g，不計一切摩擦阻力。（2）輕搖細管可使物塊B離地，求物塊B懸停在高度為處時，小球A做勻速圓周運動的角速度；（3）輕搖細管可使B離地后在管口下的任意位置處于懸停，當B懸停在某一位置時，上端管口的觸發裝置使繩斷開，求A做平拋運動的最大水平位移?！窘馕觥拷獾靡訠為對象，根據受力平衡可得解得以A為對象，水平方向根據牛頓第二定律可得解得小球A做圓周運動的角速度為（2）當物塊B懸停在高度為處時，以B為對象，根據受力平衡可知設連接A球繩子與豎直方向的夾角為，以A球為對象，豎直方向有解得水平方向根據牛頓第二定律可得解得小球A做勻速圓周運動的角速度解得設小球A做平拋運動的時間為，則豎直方向有解得則水平位移