金華十校2023-2024學(xué)年第一學(xué)期期末模擬考試高二物理試題卷考生須知：1.本卷共4大題，19小題，滿分為100分，考試時間為90分鐘。2.請把試題答案填寫在答題卷上，答案寫在試題卷上不給分。3.本卷中涉及數(shù)值計算的重力加速度g均取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小顆，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.由單位N、m、F和C組合成的單位對應(yīng)的物理量是（）A.靜電力常量k B.介電常數(shù) C.電流強度I D.磁通量【答案】B【解析】【詳解】由庫侖定律得可知靜電力常量k單位為。F為電容的單位，根據(jù)電容的決定式有可得可知介電常數(shù)單位為。故選B。2.如圖所示，被譽為“中國天眼”的500米口徑球面射電望遠鏡(FAST)，天眼周圍有6座高塔，高塔的功能最有可能的是（）A.吊起饋源接收機B.測量風(fēng)速C.向宇宙發(fā)射電磁波D.屏蔽外界信號對射電望遠鏡的干擾【答案】A【解析】【詳解】由圖可知，高塔的功能最有可能的是吊起饋源接收機。故選A。3.秋冬季節(jié)，空氣干燥，容易產(chǎn)生靜電．有關(guān)生活中的靜電，下列說法錯誤的是（）A.靜電復(fù)印是利用了靜電吸引的原理B.農(nóng)業(yè)中利用靜電噴霧能提高效率和降低農(nóng)藥的利用C.運輸汽油的油罐車拖著一條鐵鏈，利用了尖端放電的原理D.在將外衣脫下的過程中，內(nèi)外衣間摩擦起電，內(nèi)衣和外衣所帶的電荷是異種電荷【答案】C【解析】【詳解】A．靜電復(fù)印是利用了靜電吸引的原理，A正確，不符合題意；B．農(nóng)業(yè)中利用靜電噴霧能提高效率和降低農(nóng)藥的利用，B正確，不符合題意；C．運輸汽油的油罐車拖著一條鐵鏈，是把油罐車中的電荷導(dǎo)入大地，C錯誤，符合題意；D．在將外衣脫下的過程中，內(nèi)外衣間摩擦起電，內(nèi)衣和外衣所帶的電荷是異種電荷，D正確，不符合題意。故選C。4.如圖所示的LC振蕩電路中，某時刻電流i的方向指向A板，且正在增大，則此時（）A.A板帶負電 B.電容器C正在充電C.線圈L兩端電壓在增大 D.磁場能正在轉(zhuǎn)化為電場能【答案】A【解析】【詳解】ABC．電流i的方向指向A板，且正在增大，說明電容器C正在放電，則A、B板間的電壓在減小，則線圈L兩端電壓在減小，電流方向從正極板流向負極板，因此B板帶正電，A板帶負電，A正確，BC錯誤；D．電容器正在放電，可知電場能正在轉(zhuǎn)化磁場能，D錯誤。故選A。5.家用燃氣灶都安裝電子點火器，點火器的放電電極是釘尖形，接通電子線路時在電極與金屬灶器之間產(chǎn)生高電壓，通過高壓放電產(chǎn)生電火花來點燃氣體，如圖所示。若點火器放電電極接電源負極，下列說法正確的是（）A.圖中的虛線可能表示電場線B.a點的場強大于b點的場強C.a的電勢比b點的電勢高D.被吸向放電極的帶電塵埃在b點具有的電勢能大于在a點的具有的電勢能【答案】C【解析】【詳解】A．點火器的放電電極是釘尖形，若點火器放電電極接電源負極，則電極的釘尖端帶有負電荷，這些負電荷產(chǎn)生的電場線應(yīng)是由無窮遠處以空間輻射形狀指向電極的釘尖端中心，圖中的虛線應(yīng)是等勢線，故A錯誤；B．由等差等勢線越密的地方，電場強度越大，因此a點的場強小于b點的場強，故B錯誤；C．點火器放電電極接電源負極，則電極的釘尖端帶有負電荷，可知離負電荷越近的地方電勢越低，因此a點電勢高于b點的電勢，故C正確；D．被吸向放電極的帶電塵埃應(yīng)帶正電，正電荷在電勢高的地方電勢能大，在電勢低的地方電勢能小，而a的電勢比b點的電勢高，可知帶電塵埃在b點的電勢能小于在a點的電勢能，故D錯誤。故選C。6.如圖所示是電容器在充放電原理圖。在充電過程中，電容器功率大小隨時間變化圖像是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】電容器充電時，充電功率開始時I最大，Q=0，則功率為零；最終時I=0，Q最大，則功率也為零，則充電功率先增加后減小。故選A。7.把多匝小線圈和靈敏電流計串聯(lián)后用于檢測家裝時隱藏在墻體內(nèi)的導(dǎo)線是否通電，如圖（a）所示。墻體內(nèi)有兩根套了管的長導(dǎo)線AB、CD，AB水平，CD豎直，如圖（b）所示。檢測時線圈平行墻面，當(dāng)沿水平方向A1B1快速移動線圈時，電流計指針不偏轉(zhuǎn)；當(dāng)沿豎直方向C1D1方向快速移動線圈時，電流計指針偏轉(zhuǎn)，則檢測的結(jié)果是（）A.兩根導(dǎo)線中都有電流 B.兩根導(dǎo)線中都無電流C.AB中無電流，CD中有電流 D.AB中有電流，CD中無電流【答案】D【解析】【詳解】當(dāng)線圈水平放置沿A1B1快速移動時，電流計指針不偏轉(zhuǎn)，說明線圈中磁通量不變，直導(dǎo)線CD中無電流。當(dāng)線圈沿C1D1方向快速移動，電流計指針偏轉(zhuǎn)，說明線圈中磁通量有變化，則直導(dǎo)線AB中有電流。故選D。8.手機無線充電原理圖如圖所示，該裝置可等效為一個理想變壓器，送電線圈為原線圈，受電線圈為副線圈。ab間接上220V的正弦交變電流后，受電線圈中產(chǎn)生交變電流。送電線圈的匝數(shù)為n1，受電線圈的匝數(shù)為n2，且n1∶n2=10∶1。兩個線圈中所接電阻的阻值均為R，當(dāng)該裝置給手機充電時，手機兩端的電壓為1.8V，流過手機的電流為1A，則下列說法中正確的是（）A.受電線圈cd兩端的輸出電壓為22VB.充電時，兩線圈上所接電阻的阻值R=200ΩC.充電時，與送電線圈相連的電阻R兩端的電壓為20VD.充電時，受電線圈cd兩端的輸出電壓為21.8V【答案】D【解析】【詳解】A．a(chǎn)b端輸入電壓為220V，由于送電線圈中的電阻R分壓，故送電線圈兩端電壓小于220V，則根據(jù)可知，受電線圈cd兩端的輸出電壓小于22V，故A錯誤；B．設(shè)手機兩端電壓為U'，由題意可知U2=U'+I2R送電線圈的電流為I1=I2=0.1A則送電線圈兩端電壓U1=U-I1R=220-0.1R根據(jù)可得R=20Ω故B錯誤；C．充電時，與送電線圈相連的電阻R兩端的電壓為UR=I1R=2V故C錯誤；D．充電時，受電線圈cd兩端的輸出電壓為U2=U'+I2R=21.8V故D正確。故選D。9.如圖所示，由相同材料的導(dǎo)線繞成邊長相同的甲、乙兩個正方形閉合線圈，兩線圈的質(zhì)量相等，但所用導(dǎo)線的橫截面積不同，甲線圈的匝數(shù)是乙的2倍。現(xiàn)兩線圈在豎直平面內(nèi)從同一高度同時由靜止開始下落，一段時間后進入方向垂直于紙面的勻強磁場區(qū)域，磁場的上邊界水平。不計空氣阻力，已知下落過程中線圈始終平行于紙面，上、下邊保持水平。在線圈下邊進入磁場后且上邊進入磁場前，可能出現(xiàn)的是（）A.甲產(chǎn)生的焦耳熱比乙多 B.甲加速運動，乙減速運動C.甲和乙都加速運動 D.甲減速運動，乙加速運動【答案】C【解析】【詳解】設(shè)線圈到磁場的高度為h，線圈的邊長為l，線圈材料密度為，質(zhì)量為m，橫截面積為S，電阻率為，線圈在磁場中運行速度為，線圈剛進入磁場時速度為，有感應(yīng)電動勢為線圈電阻為感應(yīng)電流為線圈所受的安培力由牛頓第二定律有聯(lián)立解得加速度為BCD．可知線圈在磁場中運動的加速度與匝數(shù)、橫截面積無關(guān)，則甲乙線圈進入磁場時，具有相同的加速度。當(dāng)時，甲和乙都做加速運動，當(dāng)時，甲和乙都做減速運動，故BD錯誤；C正確。A．線圈的熱功率甲乙線圈在磁場中運動速度相同，熱功率也一樣，甲產(chǎn)生的焦耳熱與乙一樣多，故A錯誤。故選C。10.已知通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度與通電導(dǎo)線的電流大小成正比，與到通電導(dǎo)線的距離成反比。如圖所示，長直導(dǎo)體棒P通過兩根等長絕緣細線懸掛在豎直絕緣光滑墻面上等高的A、B兩點的正下方，并通以電流。另一導(dǎo)體棒Q也通過兩根等長絕緣細線懸掛在A、B兩點，并通以電流。靜止時懸掛Q的兩細線與豎直墻面有一定夾角，然后緩慢減小導(dǎo)體棒P中的電流。下列說法正確的是（）A.與方向相同B.懸掛Q的細線拉力逐漸減小C.懸掛P的細線拉力大小不變D.若P中的電流減為初始的四分之一，則兩導(dǎo)體棒的距離減半【答案】D【解析】【詳解】A.由題意可知，兩棒互相排斥，同向電流相互吸引，異向電流相互排斥，故電流方向相反，故A錯誤；B.如圖甲所示，對導(dǎo)體棒Q受力分析。記PQ距離為d，AQ距離為L，AP距離為H，由三力平衡知故懸掛Q細線拉力大小不變，故B錯誤；C.如圖乙所示，將兩根導(dǎo)體棒視為整體受力分析，設(shè)懸掛Q的細線與豎直方向的夾角為，則有由于逐漸減小，故懸掛P的細線拉力逐漸減小，故C錯誤；D.導(dǎo)體棒P在導(dǎo)體棒Q處產(chǎn)生的磁場磁感應(yīng)強度故導(dǎo)體棒Q受到的安培力得而故，，故P中的電流減為初始的四分之一時兩導(dǎo)體棒的距離減半，故D正確。故選D。11.如圖所示，AOC是光滑的直角金屬導(dǎo)軌，AO豎直，OC水平。質(zhì)量分布均勻的金屬棒ab長度為L，質(zhì)量為m，電阻為R，兩端置于導(dǎo)軌內(nèi)。設(shè)金屬桿與豎直導(dǎo)軌夾角為θ，當(dāng)θ=30°時靜止釋放金屬桿。已知空間存在著磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場，方向垂直紙面向里，不計金屬導(dǎo)軌的電阻，則（）A.回路中感應(yīng)電流方向始終為逆時針方向B.整個過程中，ab棒產(chǎn)生的焦耳熱為mgLC.當(dāng)θ=60°時，若a點速度大小為v，則b點速度大小為2vD.在θ=30°到θ=45°過程中通過ab棒的電荷量為【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)幾何關(guān)系金屬桿下滑過程，圍成的面積先增大后減小，根據(jù)楞次定律和安培定則可知，感應(yīng)電流方向先逆時針再順時針，故A錯誤；B．整個過程中，金屬棒重力勢能減少量為根據(jù)能量守恒可知，整個過程中，ab棒產(chǎn)生的焦耳熱不可能等于mgL，故B錯誤；C．當(dāng)θ=60°時，a和b兩點沿桿方向的速度相等，有解得故C錯誤；D．在θ=30°到θ=45°過程中，產(chǎn)生的平均感應(yīng)電流通過ab棒的電荷量故D正確。故選D。12.某科研小組設(shè)計測量超導(dǎo)環(huán)中的電流強度，根據(jù)帶電量為q的點電荷以速率v直線運動會產(chǎn)生磁場，該運動電荷在速度方向上各點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度恰為0，垂直該電荷所在處速度方向上、距該電荷r處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度為，其中k是靜電常數(shù)，c是真空中的光速。將霍爾元件放在超導(dǎo)環(huán)的圓心處，通過測量出的霍爾電壓來計算超導(dǎo)環(huán)的電流。已知某次實驗超導(dǎo)環(huán)的半徑為R，流過霍爾元件的電流為，霍爾電壓為，且，其中H是常數(shù)，則超導(dǎo)環(huán)中的電流強度為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】帶電量為q的點電荷以速率v在超導(dǎo)環(huán)中運動，設(shè)其運動一周時間為T，有所以該點電荷產(chǎn)生的電流為則該點電荷運動在霍爾元件處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度為由題意可知，則該霍爾元件的霍爾電壓為帶入數(shù)據(jù)有整理有故選D。13.水平放置的兩金屬板，板長為0.2m，板間距為0.15m，板間有豎直向下的勻強電場，場強大小為2×103V/m，兩板的左端點MN連線的左側(cè)足夠大空間存在勻強磁場，磁感應(yīng)強度的大小為0.2T，方向垂直紙面向里。一比荷為1×106C/kg正電粒子以初速度v0緊靠上極板從右端水平射入電場，隨后從磁場射出。則（）A.當(dāng)v0=1×104m/s時，粒子離開磁場時的速度最小B.當(dāng)時，粒子離開磁場時的速度最小C.當(dāng)時，粒子離開磁場的位置距M點的距離最小D.當(dāng)v0=2×104m/s時，粒子離開磁場的位置距M點的距離最小【答案】D【解析】【詳解】AB．粒子在磁場中做勻速圓周運動，要使粒子離開磁場時的速度最小，則粒子在從電場進入磁場時速度最小，設(shè)粒子進入磁場時的速度與水平方向的夾角為，根據(jù)類平拋運動的規(guī)律有，水平方向豎直方向加速度而則可得根據(jù)勻變速直線運動速度與位移的關(guān)系式可得而聯(lián)立以上各式可得可知，當(dāng)時，粒子進入磁場時有最小速度此時故AB錯誤；CD．根據(jù)以上分析可知，粒子進入磁場時的速度為，進入磁場后粒子在磁場中做圓周運動，偏轉(zhuǎn)后從MN邊界離開磁場，則由洛倫茲力充當(dāng)向心力有可得根據(jù)幾何關(guān)系可得，粒子進入磁場的位置與射出磁場的位置之間的距離為則離M點的距離為即有可知，當(dāng)時，粒子離開磁場的位置距M點的距離最小，而根據(jù)以上分析可知，當(dāng)時故C錯誤，D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題4分，共8分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.交警部門所用酒駕檢測儀中的“電子鼻子”是氧化錫半導(dǎo)體，它是一種氣敏電阻，吸附酒精氣體后表面能態(tài)會發(fā)生改變，從而引起電阻率發(fā)生變化。的阻值隨酒精氣體濃度的變化曲線如圖甲，圖乙是含有氣敏電阻的電路。圖中電源內(nèi)阻很小，可忽略不計。當(dāng)吸附酒精氣體濃度升高時（）A.燈泡L兩端電壓增大 B.中的電流增大C.電源E的總功率增大 D.消耗的功率減小【答案】AD【解析】【詳解】由圖可知，當(dāng)吸附酒精氣體濃度升高時阻值變大，電路總電阻變大，總電流減小，中的電流減小；根據(jù)P=EI可知，電源總功率減小；電阻R1和R2上電壓減小，燈泡L上電壓和電流均變大，則R0上電流減小，則消耗的功率減小，選項AD正確，BC錯誤。故選AD。15.一個細小金屬圓環(huán)，在范圍足夠大的磁場中豎直下落，磁感線的分布情況如圖，其中沿圓環(huán)軸線的磁場方向始終豎直向上。開始時圓環(huán)的磁通量為φ0，圓環(huán)磁通量隨下落高度y變化的關(guān)系為φ=φ0(1＋ky)(k為比例常數(shù)，k>0)。金屬圓環(huán)在下落過程中的環(huán)面始終保持水平，速度越來越大，最終穩(wěn)定為某一數(shù)值，稱為收尾速度。圓環(huán)的收尾速度為v，已知圓環(huán)的電阻為R，重力加速度為g，忽略空氣阻力，關(guān)于該情境，以下結(jié)論正確的有（）A.圓環(huán)速度穩(wěn)定后，金屬圓環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為kφ0vB.圓環(huán)速度穩(wěn)定后，金屬圓環(huán)熱功率C.圓環(huán)速度穩(wěn)定后，金屬圓環(huán)的熱功率D.圓環(huán)的質(zhì)量【答案】AB【解析】【詳解】A圓環(huán)速度穩(wěn)定后，在很短時間Δt內(nèi)，下降的高度穿過圓環(huán)磁通量的變化量解得根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，圓環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢解得A正確；BC．圓環(huán)的熱功率解得B正確，C錯誤；D．圓環(huán)速度穩(wěn)定后，由能量守恒定律知，金屬圓環(huán)減小的重力勢能全部轉(zhuǎn)變?yōu)闊崃浚瑒t解得D錯誤。故選AB。非選擇題部分三、非選擇題（本題共4小題，共53分）實驗題（三題共16分）16.某實驗小組成員要測量一節(jié)未知電池的電動勢和內(nèi)阻。①先用多用電表2.5V量程粗測該電池的電動勢，將多用電表的紅表筆與電源的______（填“正”或“負”）極相連，黑表筆與電池的另一電極相連，多用電表的示數(shù)如圖1所示，則粗測電源電動勢為______V。②要精確測量電源的電動勢和內(nèi)阻，小組成員設(shè)計了如圖2所示的電路。閉合電鍵S，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片，測得多組電壓表和電流表的示數(shù)U、I（電表內(nèi)阻忽略不計），在坐標系中作出如圖3所示的圖像，圖像反映電壓變化范圍比較小，為了解決該問題，需要選擇合適的器材進行改裝電路，在圖電路中選擇______。A.B.C.D.③實驗小組成員找來的電阻有兩只；阻值為的定值電阻，阻值為的定值電阻，根據(jù)②中選擇的電路改裝需要選電阻______。根據(jù)改裝的電路進行實驗，實驗測得多組電壓、電流的值，仍在坐標系中描點作圖，如圖所示，由此測得電源的電動勢______V，電源的內(nèi)阻______（計算結(jié)果小數(shù)點后均保留兩位）。【答案】①.正②.1.30③.B④.⑤.1.45##1.44##1.46⑥.0.42##0.41##0.43【解析】【詳解】①[1][2]由于多用表內(nèi)部紅表筆與表頭正接線柱相連，所以用多用表測電源電動勢時，紅表筆接電池正極；用多用電表2.5V量程粗測該電池的電動勢時；圖中示數(shù)為E=1.30V②[3]由圖3可以看出，電流的變化范圍較大，而電壓的變化范圍較小，根據(jù)閉合電路歐姆定律E=U+Ir可知，這是由于電源的內(nèi)阻太小造成的。為了解決這一問題，可以在電源旁串聯(lián)一個定值電阻，形成等效內(nèi)阻，使電壓表示數(shù)變化更明顯。故選B。③[4][5][6]因為電池的電動勢和內(nèi)阻較小，所以為了減小誤差，電阻選擇阻值較小的。根據(jù)所以內(nèi)阻17.實驗小組利用圖1中的器材研究電容器的充放電現(xiàn)象。其中開關(guān)斷開時，電流計G指針指在中間“0”刻度，電壓表V指針指在“0”處，電流從“＋”接線柱流入，指針往右偏；電流從“－”接線柱流入，指針往左偏。①利用導(dǎo)線將器材如圖②連接，畫出相應(yīng)的電路圖。（）②將開關(guān)打在左側(cè)，圖中箭頭為電流流向，兩只電表的指針從圖3變?yōu)閳D4，這個過程是______（填“充電”或“放電”）過程。【答案】①.②.充電【解析】詳解】①[1]電路圖如下②[2]兩只電表的指針從圖3變?yōu)閳D4，電流表指針向右偏，負電荷向電容器移動，電容器充電，充電完成后，電流表示數(shù)為零。18.如圖所示為J2425型可拆卸式學(xué)生變壓器，若在圖中左側(cè)接線柱“0”和“1”之間接入學(xué)生電源的交流5V擋，則應(yīng)該用多用電表的__________擋（選填“”、“”、“”或“mA”）在右側(cè)線圈進行相關(guān)測量，此時原線圈接入電路的匝數(shù)為__________匝，現(xiàn)測得右側(cè)線圈“0”和“2”之間的電壓為交流10.3V，小明認為變壓比與匝數(shù)比有較大誤差，分析其原因，主要是__________。A．鐵芯未閉合B．副線圈有電阻C．鐵芯中存在渦流D．未用電表測定原線圈的電壓【答案】①②.100③.D【解析】【詳解】[1]接入交流電經(jīng)過變壓器輸出的也是交流電，故應(yīng)該用多用電表的擋在右側(cè)線圈進行相關(guān)測量；[2]圖中J2425型可拆卸式學(xué)生變壓器各接線柱對應(yīng)的數(shù)字表示倍率為“”的匝數(shù)，故此時原線圈接入電路的匝數(shù)為[3]右側(cè)線圈“0”和“2”間的匝數(shù)為200匝，當(dāng)變壓器為理想變壓器時接入交流5V時輸出電壓為故可知右側(cè)線圈“0”和“2”之間的電壓不可能超過，若又存在鐵芯未閉合、副線圈有電阻和鐵芯中存在渦流時右側(cè)線圈“0”和“2”之間的電壓只會更小于，故可知測得右側(cè)線圈“0”和“2”之間的電壓為交流10.3V時的主要原因是未用電表測定原線圈的實際電壓，原線圈的電壓實際上高于。故選D。19.如圖所示，固定光滑絕緣斜面的傾角，A、B、C三點均為斜面上的點，AB的距離，BC的距離為AB的2倍。在A點固定一電荷量的正點電荷，將質(zhì)量的帶正電小球（可視為點電荷）放置于B點時，小球恰好能保持靜止。若將小球從B點移至C點，小球的電勢能減小了。靜電力常量，重力加速度大小。（1）求小球所帶的電荷量q；（2）求B、C兩點間的電勢差；（3）若將帶電小球從C點由靜止釋放，不計空氣阻力，求小球到達B點時的速度大小v。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）帶電小球放置于B點時恰好能保持靜止，根據(jù)受力平衡有根據(jù)庫侖定律有解得（2）根據(jù)電勢能變化量和電場力做功的關(guān)系有B、C兩點間的電勢差解得（3）C、B兩點間的電勢差小球從C點到達B點的過程中，根據(jù)動能定理有解得20.如圖所示，空間坐標系O-xyz內(nèi)有一由正方體ABCO-A'B'C'O'和半圓柱體BPC-B'P'C'拼接而成的空間區(qū)域，立方體區(qū)域內(nèi)存在沿z軸負方向的勻強電場半圓柱體區(qū)域內(nèi)存在沿z軸正方向的勻強磁場。M、M'分別為AO、A'O'的中點，N、N'分別為BC、B'C'的中點，P、P'分別為半圓弧BPC、B'P'C'的中點，Q為MN的中點。質(zhì)量為m電荷量為q的正粒子在豎直平面MNN'M'內(nèi)由M點斜向上射入勻強電場，如射的初速度大小為，方向與x軸正方向夾角為θ。一段時間后，粒子垂直于豎直平面BCC'B'射入勻強磁場。已知正方體的棱長和半圓柱體的直徑均為L，勻強電場的電場強度大小，勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小，不計粒子重力。求：（1）夾角θ；（2）粒子在電場運動時間與在磁場運動時間之比；（3）若粒子以相同的初速度自O(shè)點射入勻強電場，求粒子離開勻強磁場時的位置坐標。【答案】（1）45°；（2）；（3）（L，L，）【解析】【詳解】（1）粒子在電場中運動時，沿x軸方向沿z軸方向由牛頓第二定律可知解得（