安徽省蕪湖市城南實驗中學2025屆物理高二上期中質量檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是電場中某區域的電場線分布，a、b是電場中的兩點，則A．a點的電場強度較大B．同一點電荷放在a點受到的電場力比放在b點時受到電場力小C．正電荷在a點靜止釋放，它在電場力作用下運動的軌跡與電場線一致D．電荷在a點受到電場力方向必定與場強方向一致2、如圖所示,等邊三角形ABC的三個頂點分別固定三個點電荷+q、-q、-q,已知三角形邊長為3L,靜電力常量為k,則該三角形中心O點處的場強為A．2kqL2，方向由AB．2kqL2,方向由OC．3kqL2,方向由D．3kqL2,方向由3、初速為0的電子經電壓U1加速后垂直電場方向進入平行板間電場，平行板間的電壓為U2，若U1加倍，為了使電子在板間的軌跡不變，下列做法可行的是（）A．將U2加倍 B．將板間距離加倍C．將U2及板間距離同時加倍 D．將U2變為原來的一半4、兩個帶等量正電荷的點電荷固定在圖中a、b兩點，MN為ab連線的中垂線，交直線ab于O點，A為MN上的一點。一帶負電的試探電荷q從A點由靜止釋放，僅在靜電力作用下運動。則下列說法正確的是A．q在由A點向O點運動的過程中，加速度先增大后減小B．q在由A點向O點運動的過程中，動能先增大后減小C．q在由A點向O點運動的過程中，電勢能先減小后增大D．q將以O點為對稱點做往復運動5、以下物體一定能看成質點的是（）A．研究公轉時的地球 B．研究自轉時的地球C．質量很小的物體 D．體積很小的物體6、如圖所示，實線為電場線，虛線為等勢線，且相鄰兩條等勢線間的電勢差相等．一正電荷（只在電場力的作用下）在φ3上時，具有的動能是21eV，它運動到等勢線φ1上時，速度為零．令φ2的電勢為1．那么該電荷的電勢能為4eV時，其動能大小為（）A．16eV B．6eV C．11eV D．4eV二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中,為電源電動勢,為電源內阻,和均為定值電阻,為滑動變阻器當的滑動觸點在ab的中點時合上開關S,此時三個電表、和V的示數分別為、和現將的滑動觸點向a端移動,則A．電源的總功率減小 B．消耗的功率增大C．增大,減小,U增大 D．減小,不變,U減小8、在勻強電場中a、b、c、d為矩形的四個頂點，e、f分別為ab邊和cd的中點。ab=cd=2cm，ad=bc=1cm。已知電場線的方向平行于矩形所在平面，a、b、c三點電勢分別為4V、8V、6V，則（）A．d點的電勢為2V B．電場線方向沿fb指向fC．電場強度為200V/m D．一電子從a點運動到c點，電勢能減少9、如圖所示，等腰直角三角形abc的直角邊長度為L，該區域內存在方向垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B。三個相同的帶電粒子從b點沿bc方向分別以速度v1、v2、v3射入磁場，在磁場中運動的時間分別為t1、t2、t3，且t1:t2:t3=2:2:1，不計粒子的重力，下列說法正確的是A．三個速度的大小關系一定是v1<v2=v3B．三個速度的大小關系可能是v1<v2<v3C．粒子的比荷D．粒子的比荷10、如圖所示，兩根導線互相平行，通了同方向的電流，下列說法正確的是：A．導線AB通了電流Ｉ1，其在CD處產生的磁場方向向外；B．導線AB通了電流Ｉ1，其在CD處產生的磁場方向向里；C．導線CD受到AB的磁場的安培力作用，方向向左；D．導線CD受到AB的磁場的安培力作用，方向向右．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在如圖所示的電路中，R1＝1Ω，R2＝R3＝4Ω，當開關S接a時，R2上消耗的電功率為PR2=4W，當開關S接b時，電壓表示數為U1=4.5V，試求：（1）開關S接a時，通過電源的電流和電源兩端的電壓；（2）當開關S接c時，通過R2的電流．12．（12分）（1）在“研究平拋運動”實驗中，一定要使斜槽末端的切線保持_________(填“水平”或“豎直”)。（2）平拋物體的運動規律可以概括為兩點：①水平方向做勻速運動；②豎直方向做自由落體運動．為了研究平拋物體的運動，可做下面的實驗：如圖所示，用小錘打擊彈性金屬片，A球就水平飛出，同時B球被松開做自由落體運動，改變小錘的打擊力度，兩球總能同時落到地面，這個實驗（______）A．只能說明上述規律中的第①條B．只能說明上述規律中的第②條C．不能說明上述規律中的任何一條D．能同時說明上述兩條規律四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，MN、PQ兩條平行的光滑金屬軌道與水平面成300角固定，M、P之間接電阻箱R，導軌所在空間存在勻強磁場，磁場方向垂直于軌道平面向上，磁感應強度為2.5T，質量為m的金屬桿ab水平放置在軌道上，且與軌道垂直，金屬桿ab接入電路的電阻值為r，現從靜止釋放桿ab，測得最大速度為vm，改變電阻箱的阻值R，得到vm與R的關系如圖乙所示，已知軌道間距為，重力加速度g取，軌道足夠長且電阻不計。（1）當時，求桿ab勻速下滑時產生感應電動勢E的大小，并判斷桿中的電流方向；（2）求解金屬桿的質量m和阻值r；（3）當時，從靜止釋放ab桿，在ab桿加速運動的過程中，回路瞬時電動率每增加1W時，合外力對桿做功多少？14．（16分）x=0的質點在t=0時刻開始振動，產生的波沿x軸正方向傳播，t1=0.14s時刻波的圖像如圖所示，質點A剛好開始振動。(1)求波在介質中的傳播速度；(2)求x=4m的質點在0.14s內運動的路程。15．（12分）細線下端吊著一個質量為4.8kg的沙袋，形成一個單擺，擺長為2m。一個質量為0.2kg的子彈以100m/s的速度水平射入沙袋并留在沙袋里，隨沙袋一起擺動。求：（1）子彈射入沙袋的瞬間，沙袋獲得的速度是多大？（2）子彈射入沙袋中隨沙袋一塊上升的最大高度？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

由圖可知，a點處電場線較密，電場強度較大，同一點電荷放在a點受到的電場力比放在b點時受到電場力大，故A正確，B錯誤。正電荷放在a點受到的電場力沿電場線的切線方向，由靜止釋放后，正電荷將離開電場線，所以其運動軌跡與電場線不一致，故C錯誤。負電荷在a點所受電場力的方向與該點場強的方向相反。故D錯誤。故選A。2、A【解析】O點是三角形的中心，到三個電荷的距離為r=23×3L?sin60°=L，三個電荷在O點產生的場強大小均為E0=kqr2，根據對稱性和幾何知識可知,兩個+q在O點的合場強為E1【點睛】本題是電場的疊加問題，關鍵要掌握點電荷場強公式和平行四邊形定則，結合數學知識求解．3、A【解析】

電子現在加速電場中被加速，獲得速度后進去偏轉電場做類平拋運動，由類平拋運動的公式其中在加速電場中，由動能定理得化簡可得電子做類平拋運動的軌跡方程為若U1加倍，為了使電子在板間的軌跡不變，可以將U2加倍，或者將板間距離減半。故選A。4、D【解析】

A．因為在OM之間存在一個場強最大的位置（設為P點），若A點在P點上面，則q在由A點向O點運動的過程中，所受的電場力先增加后減小，則加速度先增大后減小；若A點在P點下面，則q在由A點向O點運動的過程中，所受的電場力逐漸減小，則加速度逐漸減小；選項A錯誤；BC．q在由A點向O點運動的過程中，電場力一直做正功，動能增加，電勢能減小，選項BC錯誤；D．電場強度在MN上是對稱分布的，故根據電場力做功可知，電子將以O點為對稱中心做往復運動，故D正確。故選D.5、A【解析】

研究公轉時的地球，地球的大小相對于地球到太陽的距離很小，影響可忽略不計，地球可以看成質點．故A正確．研究自轉時的地球，地球不能看成質點，地球的大小和形狀影響很大，如把地球看成質點就無法分辨地球的轉動．故B錯誤．質量很小的物體不一定能看成質點，如其大小和形狀對所研究的問題影響很大，就不能看成質點．故C錯誤．體積很小的物體不一定能看成質點，如其大小和形狀對所研究的問題影響很大，就不能看成質點．故D錯誤．故選A．【點睛】物體能否看成質點，不是看物體絕對質量或體積，而是看物體的大小和形狀對所研究的問題影響能否忽略不計．6、B【解析】試題分析：因為只有電場力做功，所以動能和電勢能之和不變，又因為正電荷從等勢線φ3運動到等勢線φ1時，動能減小，所以電場線方向向右，正電荷在等勢線φ1的電勢能為，動能；又因為是勻強電場，且相鄰的等勢線間的電勢差相等，電場力做功相同，動能變化相同，所以電荷位于等勢線φ2上時，動能；同理可得：，．當令φ2=1時，，所以，即當該電荷的電勢能為4eV時，其動能大小為6eV，故選項B正確．考點：本題考查電場力做功和動能及電勢能之間的關系，只有電場力做功時動能和電勢能之和不變，但電勢能的大小與選取的零勢面有關．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

的滑動觸點向a端移動時，增大，整個電路的總電阻增大，總電流減小，內電壓減小，外電壓增大，即電壓表示數U增大，電壓減小，并聯電壓增大，通過的電流增大，即示數增大，而總電流I減小，則通過的電流減小，即示數減小，電源的總功率IE，總電流I減小，電源的總功率減小，消耗的功率總電流減小，R3消耗的功率減小，故AC正確。8、ABD【解析】

A．由于該電場是勻強電場，等勢線是等間距的平行直線，故，故d點的電勢為，故A正確；B．ab中點的電勢為，故ec為等勢線，電場方向與等勢面垂直，由高電勢指向低電勢，故電場方向沿bf方向且由b指向f，故B正確；C．be之間沿電場線方向的距離為由可知，場強為故C錯誤；D．電子帶負電，在電勢越高的地方電勢能越小，故電子從a到c電勢能減小，故D正確；故選ABD。9、BC【解析】

AB．洛侖茲力提供向心力得半徑公式：，速度越大，半徑越大，結合題意知速度為v1、v2的粒子是偏轉90°后從ab邊射出，但兩者速度大小關系不定。而速度為v3的粒子偏轉45°從ac邊射出，則其半徑比速度為v1、v2的粒子均大，所以選項A錯誤，B正確。CD．粒子在磁場中運動的時間，對粒子1、2，運動時間均為，從而求出粒子的比荷或者對粒子3，由幾何關系知其運動半徑，由半徑公式求出比荷則選項C正確，選項D錯誤。故選BC.10、BC【解析】

導線AB通了電流Ｉ1，根據右手定則可知，其在CD處產生的磁場方向向里；選項A錯誤，B正確；根據左手定則，導線CD受到AB的磁場的安培力作用，方向向左，選項C正確，D錯誤；故選BC.【點睛】解決本題的關鍵掌握安培定則判斷出直線電流周圍的磁場方向，根據左手定則判斷電流的受力方向．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）4V（2）6V，2Ω（3）4W【解析】(1)K接a時，R1被短路，外電阻為R2，根據電功率公式可得通過電源電流A電源兩端電壓V（3分）(2)K接a時，有E=U1+I1r=4+r①K接b時，R1和R2串聯,R′外=R1+R2="6"Ω通過電源電流I2＝A這時有：E=U2+I2r=4.5+0.75r②解①②式得：E="6"Vr＝2Ω（3分）(3)當K接c時，R總=R1+r+R23="6"Ω總電流I3＝E/R總="1"A通過R2電流I＇＝I3="0.5"A（4分）12、水平B【解析】(1)為了保證小球做平拋運動，則斜槽的末端需水平(2)在打擊金屬片時，兩小球同時做平拋運動與自由落體運動．結果同時落地，則說明平拋運動豎直方向是自由落體運動；故選B．【點睛】通過實驗探究出平拋運動處理的規律，并掌握了運動的合成與分解．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）10Vb→a（2）5kg2Ω（3）0.6J【解析】試題分析：ab桿勻速下滑時速度最大，當R=0時，由乙圖讀出最大速度，由E=BLv求出感應電動勢，由右手定則判斷感應電流的方向；根據E=BLv、閉合電路歐姆定律和及平衡條件，推導出桿的最大速度v與R的表達式，結合圖象的意義，求解桿的質量m和阻值r；當R=4Ω時，讀出最大速度，根據功率公式得到回路中瞬時電功率的變化量，再根據動能定理求解合外力對桿做的功W。（1）由圖可知，r=0時，桿最終以v=2m/s的速度運動，電動勢為：E=BLv=2.5×2×2V=10V由右手定則判斷得知，桿中電流方向從b→a（2）設最大速度為vm，桿切割磁感線產生的感應電動勢E=BLvm由閉合電路的歐姆定律：桿達到最大速度時滿足：mgsinθ﹣BIL=0由E=BLvm可得：將，兩組