2025屆福建省廈門市第二中學高二物理第一學期期末統考模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，三個同心圓是以點電荷Q為圓心等勢面，相鄰等勢面的電勢差相等，則下列說法正確的是()A.一個點電荷＋q在B點所受的電場力比在A點的大B.一個點電荷＋q在B點具有的電勢能比在A點的小C.將同一個電荷由B點移到D點電場力做的功比由C點移到A點多D.將電荷＋q由B點移到C點，電場力做正功2、如圖所示，矩形線圈與理想變壓器原線圈組成閉合電路，線圈在有界勻強磁場中繞垂直于磁場的邊勻速轉動，磁場只分布在邊的左側，磁感應強度大小為，線圈面積為，轉動角速度為，匝數為，線圈電阻不計，下列說法正確的是（）A.將原線圈抽頭向下滑動時，燈泡變暗B.線圈轉動過程中，線圈最大磁通量為C.圖示位置時，矩形線圈中磁通量的變化率最大D.若線圈轉動的角速度變為，則變壓器原線圈電壓的有效值為3、如圖所示，某區域內有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B．匝數為n、邊長為L的正方形線圈恰好有一半在磁場內，線圈平面與磁場方向垂直．則穿過此線圈的磁通量為A.BL2B.BL2C.nBL2D.nBL24、關于下列器材的原理和用途，正確的是（）A.變壓器既可以改變交變電壓也可以改變頻率B.電磁爐的面板是用金屬材料制造而成的C.真空冶煉爐的工作原理是爐內的金屬中產生渦流使金屬熔化D.磁電式儀表用來做線圈骨架的鋁框能起電磁驅動作用5、三個點電荷電場的電場線分布如圖所示，圖中a、b兩點出的場強大小分別為、，電勢分別為，則A.＞，＞B.＜，＜C＞，＜D.＜，＞6、如圖所示的電路，閉合開關S，當滑動變阻器滑片P向右移動時，下列說法正確的是（）A.電流表讀數變小，電壓表讀數變大B.小燈泡L變暗C.電源的總功率變大D.電容器C上電荷量增加二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，傳送帶的水平部分長為L，速率為v，在其左端無初速度釋放一小木塊，若木塊與傳送帶間的動摩擦因數為μ，則木塊從左端運動到右端的時間可能是A. B.C. D.8、某交流發電機產生的感應電動勢與時間的關系如圖所示，下列說法正確的是A.交變電流的表達式為(V)B.交變電流的表達式為(V)C.若其他條件不變，僅使線圈的轉速變為原來的一半，則交變電動勢的表達式為D.若其他條件不變，僅使線圈的轉速變為原來的一半，則交變電動勢的最大值變為50V9、如圖所示，光滑固定導軌M、N水平放置．兩根導體棒P、Q平行放于導軌上，形成一個閉合回路，當一條形磁鐵從靠近導軌某一高處下落接近回路時（）A.磁鐵的加速度小于gB.磁鐵的加速度大于于gC.P、Q將互相靠攏D.P、Q將互相遠離10、一理想變壓器原、副線圈匝數比n1：n2=11：5．原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓為220V．副線圈僅接一個10Ω的電阻．則（）A.變壓器的輸出電壓為100V B.流過電阻的電流是22AC.原線圈中的電流是22A D.變壓器的輸入功率是三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖1所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關K和兩個部件S、T。請根據下列步驟完成電阻測量：①旋動部件________，使指針對準電流的“0”刻線。②將K旋轉到電阻擋“×100”的位置。③將插入“+”、“—”插孔的表筆短接，旋動部件_____，使指針對準電阻的_____（填“0刻線”或“∞刻線”）。④將兩表筆分別與待測電阻相接，發現指針偏轉角度過小，為了得到比較準確的測量結果，請從下列選項中挑出合理的步驟，并按_____的順序進行操作，再完成讀數測量。A.將K旋轉到電阻擋“×1K”的位置B.將K旋轉到電阻擋“×10”的位置C.將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩根引線相接D將兩表筆短接，旋動合適部件，對電表進行校準12．（12分）在測定電源電動勢和內阻的實驗中，實驗室提供了合適的實驗器材甲同學按電路圖1進行測量實驗，其中R2為保護電阻①請用筆畫線代替導線在圖2中完成電路的連接_____________②由電壓表讀數U和電流表的讀數I，畫出U—I圖線如圖3所示，可得電源的電動勢E=_________V，內阻r=_______Ω四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，在矩形區域ABCD內存在豎直向上的勻強電場，在BC右側I、II兩區域存在勻強磁場，L1、L2、L3是磁場的邊界（BC與L1重合），寬度相同，方向如圖所示，區域I的磁感應強度大小為B1．一電荷量為q、質量為m（重力不計）的帶正電粒子從AD邊中點以初速度v0沿水平向右方向進入電場，點電荷恰好從B點進入磁場，經區域I后又恰好從與B點同一水平高度處進入區域II．已知AB長度是BC長度的倍。（1）求帶電粒子到達B點時的速度大小；（2）求磁場的寬度L；（3）要使點電荷在整個磁場中運動的時間最長，求區域II的磁感應強度B2的取值。14．（16分）如圖所示，一個質量為m、電荷量為q的帶正電離子，在D處沿圖示方向以一定的速度射入磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里．結果離子正好從距A點為d的小孔C沿垂直于電場方向進入勻強電場，此電場方向與AC平行且向上，最后離子打在G處，而G處距A點為2d(AG⊥AC)．不計離子重力，離子運動軌跡在紙面內．求：（1）此離子在磁場中做圓周運動的半徑r；（2）此離子在磁場中的速度（3）離子到達G處時的動能15．（12分）磁流體發電是一項新興技術，如圖是它的示意圖．相距為的兩平行金屬板、之間有一個很強的磁場．一束等離子體（即高溫正電離的氣體，含有大量正、負帶電粒子）以速度沿垂直于磁場的方向射入磁場，由于等離子體在磁場力的作用下運動方向發生偏轉，、板上就會聚集電荷，從而在兩板間產生電壓．若、兩板間的磁場、電場按勻強磁場、勻強電場處理，磁感應強度為（）求這個發電機的電動勢（）發電機的輸出端、間接有阻值為的電阻，設、兩平行金屬板的面積為，兩板間等離子體的導電率為（即電阻率的倒數）．在圖示磁極配置的情況下，判斷通過電阻的電流方向．計算通過電阻的電流大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據電場線的疏密分析電場強度的大小，從而比較電場力的大小．先根據等勢面圖得到電場線的分布圖，然后根據電場線密處場強大，電場線稀處場強小判斷場強大小，根據沿著電場線電勢要降低判斷電勢高低，再結合動能定理以及電場力做功與電勢能變化關系分析判斷【詳解】負的點電荷產生的電場的電場線是會聚的直線，如圖所示電場線密處場強大，電場線稀處場強小，由圖可知，B點場強比A點的場強小，則一個點電荷+q在B點所受的電場力比在A點的小．故A錯誤．沿著電場線電勢要降低，故B點的電勢比A點的電勢高，故+q在B點具有的電勢能比在A點電勢能大．故B錯誤．據題有UBD=UCA，根據電場力做功公式W=qU可知，將同一個電荷由B點移到D點電場力做的功與由C點移到A點一樣多．故C錯誤．沿著電場線電勢要降低，故B點的電勢比C點的電勢高，故+q在B點具有的電勢能比在C點電勢能高，所以將電荷+q由B點移到C點，電場力做正功．故D正確．故選D【點睛】本題關鍵要明確電場力的做功情況，然后根據動能定理判斷動能的變化情況，根據電場力做功與電勢能變化的關系得到電勢能的變化情況2、D【解析】變壓器原線圈匝數發生變化時，據原副線圈的電壓關系可得副線圈兩端電壓的變化，從而分析燈泡亮度的變化．據磁通量概念可知線圈的最大磁通量．線圈在中性面時，線圈中磁通量的變化率為零；線圈在垂直中性面位置時，線圈中磁通量的變化率最大．據線圈的面積、磁場的磁感應強度、線圈轉動的角速度可得線圈中產生感應電動勢的最大值，由交流電有效值的規定可得變壓器原線圈電壓的有效值【詳解】A：將原線圈抽頭向下滑動時，原線圈匝數減少，據可得，變壓器的輸出電壓增大，燈泡會變亮．故A項錯誤B：據磁通量概念可知，線圈轉動過程中，線圈的最大磁通量為BS．故B項錯誤C：圖示位置時，線圈處于中性面，矩形線圈中磁通量的變化率為零．故C項錯誤D：若線圈轉動的角速度變為，則線圈中產生感應電動勢的最大值．線圈產生的電流半個周期是正弦交流電，半個周期沒有電流；據交流電有效值的規定可得，解得：．變壓器原線圈電壓的有效值．故D項正確3、B【解析】線圈平面與磁場垂直，在磁場中的有效面積為，又磁通量與線圈的匝數無關，根據，則該線圈的磁通量為，B正確，ACD錯誤4、C【解析】A．變壓器原、副線圈的磁通量的變化率相等，所以它只能改變交變電壓，不能改變頻率，故A錯誤；B．電磁爐的工作原理是電磁感應現象，面板不能用金屬材質，故B錯誤；C．真空冶煉爐的工作原理是爐內的金屬導體內產生渦流使其熔化，故C正確；D．鋁框做支架能在線圈轉動過程中產生電磁感應現象，感應電流的安培力對線圈的轉動起阻尼作用，故D錯誤。故選C。5、C【解析】BD．根據電場線的疏密表示場強大小，可得＞，故BD錯誤；AC．根據電場線與等勢線垂直，在b點所在電場線上找到與a點電勢相等的，依據沿電場線電勢降低，可知＜，故A錯誤，C正確6、C【解析】首先認識電路的結構：燈泡與變阻器串聯，電容器與變阻器并聯．當滑動變阻器滑片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，根據歐姆定律分析【詳解】當滑動變阻器滑片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，根據歐姆定律可知，電流I=增大，電壓表的讀數U=E-Ir減小．故A錯誤．燈泡功率P=I2RL，RL不變，I增大，P增大，則燈泡變亮．故B錯誤．電源的總功率P總=EI，E不變，I增大，P總增大．故C正確．電容器電壓UC=E-I（RL+r）減小，電容器電量Q=CUC減小．故D錯誤．故選C【點睛】本題考查電路動態分析的能力，比較簡單．對于電路動態分析往往按“局部→整體→局部”的思路二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A.木塊在傳送帶上先做勻加速直線運動，速度達到傳送帶速度后一起做勻速直線運動。勻加速直線運動的加速度a＝μg，勻加速運動的時間，勻加速直線運動的位移，勻速運動的時間，則木塊從左端運動到右端的時間，故A正確；BD.木塊在傳送帶上可能一直做勻加速直線運動，到達右端的速度恰好為v，根據平均速度推論知，，則運動的時間，故B錯誤，D正確；C、木塊在傳送帶上可能一直做勻加速直線運動，根據得，，故C正確。故選：ACD。8、BD【解析】AB、由圖象可知，交變電流動勢的最大值，周期，所以瞬時值表達式為，故A錯誤，B正確；CD、根據感應電動勢最大值的表達式得知，與成正比，則線圈的轉速變為原來的一半，感應電動勢最大值變為原來的一半，為，則交變電流動勢的表達式為，故C錯誤，D正確；故選BD【點睛】從圖象中可以求出該交變電流的最大電壓以及周期等物理量，然后根據最大值與有效值以及周期與頻率關系求解9、AC【解析】AB.當條形磁鐵從靠近導軌某一高處下落接近回路時，根據楞次定律“來拒去留”可知磁鐵的加速度小于g，選項A正確，B錯誤；CD.當條形磁鐵從靠近導軌某一高處下落接近回路時，根據楞次定律“增縮減擴”可知P、Q將互相靠攏，選項C正確，D錯誤。故選AC。10、AD【解析】由圖可讀出最大值，周期，電表的示數為有效值，由輸入功率等于輸出功率可求得輸入功率【詳解】根據變壓器變壓規律：，求得U2=U1=100V，選項A正確；流過電阻的電流I2==10A，故選項B錯誤；由P1=P2可求得原線圈的電流，故選項C錯誤；變壓器的輸入功率為原線圈的功率：P1=U1I1=220×W=1×103W，故選項D正確．故選AD【點睛】此題考查交流電的圖象及表達式，明確輸入功率等于輸出功率，電表的示數為有效值．還涉及到變壓器的原理、功率公式等問題，只要正確應用公式應該不難三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.S②.T③.0刻線④.ADC【解析】(1)[1]首先要對表盤機械校零，所以旋動部件是S(3)[2][3]接著是歐姆調零，將“十”、“-”插孔的表筆短接，旋動部件T，讓表盤指針指在最右端零刻度處(4)[4]當兩表筆分別與待測電阻相接，發現指針偏轉角度過小，為了得到比較準確的測量結果，必須將指針在中間刻度附近，所以要將倍率調大．原因是指針偏轉小，則說明阻值大，則只有調大倍率才會實現．所以正確順序ADC12、①.如圖所示：②.③.【解析】①根據原理圖可得出實物圖；②根據閉合電路歐姆定律進行分析，根據圖象可得出電動勢和內電阻