2025屆貴州省烏江中學物理高二第一學期期中復習檢測試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如右圖甲所示，一彈簧振子在AB間做簡諧運動，O為平衡位置．乙是振子做簡諧運動時的位移一時間圖象．則關于振子的加速度隨時間變化的規律，下列四個圖象中正確的是()A． B． C． D．2、真空中兩相同的帶等量同號電荷的金屬小球A和B（均可看作點電荷），分別固定在兩處，兩球間靜電力大小為F。現用一個不帶電的同樣的絕緣金屬小球C與A接觸，再與B接觸，然后移開C，此時A、B球間的靜電力大小為A． B． C． D．3、中國宋代科學家沈括在《夢溪筆談》中最早記載了地磁偏角：“以磁石磨針鋒，則能指南，然常微偏東，不全南也。”進一步研究表明，地球周圍地磁場的磁感線分布示意如圖。結合上述材料，下列說法正確的是（）A．地磁場的磁感線不閉合B．地磁北極在地理北極附近C．指南針能夠指向南北是受到地磁場的作用D．地磁場對射向地球赤道的帶電宇宙射線粒子沒有力的作用4、如圖所示，在xOy坐標系中以O為中心的橢圓上，有a、b、c、d、e五點，其中a、b、c、d為橢圓與坐標軸的交點。現在橢圓的一個焦點O1處固定一正點電荷，另一正試探電荷僅在電場力作用下的運動軌跡（正好過e點）如圖中虛線所示，下列說法正確的是（）A．a、c兩點的電場強度相同B．d點的電勢小于b點的電勢C．正試探電荷沿虛線運動過程中在b點的電勢能小于在e點的電勢能D．若將正試探電荷由a沿橢圓經be移動到c，電場力先做負功后做正功，但電勢能變化量為零5、通電的等腰梯形導線框abcd與無限長通電直導線MN在同一平面內，電流方向如圖所示，ab邊與MN平行．下列關于通電直導線MN的磁場對線框作用的()A．線框所受安培力的合力為零B．線框有兩條邊所受的安培力方向相同C．線框有兩條邊所受的安培力大小相同D．線框在安培力作用下一定有向右的運動趨勢6、下列說法正確的是（）A．恒定電流是指大小、方向都不變的電流B．電動機工作是電功率等于熱功率C．白熾燈正常發光是，“220V15W”的燈泡比“220V60W”的燈泡電阻小D．導體的電阻與構成它的材料無關二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在電場方向水平向右的勻強電場中，一帶電小球從A點豎直向上拋出，其運動的軌跡如圖所示，小球運動的軌跡上A、B兩點在同一水平線上，M為軌跡的最高點，小球拋出時的動能為8J，在M點的動能為6J，不計空氣的阻力．則（）A．小球水平位移x1與x2的比值1:3B．小球水平位移x1與x2的比值1:4C．小球落到B點時的動能為32JD．小球從A點運動到B點的過程中最小動能為8、下列說法中不正確的是（）A．電阻A與阻值無窮大的電阻B并聯，電阻不變B．電阻A與導線B（不計電阻）并聯，總電阻為零C．并聯電路中一支路的電阻可能小于總電阻D．并聯電路某一支路開路，總電阻為無窮大9、如圖所示的電路，閉合開關S，當滑動變阻器滑片P向右移動時，下列說法正確的是（）A．電流表讀數變小，電壓表讀數變大B．小燈泡L變暗C．電源的總功率變大D．電容器C上電荷量減小10、將兩個完全相同的電流計改裝成兩個量程不同的電流表、,已知改裝后電流表A1、A2的量程分別為、,將兩個改裝后的電流表接在電路中,兩電流表都沒有燒毀。則下列說法正確的是(

)A．改裝后兩電流表、的電阻之比為：：5B．將改裝后的電流表串聯,接通電路、的偏轉角之比為5：1C．將改裝后的電流表串聯,接通電路、的示數之比為5：1D．將改裝后的電流表并聯,接通電路、的示數之比為1：5三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)在“伏安法測電阻”實驗中，所用測量儀器均已校準。其中某一次測量結果如圖所示，其電流表的讀數為______A．(2)如圖，下列游標卡尺讀數為______cm.12．（12分）某同學先用歐姆表的“×10”檔粗測一電阻阻值，歐姆表示數如圖所示，現欲用伏安法較準確地測定其阻值，給出下列儀器供選用：A．9V電池B．電流表（0～0.6A，10Ω）C．電流表（0～0.1A，3Ω）D．電壓表（0～3V，2kΩ）E．電壓表（0～15V，45kΩ）F．滑動變阻器（0-10Ω，0.1A）G．滑動變阻器（0-20Ω，1A）H．導線、電鍵（1）上述器材中應選用_____________（填代號）．（2）在虛線框中畫出電路圖_______．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一帶電荷量為＋q、質量為m的小物塊處于一傾角為θ的光滑斜面上，整個裝置置于一水平向右的勻強電場中，小物塊處于靜止狀態．已知重力加速度為g，求：（1）勻強電場的場強；（2）若將勻強電場的場強減小為原來的1/2，物塊將沿斜面加速下滑，則物塊下滑的加速度為多大？14．（16分）aa'、bb'、cc'為足夠長的勻強磁場分界線，aa'、bb'兩分界線間距均為d，磁場方向如圖所示，I、II區磁場感應強度分別為B和2B，邊界aa'上有一粒子源P，平行于紙面向各個方向發射速率為的帶正電粒子，Q為邊界bb'上一點，PQ連線與磁場邊界垂直，已知粒子質量m，電荷量為q，不計粒子重力和粒子間相互作用力，求：（1）沿PQ連線進入磁場的粒子不能從邊界cc'射出，則bb'、cc'兩分界線間距至少多大？（2）粒子第一次通過邊界bb'的位置范圍長度多大？15．（12分）如圖所示，一個質量m＝40g，帶電量q＝-3×10－6C的半徑極小的小球，用絕緣絲線懸掛在水平方向的勻強電場中．當小球靜止時，測得懸線與豎直方向成37°夾角．已知重力加速度g=10m/s2，求：（1）電場強度的大小和方向？（2）此時細線的拉力大小？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

根據簡諧運動振子的加速度與位移的關系：可知t=0時刻振子的加速度a=0，而且在前半個周期內加速度為負值。簡諧運動的x-t圖象是正弦曲線，則a-t圖象與x-t圖象上下對調。故D正確，ABC錯誤。故選D．2、D【解析】

兩個相同的帶等量的同種電荷的導體小球A和B，設它們的電荷量都為Q，原來它們之間的庫侖力為：一個不帶電的同樣的金屬小球C先和A接觸，A和C的電量都為，C再與B接觸后，B、C分電量均為：這時A、B兩球之間的相互作用力的大小為：．A．，與結論不相符，選項A錯誤；B．，與結論不相符，選項B錯誤；C．，與結論不相符，選項C錯誤；D．，與結論相符，選項D正確；故選D.3、C【解析】

A.地磁場的磁感線是閉合的，故A錯誤；B.根據題意可知，地磁北極在地理南極附近，故B錯誤；C.指南針能夠指向南北是受到地磁場的作用，故C正確；D.地磁場與射向地球赤道的帶電宇宙射線粒子速度方向并不平行，所以對帶電宇宙射線粒子有力的作用，故D錯誤。故選C。4、C【解析】

A．由電場線的分布情況和對稱性可分析a、c兩點電場強度大小相同，但方向不同，所以電場強度不同，故A錯誤；B．由于在橢圓的一個焦點固定一正點電荷，據正點電荷的電場線特點，沿電場線方向電勢逐漸減小，且d比b離點電荷近，所以d點的電勢高于b點的電勢，故B錯誤；C．由于場源電荷是正電荷，所產生的電場向外輻射，據可知正試探電荷知在e點電勢能大于b點的電勢能，故C正確；D．正點電荷由a沿be移到c點的過程中，電勢先降低后升高，電勢能先減小后增大，電場力先做正功再做負功，a、c兩點電勢相等，所以總功為零，電勢能變化量為零，故D錯誤。故選C。【點睛】本題的解題關鍵要掌握點電荷電場線的分布情況，抓住對稱性分析電勢的變化；靈活應用電場力做功分析動能和電勢能間的變化。5、C【解析】

直導線中的電流方向由N到M，根據安培定則，導線右側區域磁感應強度方向向內，根據左手定則，ab邊受向左的安培力，cd邊受到向右的安培力，ad邊受到斜向左下方的安培力，bc受到左上方安培力，四個邊所受的安培力的合力不為零，其中bc邊和ad邊所受的安培力大小相同，故AB錯誤，C正確；離MN越遠的位置，磁感應強度越小，故根據安培力公式F=BIL，cd邊受到的安培力小于ab邊、bc邊和ad邊受到的安培力的矢量和，則線框在安培力作用下一定有向左的運動趨勢，故D錯誤．6、A【解析】

A．我們把大小、方向都不隨時間變化的電流稱為恒定電流，故A與題意相符；B．動機正常工作時消耗的電功率等于輸出的機械功率與熱功率之和，故B與題意不符；C．根據電功率與電壓、電阻的關系可知在正常發光時，“220V15W”的燈泡電阻比“220V60W”的燈泡電阻大，故C錯誤；D．由導體電阻可知，導體的電阻與構成它的材料的電阻率有關，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

小球在豎直方向上做豎直上拋運動，根據對稱性得知，從A點至M點和從M點至B點的時間t相等，小球在水平方向上做初速為零的勻加速直線運動，設加速度為a，根據位移時間公式：，，聯立可得：，故A正確，B錯誤；據小球的運動軌跡如圖所示：小球從A到M，由功能關系知在水平方向上電場力做功為：，則從A到B水平方向上電場力做功為：，根據能量守恒可知，小球運動到B點時的動能為：，故C正確；由題知開始：，又豎直方向上：，在水平方向上：，又有：，聯立以上解得：，幾何關系可知，則，據運動軌跡，但小球的運動方向與合加速度的方向垂直時，小球的速度最小，則小球從A到B過程最小速度一定與等效G′垂直，如圖P點，所以，故D正確．所以ACD正確，B錯誤．8、CD【解析】A、若電阻與一無窮大的電阻并聯，則總電阻等于A的阻值；故A正確；B、電阻與導線并聯時，導線電阻為零，則電阻被短路，總電阻為零；故B正確；C、并聯電路中，并聯的電阻越多，則總電阻越小；故C錯誤；D、并聯電路中某一支路開路時，總電阻變大，但絕不會為無窮大；故D錯誤；不正確的是故選CD．9、CD【解析】

AB．當變阻器的滑片向右滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，則電路的總電阻減小，根據閉合電路的歐姆定律可知，總電流的電流增大，即電流表示數增大，燈泡變亮，內阻所占電壓增大，路端電壓變小，即電壓表示數減小，則電容器C上的電荷量減小，故D正確，AB錯誤；CD．電源的總功率，E不變，而電流變大，所以總功率變大，故C正確．故選CD。10、BD【解析】

A.電流表擴大量程的改裝,是表頭并聯不同比例的電阻進行分流,表頭本身允許的最大電流最大電壓沒有變化,所以兩個改裝表滿偏時兩端電壓相等,但是電流,所以電阻5：1,故A錯誤；BC.將改裝后的電流表串聯,串聯電路電流相等,所以示數之比1：1,但是量程不同,表盤不同,偏轉角之比為5：1,才能顯示相同電流數,故B正確,C錯誤；D、將改裝后的電流表并聯,本質上就是兩個表頭并聯,表頭電流相等,偏轉角相等,但是量程不同,表盤不同,所以示數之比為1：5,故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.4210.04【解析】

(1)[1]由圖可知，電流表使用的是0.6A的量程，每一個大格代表0.2A，每小格代表0.02A，估讀在0.01A，則讀數為0.42A；(2)[2]游標卡尺的主尺讀數為100mm，游標為10分度，精確度為0.1mm，游標上第4格刻度與主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為4×0.1mm，所以最終讀數為：100mm+4×0.1mm=100.4mm=10.04cm12、(1).ACEGH(2)電路圖.【解析】試題分析：（1）歐姆表的示數為：，根據可知，電路中最大電流為，所以電流表應選C，由于電動勢E=9V，所以電壓表應選E，由于兩個變阻器的全電阻遠小于待測電阻，變阻器應用分壓式接法，考慮到變阻器額定電流的影響，變阻器應選G．故選ACEGH.（2）由于，所以電流表應用外接法；考慮到變阻器的全電阻遠小于待測電阻，所以變阻器應用分壓式接法，電路圖如圖所示：故答案為(1).ACEGH(2)..【點睛】歐姆表讀數時注意倍率的數值；應根據電路中最大電流來選擇電流表量程；當滑動變阻器的全電阻遠小于待測電阻時，變阻器應用分壓式接法，應選全電阻小的變阻器，但要同時考慮變阻器的額定電流影響．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡