四川省重點中學2024屆物理高一下期末復習檢測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、(本題9分)鉛蓄電池的電動勢為2V，這表示A．蓄電池兩極間的電壓為2VB．蓄電池在1s內將2J的化學能轉變成電能C．電路中每通過1C電荷量，電源把2J的化學能轉化為電能D．蓄電池將化學能轉變為電能的本領比一節干電池（電動勢為1.5V）的小2、(本題9分)如圖所示，、為兩個固定的等量同種正電荷，在其連線的中垂線上的點釋放一個負粒子，僅在電場力作用下由靜止開始運動，下列說法中正確的是（）A．粒子將一直沿中垂線做單方向直線運動B．從到的過程中，加速度可能先變大，再變小，速度越來越大C．整個運動過程中，粒子在點時，加速度最大D．整個運動過程中，粒子的電勢能一直增加3、(本題9分)作用在同一個物體上的三個共點力，可以使物體做勻速直線運動的是A．3N、3N、8NB．10N、5N、2NC．6N、6N、6ND．1N、7N、15N4、手電筒的兩節干電池已經用了較長時間，小燈泡只能發出微弱的光，把電池取出，用電壓表測電壓，電壓表示數接近3V，若把此電池作為一個電子鐘的電源，電子鐘能正常工作，下列說法正確的是A．這兩節干電池的電動勢減小很多B．這兩節干電池的內電阻減少很多C．這臺電子鐘的額定電壓一定比手電筒里的小燈泡額定電壓小D．這臺電子鐘正常工作時的電流一定比手電筒里的小燈泡正常工作時的電流小5、(本題9分)關于地球同步衛星的說法正確的是（）A．地球同步衛星可以在地球赤道平面上的不同高度運行B．地球同步衛星都在同一條軌道上，所以運行速度相同C．同步衛星的向心加速度小于靜止于赤道上物體的向心加速度D．同步衛星的運行速率小于7.9km/s6、(本題9分)在天花板上的O點系一根細繩，細繩的下端系一小球．小球拉至細繩處于水平的位置，由靜止釋放小球，小球從位置A開始沿圓弧下落到懸點的正下方的B點的運動過程中，不計空氣阻力，下面說正確的是（）A．小球受到的向心力大小不變B．細繩對小球的拉力對小球做正功C．重力對小球做功的平均功率為零D．重力對小球做功的功率先變大后變小7、(本題9分)光滑水平面上靜止一質量為的木塊，一顆質量為的子彈以水平速度射入木塊，最終和木塊一起以的速度運動．設相互作用力為，為恒力．在這個過程中下列說法正確的是（）A．子彈克服阻力做的功等于）B．力對子彈做的功和力對木塊做的功相等C．子彈對木塊做的功等于木塊動能的增量D．子彈損失的動能等于木塊增加的動能8、滑雪運動深受人民群眾的喜愛，某滑雪運動員（可視為質點）由坡道進入豎直面內的圓弧形滑道AB，從滑道的A點滑行到最低點B的過程中，由于摩擦力的存在，運動員的速率不變，則運動員沿AB下滑過程中（）A．所受合外力始終為零B．所受摩擦力大小不變C．合外力做功一定為零D．機械能的減少量等于克服摩擦力做的功9、兩個等量同種電荷固定于光滑水平面上，其連線的中垂線上有A、B、C三點，如圖所示．一個電荷量為2C、質量為1kg的小物塊從該水平面內的C點靜止釋放，其運動的v-t圖象如圖所示，其中B點處為整條圖線切線斜率最大的位置(圖中標出了該切線)．則下列說法正確的是A．由C到A的過程中，電勢逐漸升高B．A、B兩點電勢差UAB=－5VC．由C到A的過程中，物塊的電勢能先減小后變大D．B為中垂線上電場強度最大的點，其電場強度E=1V/m10、用DIS實驗研究機械能守恒定律的實驗中，用光電門測定擺錘在某--位置的瞬時速度。實驗測得D點的速度偏小，造成這個誤差的原因可能是A．擺錘釋放的位置高于A點 B．擺錘釋放的位置在AB之間C．擺錘在A點沒有靜止釋放 D．光電門沒有放在D點11、將甲、乙兩個質量相等的物體在距水平地面同一高度處，分別以v和2v的速度水平拋出，若不計空氣阻力的影響，則A．甲物體在空中運動過程中，任何相等時間內它的動量變化都相同B．甲物體在空中運動過程中，任何相等時間內它的動能變化都相同C．兩物體落地時動量對時間的變化率相同D．兩物體落地時重力的功率相同12、(本題9分)如圖所示,長為L的細繩的一端固定于O點,另一端系一個小球,在O點的正下方L/2釘一個光滑的釘子A,小球開始時θ=60°的位置擺下.則細繩碰到釘子前后，下列說法正確的是（

）A．繩對小球的拉力之比為2：3 B．小球所受合外力之比為1：2C．小球做圓周運動的線速度之比為2：3 D．小球做圓周運動的角速度之比為1：2二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）利用如圖所示的裝置可驗證機械能守恒定律：用輕質細繩的一端與一個質量為m（已知）的小球相連，另一端系在力傳感器的掛鉤上，整個裝置位于豎直面內，將細繩拉離豎直方向一定角度，將小球由靜止釋放，與傳感器相連的計算機記錄的繩的拉力F隨時間t變化的圖線如圖所示，讀出圖中A點的值為F1，圖中B點的值為F2。（1）要利用小球從A到B的運動過程驗證機械能守恒定律只需要再測量一個量的數值，這個量是___________________；（2）小球從A到B的過程中，重力勢能改變量的大小為_______________；動能改變量的大小為_____________（請用“F1”、“F2”、重力加速度g及第（1）問中需要再測量的那個量的符號表示）。14、（10分）(本題9分)用如圖所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律。實驗所用的電源為學生電源，輸出電壓為6V的交流電和直流電兩種。重錘從高處由靜止開始落下，重錘上拖著的紙帶通過打點計時器打出一系列的點，對紙帶上的點的痕跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律。（1）下面列舉了該實驗的幾個操作步驟：A．按照圖示的裝置安裝器件；B．將打點計時器接到電源的直流輸出端上；C．用天平測量出重錘的質量；D．釋放懸掛紙帶的夾子，同時接通電源開關打出一條紙帶；E．測量打出的紙帶上某些點之間的距離；F．根據測量的結果計算重錘下落過程中減少的重力勢能是否等于增加的動能。指出其中沒有必要進行的或者操作不恰當的步驟_______（填選項對應的字母）。（2）實驗中得到一條紙帶，如圖所示。根據打出的紙帶，選取紙帶上打出的連續五個點A、B、C、D、E，測出A點距起始點O的距離為S0，點A、C間的距離為S1，點C、E間的距離為S2，使用交流電的頻率為f，設重錘質量為m，則打點計時器打C點時重錘的動能為___________，打點計時器在打O點和C點的這段時間內重錘的重力勢能的減少量為________。利用這個裝置也可以測量重錘下落的加速度a的數值。則根據這些條件計算重錘下落的加速度a的表達式為：a＝_____________。（3）在驗證機械能守恒定律的實驗中發現，重錘減小的重力勢能總是______（填“大于”或“小于”）重錘動能的增加，其原因主要是因為_____________。三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示,半徑R=0.5m的光滑圓弧軌道的左端A與圓心O等高,B為圓弧軌道的最低點,圓弧軌道的右端C與一傾角θ=37°的粗糙斜面相切.一質量m=1kg的小滑塊從A點正上方h=1m處的P點由靜止自由下落.已知滑塊與粗糙斜面間的動摩擦因數μ=0.5,sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度g=10m/s2.（1）求滑塊第一次運動到B點時對軌道的壓力．（2）求滑塊在粗糙斜面上向上滑行的最大距離.（3）通過計算判斷滑塊從斜面上返回后能否滑出A點.16、（12分）如圖所示，為一傳送裝置，其中AB段粗糙，AB段長為L＝0.2m，動摩擦因數μ＝0.6，BC、DEN段均可視為光滑，且BC的始、末端均水平，具有h＝0.1m的高度差，DEN是半徑為r＝0.4m的半圓形軌道，其直徑DN沿豎直方向，C位于DN豎直線上，CD間的距離恰能讓小球自由通過．在左端豎直墻上固定有一輕質彈簧，現有一可視為質點的小球，小球質量m＝0.2kg，壓縮輕質彈簧至A點后由靜止釋放(小球和彈簧不粘連)，小球剛好能沿DEN軌道滑下．求：(1)小球到達N點時速度的大小；(2)壓縮的彈簧所具有的彈性勢能．17、（12分）如圖，位于豎直水平面內的光滑軌道四分之一圓弧軌道ab，半徑R=0.25m，弧口b點處的切線水平，b離地面高度h=2m，質量m=0.1kg的小球從a點靜止釋放。（g取10m/s2）求：(1)小球運動到b點時，軌道對小球的支持力；(2)小球落地點c與b的水平距離s；(3)小球到達c點時速度的大小。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解題分析】

A.蓄電池與電路斷開時兩極間的電壓為2V，選項A錯誤；BC.電動勢是2V，意義是移動1C的正電荷在電源內從負極移到正極，非靜電力做功2J，即有2J的化學能轉變成電能，不是1s內將2J的化學能轉變成電能。故B錯誤，C正確。D.電動勢大，非靜電力做功的本領就大，即將其它形式的能轉化為電能的本領就大。故D錯誤。2、B【解題分析】

BD、在等量同種電荷連線中垂線上電場強度方向，負點電荷q從P點到O點運動的過程中，電場力方向，速度越來越大，動能增大，粒子的電勢能減小，但電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況無法判斷，但可能是加速度先變大后變小，故B正確，D錯誤；AC、越過O點后，負電荷q做減速運動，則點電荷運動到O點時速度最大，電場力為零，加速度為零，根據電場線的對稱性可知，越過O點后，負電荷q做減速運動，加速度的變化情況：先增大后減小；對于速度一直減小，粒子將沿中垂線做往返直線運動，故A、C錯誤；故選B．【題目點撥】M、N為兩個等量的正點電荷，其連線中垂線上電場強度方向O→P，負點電荷q從P點到O點運動的過程中，電場力方向P→O，速度越來越大．但電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況不確定．越過O點后，負電荷q做減速運動，點電荷運動到O點時加速度為零，速度達最大值，加速度變化情況同樣不確定．3、C【解題分析】

物體做勻速直線運動的條件是合力為零．判斷各選項中的三個力的合力能否為零．常用的方法是先找出其中兩個力的合力范圍，看看第三個力是否在這兩個力的合力的范圍之內，在范圍之內合力可以為零，否則則不能．【題目詳解】3N和3N的合力范圍是0N≤F合≤6N，第三個力8N不在這個范圍之內，這三個力的合力不可以為零，不能使物體做勻速直線運動，故A錯誤。10N和5N的合力范圍是5N≤F合≤15N，第三個力2N不在其范圍之內，這三個力的合力不可以為零，不能夠使物體做勻速直線運動。故B錯誤。6N和6N的合力范圍是0N≤F合≤12N，第三個力6N在其范圍之內，這三個力的合力可以為零，能夠使物體做勻速直線運動，故C正確。1N和7N的合力范圍是6N≤F合≤8N，第三個力15N不在其范圍之內，這三個力的合力不可以為零，不能夠使物體做勻速直線運動，故D錯誤。故選C。【題目點撥】判斷三個力的合力能否為零，首先判斷其中兩個力的合力范圍是關鍵．兩個力的合力最小時是二力在同一條直線上且方向相反，最小合力大小是二力大小的差，方向沿著較大的力的方向；兩個力的合力最大時是二力在同一條直線上且方向相同，最大合力大小是二力的代數和，方向與原二力的方向相同．4、D【解題分析】

A．由題兩節干電池的電動勢約為3V，現在直接通過電壓表示數很接近3V，可知電動勢幾乎不變，故A錯誤；B．兩節干電池已經用了較長時間，使用時小燈泡只能發出很微弱的光，除電動勢降低之外，電池的內阻增大，故B錯誤；C．由題可知電子鐘的額定電壓也是3V，與手電筒里的小燈泡額定電壓相等，故C錯誤；D．臺式電子鐘能正常工作是由于它的內阻比電池的內阻大得多，可知電子鐘的電阻較大，而電子鐘的額定電壓與小燈泡的額定電壓相同，所以由公式P=UI可知電子鐘正常工作時的電流小，故D正確；5、D【解題分析】因為同步衛星要和地球自轉同步，即ω相同，根據GMmr2=mω2r點睛：地球質量一定、自轉速度一定，同步衛星要與地球的自轉實現同步，就必須要角速度與地球自轉角速度相等，這就決定了它的軌道高度和線速度．6、D【解題分析】

小球從A點運動到B點過程中，速度逐漸增大，由向心力F＝m可知，向心力增大，故A錯誤；拉力方向始終與小球的速度方向垂直，所以拉力做功為零，故B錯誤；這段時間內高度發生變化，重力做了功，所以重力對小球做功的平均功率不為零，故C錯誤；該過程中重力的瞬時功率從開始時的0變化到最后的0，應是先增大后減小，故D正確．故選D．7、AC【解題分析】

A、對子彈全過程由動能定理，有，所以子彈克服阻力做功為，故A正確；B、設子彈相對地面的位移為x，木塊相對地面的位移為s，則力對木塊做功，力對子彈做功，由于x>s，故，故B錯誤；C、由動能定理可知，木塊獲得動能，即子彈對木塊做的功等于木塊獲得的動能，故C正確；D、對子彈和木塊組成的系統，全過程總能量守恒，即系統內減少的能量等增加的能量，即：子彈減少的動能=木塊增加的動能+系統產生的內能，故D錯誤；故選AC．【題目點撥】研究阻力對子彈做的功，子彈對木塊做功，使用動能定理列方程即可解決，比較子彈與木塊相互作用力所做的功，關鍵是確定兩物體的位移，內能的產生，可以用能量守恒定律，或者求機械能損失來解．8、CD【解題分析】

滑雪運動員的速率不變做勻速圓周運動，加速度不為零，運動員所受合外力大小不為0，對運動員進行受力分析，結合受力的特點分析摩擦力的變化．摩擦力做功運動員的機械能減小．【題目詳解】A、滑雪運動員的速率不變，而速度方向是變化的，速度是變化的，運動員的加速度不為零，由牛頓第二定律可知，運動員所受合外力始終不為零，A錯誤；B、運動員下滑過程中受到重力、滑道的支持力與滑動摩擦力，由圖可知，運動員從A到B的過程中，滑道與水平方向之間的夾角逐漸減小，則重力沿斜面向下的分力逐漸減小，運動員的速率不變，則運動員沿滑道方向的合外力始終等于0，所以滑動摩擦力也逐漸減小，B錯誤；C、滑雪運動員的速率不變則動能不變，由動能定理可知，合外力對運動員做功為0，C正確；D、運動員從A到B下滑過程中的只有重力和摩擦力做功，重力做功不影響機械能，所以機械能的減少量等于克服摩擦力做的功，D正確．9、BD【解題分析】

A、據兩個等量的同種正電荷，其連線中垂線上電場強度方向由點沿中垂線指向外側，故由點到點的過程中電勢逐漸減小，故選項A錯誤；B、根據圖可知、兩點的速度，再根據動能定理得電場力做的功：，故、兩點的電勢差，故選項B正確；C、由點到點的過程中，根據圖可知帶電粒子的速度增大，電場力做正功，電勢能減小，故選項C錯誤；D、根據圖可知帶電粒子在點的加速度最大為，所受的電場力最大為2N，根據知點的場強最大為1N/C，故選項D正確。10、BD【解題分析】

若實驗測得D點的機械能明顯偏小，說明重錘低于A點才開始靜止釋放的，或未到D點就開始測速度，因此不是重力勢能少些，就是動能小些．A．擺錘釋放的位置高于A點，與結論不相符，選項A錯誤；B．擺錘釋放的位置在AB之間，與結論相符，選項B正確；C．擺錘在A點沒有靜止釋放，與結論不相符，選項C錯誤；D．光電門沒有放在D點，與結論相符，選項D正確。11、ACD【解題分析】

試題分析：根據動量定理，動量的變化等于合外力對物體的沖量，在這里物體受到的合外力就是重力，因此相等時間內，合外力的沖量相等，因此動量變化量相同，A正確；在向下運動的過程中，豎直速度越來越大，因此相同時間內重力做功越來越快，因此相等時間內動能變化時都會越來越快，B錯誤；動量對時間的變化率就是合外力，因此兩物體落地時動量對時間的變化率相同，C正確；落地時，兩個物體豎直速度相等，因此重力的功率相等，D正確．考點：動量定理，功率【名師點睛】此題是對動量定理功率概念的考查；解題的關鍵是理解動量定理和動能定理；要知道相等時間內動量的變化量等于合外力的沖量，動量的變化率等于合外力；求解重力的功率時應該注意是重力與豎直速度的乘積.12、ABD【解題分析】

A．在最低點由牛頓第二定律得T?mg＝m，則拉力為T＝mg+m，和釘子接觸前繩子拉力為T1＝mg+m＝2mg，接觸釘子后半徑變為原來的一半，繩子對小球的拉力T′＝mg+m＝3mg，所以接觸釘子前后繩子的拉力之比為2：3，故A正確；B．線速度大小不變，半徑變為原來的一半，向心力（合力）增大為原來的2倍，故B正確；C．小球由初始位置到最低點的過程中，由動能定理得：mgl（1-cos60°）=mv2，則到達最低點的速度為，和釘子接觸瞬間速度不突變，故C錯誤；D．根據ω＝知，線速度不變，半徑變為原來的一半，故角速度變為原來的兩倍，所以角速度之比為1：2，故D正確；二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（1）懸點到球心的距離L（2）【解題分析】

解：(1)(2)小球在最低點時，繩子的拉力最大，則由牛頓第二定律可得，解得，小球從到的過程中，動能改變量的大小為；小球在最高點時，繩子的拉力最小，則有，即，小球擺到最高點時與最低點的高度差，小球從到的過程中，重力勢能改變量的大小為；若小球從到的運動過程機械能守恒定律則有，驗證機械能守恒定律成立的表達式為，由于小球的質量已知，和通過力傳感器可以讀出，所以要利用小球從到的運動過程驗證機械能守恒定律只需要再測量一個量的數值，這個量是懸點到球心的距離。14、BCDmg（S0+S1）大于重錘在下落過程中，會受到空氣阻力作用，紙帶與打點計時器間也會有摩擦阻力作用，阻力做負功。【解題分析】

(1)[1]打點計時器的工作電壓均為交流電壓，故B不恰當；本實驗是通過比較動能增加量與重力勢能的減少量是否相等，來驗證機械能是否守恒，所以只要不要求計算兩者的具體數值，可以不測量質量，故C沒有必要；應該是先接通電源，后釋放紙帶，故D不恰當；故填BCD。(2)[2][3]據平均速度