浙江省嘉興市洲泉中學2022-2023學年高三物理測試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.下列說法中正確的是

.A.同種物質可能以晶體和非晶體兩種不同的形態出現B.從微觀角度看,氣體的壓強僅取決于分子的平均動能C.液體具有流動性,說明液體分子間作用力比固體分子間作用力小D.物體的內能只與物體的體積有關參考答案：2.（2014秋?嶗山區校級期中）為提高百米賽跑運動員的成績，教練員分析了運動員跑百米全程的錄相帶，測得：運動員在前7s跑了61m，7s末到7.1s末跑了0.92m，跑到終點共用10.8s，則下列說法錯誤的是（）A． 運動員在百米全過程中的平均速度是9.26m/sB． 運動員在前7s的平均速度是8.71m/sC． 運動員在7s末的瞬間時速度約為9.2m/sD． 百米賽跑運動員做的是勻加速直線運動參考答案：D解：A、由題意可知運動員的位移為100m，時間為10.8s，故平均速度v==m/s=9.26m/s，故A正確；B、前7s運動員的平均速度為v==m/s=8.71m/s，故B正確；C、由題意可知求出7s末的瞬時速度為，故C正確，D、由題意無法知道運動員的運動，故D錯誤；因選說法錯誤的，故選：D3.（單選）甲、乙兩物體在同一直線上運動的v-t圖象如圖所示。下列有關說法正確的是A．t1時刻之前，甲一直在乙的前方B．t1時刻甲、乙相遇C．t1時刻甲、乙加速度相等 D．t1之前，存在甲、乙加速度相等的時刻參考答案：D由于不知道甲、乙兩物體的起點位置，故A、B錯誤；圖象的斜率表示加速度，從圖象上可以看出在t1之前，存在甲、乙加速度相等的時刻，D正確；時刻，乙的加速度大于甲的加速度，C錯誤。4.擺式列車是集電腦、自動控制等高新技術于一體的新型高速列車，如圖所示。當列車轉彎時，在電腦控制下，車廂會自動傾斜，提供向心力；行走在直線上時，車廂又恢復原狀，就像玩具“不倒翁”一樣。假設有一超高速列車在水平面內行駛，以360km/h的速度拐彎，拐彎半徑為1km，則質量為50kg的乘客，在拐彎過程中所受到的火車給他的作用力為（）A.500NB.1000NC.500ND.0參考答案：C【詳解】360km/h=100m/s。根據牛頓第二定律知，，根據平行四邊形定則得，．故C正確，ABD錯誤。故選C。5.（單選）如圖所示，質量m1=10kg和m2=30kg的兩物體，疊放在動摩擦因數為0.50的粗糙水平地面上，一處于水平位置的輕彈簧，勁度系數為250N/m，一端固定于墻壁，另一端與質量為m1的物體相連，彈簧處于自然狀態，現用一水平推力F作用于質量為m2的物體上，使它緩慢地向墻壁一側移動，當移動0.40m時，兩物體間開始相對滑動，這時水平推力F的大小為（）A．100NB．300NC．200ND．250N參考答案：【考點】：摩擦力的判斷與計算；胡克定律．【專題】：摩擦力專題．【分析】：當質量為m2的物體向左移動0.40m時，彈簧被壓縮0.40m，根據胡克定律求出此時彈簧的彈力大小．以m1和m2整體為研究對象，分析受力情況，根據平衡條件求出這時水平推力F的大小．：解：當質量為m2的物體向左移動0.40m時，彈簧的量壓縮為x=0.40m，根據胡克定律得，此時彈簧的彈力大小為：F彈=kx=250×0.4N=100N以m2研究對象，分析m1和m2整體水平方向的受力情況如圖，根據平衡條件得：F=F彈+f又f=μ（m1+m2）g得到：F=F彈+μ（m1+m2）g=100N+（10+30）×10×0.5N=300N．故選：B【點評】：本題平衡條件的簡單應用，要靈活選擇研究對象，可以采用隔離法，也可以采用整體法．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，勻強電場中的三點A、B、C構成一個邊長為0.1m的等邊三角形。已知電場線的方向平行于△ABC所在平面，A、B、C三點的電勢分別為100V、60V和20V，則此勻強電場的場強大小E=________V/m。若將電量為1.0×10－10C的正電荷從A點移到B點，電場力所做的功W=________J。參考答案：答案：800；4×10－9。7.(選修模塊3－5)（4分）一炮彈質量為m，以一定的傾角斜向上發射，到達最高點時速度為v，炮彈在最高點爆炸成兩塊，其中一塊恰好做自由落體運動，質量為．則另一塊爆炸后瞬時的速度大小________。參考答案：

答案：（4分）8.如圖所示為一皮帶傳動裝置，右輪的半徑為r，A是它邊緣上的一點。左側是一輪軸，大輪的半徑為4r，小輪的半徑為2r。B點在小輪上，它到小輪中心的距離為r。C點和D點分別位于小輪和大輪的邊緣上。若在傳動過程中，皮帶不打滑。．則

A、B、C、D四個點的線速度之比為

；角速度之比為

。參考答案：2:1:2:4，2:1:1:19.（1）已知能使某金屬產生光電效應的極限頻率為υ0，當用頻率為2υ0的單色光照射該金屬時，所產生的光電子的最大初動能為

。當照射光的頻率繼續增大時，則逸出功

（填“增大”“減小”或“不變”）（2）如圖所示，一個有界的勻強磁場，磁感應強度B=0.50T，磁場方向垂直于紙面向里，MN是磁場的左邊界。在距磁場左邊界MN的1.0m處有一個放射源A，內裝放射物質（鐳）,發生α衰變生成新核Rn（氡）。放在MN左側的粒子接收器接收到垂直于邊界MN方向射出的α粒子，此時接收器位置距直線OA的距離為1.0m。①試寫出Ra的衰變方程；②求衰變后Rn（氡）的速率.（質子、中子的質量為1.6×10-27kg，電子電量e=1.6×10-19C）參考答案：（1）hv0

（2分）

不變

（2分）（2）①

②對α粒子

動量守恒得

10.如圖所示，兩條平行金屬導軌ab、cd置于磁感應強度B=0.5T的勻強磁場中，兩導軌間的距離l=0.6m，導軌間連有電阻R。金屬桿MN垂直置于導軌上，且與軌道接觸良好，現使金屬桿MN沿兩條導軌向右勻速運動，產生的感應電動勢為3V。由此可知，金屬桿MN滑動的速度大小為 m/s；通過電阻R的電流方向為

（填“aRc”或“cRa”）。

參考答案：10；cRa11.實驗室內，某同學用導熱性能良好的氣缸和活塞將一定質量的理想氣體密封在氣缸內（活塞與氣缸壁之間無摩擦），活塞的質量為m，氣缸內部的橫截面積為S．用滴管將水緩慢滴注在活塞上，最終水層的高度為h，如圖所示．在此過程中，若大氣壓強恒為p0，室內的溫度不變，水的密度為，重力加速度為g，則：①圖示狀態氣缸內氣體的壓強為

；②以下圖象中能反映密閉氣體狀態變化過程的是

。

參考答案：①；②A12.平行四邊形定則”實驗中，若由于F1的誤差使F1與F2的合力F方向略向左偏，如圖實所示，但F大于等于F′，引起這一結果的原因可能是F1的大小比真實值偏________，F1的方向使它與F2的夾角比真實值偏________．參考答案：

大

大13.如圖甲，水平面內的三個質點分別位于直角三角形ABC的三個頂點上，已知AB=3m，AC=4m。t0=0時刻A、B同時開始振動，此后形成的波動圖象均如圖乙，所形成的機械波在水平面內傳播，在t=4s時C點開始振動。則該機械波的傳播速度大小為_________；兩列波相遇后，C點振動_________（填“加強”或“減弱”）。該列波的波長是______m，周期是______s。參考答案：（1）1m／s

減弱

2m

2s

三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（10分）在2008年9月27日“神舟七號”宇航員翟志剛順利完成出艙活動，他的第一次太空行走標志著中國航天事業全新的時代即將到來。“神舟七號”圍繞地球做圓周運動時所需的向心力是由

提供，宇航員翟志剛出艙任務之一是取回外掛的實驗樣品，假如不小心實驗樣品脫手（相對速度近似為零），則它 （填“會”或“不會”）做自由落體運動。設地球半徑為R、質量為M，“神舟七號”距地面高度為h，引力常數為G，試求“神舟七號”此時的速度大小。參考答案：

答案：地球引力（重力、萬有引力）；不會。（每空2分）

以“神舟七號”為研究對象，由牛頓第二定律得：

（2分）

由勻速圓周運動可知：

（2分）

解得線速度

（2分）15.（選修3—4）（7分）如圖甲所示為一列簡諧橫波在t＝2s時的波形圖，圖乙是這列波中P點的振動圖線，求該波的傳播速度的大小，并判斷該波的傳播方向。

參考答案：解析：依題由甲圖知該波的波長為……………(1分)

由乙圖知該波的振動周期為……………(1分)

設該波的傳播速度為V，有……………(1分)

又由乙圖知，P點在此時的振動方向向上，……………(1分)

所以該波的傳播方向水平向左。……………(2分)四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖，在傾角為θ=37°的足夠長固定斜面底端，一質量m=1kg的小物塊以某一初速度沿斜面上滑，一段時間后返回出發點．物塊上滑所用時間t1和下滑所用時間t2大小之比為t1：t2=1：，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）物塊由斜面底端上滑時的初速度v1與下滑到底端時的速度v2的大小之比；（2）物塊和斜面之間的動摩擦因數；（3）若給物塊施加一大小為5N、方向與斜面成適當角度的力，使物塊沿斜面向上加速運動，求加速度的最大值．參考答案：：解：（1）設物塊上滑的最大位移為L，根據運動學公式上滑過程：L=下滑過程：L=整理得：（2）設上滑時加速度為a1，下滑時加速度為a2，根據牛頓第二定律，得上滑時：mgsinθ+μmgcosθ=ma1下滑時：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2由位移時間公式得：L==聯立三式代入數據得：μ=0.5（3）設F與斜面的夾角為α，加速度為a，由牛頓第二定律得：Fcosα﹣mgsinθ﹣μ（mgcosθ﹣Fsinα）=ma即：F（cosα+μsinα）﹣mg（sinθ+μcosθ）=ma整理得：F令tanβ=，則：Fsin（α+β）的最大值為1，設加速度最大值為am，得：F﹣mg（sinθ+μcosθ）=mam代入數據得：答：（1）物塊由斜面底端上滑時的初速度v1與下滑到底端時的速度v2的大小之比為：1；（2）物塊和斜面之間的動摩擦因數為0.5；（3）加速度的最大值為2.5m/s2．17.如圖所示，相距為R的兩塊平行金屬板M、N正對著放置，S1、S2分別為M、N板上的小孔，S1、S2、O三點共線，它們的連線垂直M、N，且S2O＝R.以O為圓心、R為半徑的圓形區域內存在磁感應強度為B、方向垂直紙面向外的勻強磁場．D為收集板，板上各點到O點的距離以及板兩端點的距離都為2R，板兩端點的連線垂直M、N板．質量為m、帶電量為＋q的粒子經S1進入M、N間的電場后，通過S2進入磁場．粒子在S1處的速度以及粒子所受的重力均不計．(1)當M、N間的電壓為U時，求粒子進入磁場時速度的大小v；(2)若粒子恰好打在收集板D的中點上，求M、N間的電壓值U0；(3)當M、N間的電壓不同時，粒子從S1到打在D上經歷的時間t會不同，求t的最小值．參考答案：(1)粒子從S1到達S2的過程中，根據動能定理得qU＝mv2

①解得粒子進入磁場時速度的大小v＝

(2)粒子進入磁場后在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，有qvB＝m

②由①②得，加速電壓U與軌跡半徑r的關系為U＝當粒子打在收集板D的中點時，粒子在磁場中運動的半徑r0＝R對應電壓U0＝(3)M、N間的電壓越大，粒子進入磁場時的速度越大，粒子在極板間經歷的時間越短，同時在磁場中運動軌跡的半徑越大，在磁場中運動的時間也會越短，出磁場后勻速運動的時間也越短，所以當粒子打在收集板D的右端時，對應時間t最短．根據幾何關系可以求得，對應粒子在磁場中運動的半徑r＝R由②得粒子進入磁場時速度的大小v＝＝粒子在電場中經歷的時間t1＝＝18.如圖所示，由導線制成的正方形線框邊長L，每條邊的電阻均為R，其中ab邊材料較粗且電阻率較大，其質量為m，其余各邊的質量均可忽略不計。線框可繞與cd邊重合的水平軸OO′自由轉動，不計空氣阻力及摩擦。若線框始終處在方向豎直向下、磁感強度為B的勻強磁場中，線框從水平位置由靜止釋放，歷時t到達豎直位置，此時ab邊的速度為v，重力加速度為g。求：（1）線框在豎直位置時，ab邊兩端的電壓及其所受安培力的大小。