第頁2023年高考人教物理一輪：選擇題〔5〕及答案1、(位移與位移路程)(2023·安徽巢湖月考)如圖所示,坐高鐵從杭州到南京,原需經上海再到南京,其路程為s1,位移為x1。杭寧高鐵通車后,從杭州可直達南京。其路程為s2,位移為x2,那么()A.s1>s2,x1>x2 B.s1>s2,x1<x2C.s1>s2,x1=x2 D.s1=s2,x1=x2答案C解析由題圖可知,兩次運動的起點與終點相同,故位移相同;經上海到達南京的軌跡明顯大于直達南京的軌跡;故s1>s2;應選C。2、(多項選擇)(彈力)如下圖,A、B兩個物塊的重力分別是GA=3N,GB=4N,彈簧的重力不計,整個裝置沿豎直方向處于靜止狀態,這時彈簧的彈力F=2N,那么天花板受到的拉力和地板受到的壓力,有可能是()A.1N和6NB.5N和6NC.1N和2ND.5N和2N答案AD解析彈簧的彈力為2N,有兩種可能情形:彈簧處于拉伸狀態;彈簧處于壓縮狀態,因此對應的解應有兩組。①當彈簧處于拉伸狀態時,由A、B受力均平衡可知,A受重力、彈簧向下的拉力及繩子對A的拉力,由共點力的平衡可知,繩子的拉力F=GA+F=5N;由牛頓第三定律可知天花板受到的拉力為5N;對B分析,B受重力、支持力及彈簧向上的拉力而處于平衡,那么B受支持力FN=mg-F=2N;D符合題意。②假設彈簧處于壓縮狀態,同理可知,A符合題意。故答案為AD。鏈接(2023·湖州市三縣期中)安檢門是一個用于平安檢查的“門〞，“門框〞內有線圈，線圈中通有變化的電流．如果金屬物品通過安檢門，金屬中會感應出渦流，渦流的磁場又反過來影響線圈中的電流，從而引起報警．關于這個安檢門的以下說法正確的選項是()A．安檢門能檢查出毒販攜帶的毒品B．安檢門能檢查出旅客攜帶的金屬水果刀C．如果“門框〞的線圈中通上恒定電流，安檢門不能正常工作D．安檢門工作時，主要利用了電流的熱效應原理【參考答案】BC3、(牛頓第三定律)牛頓提出了著名的牛頓第三定律,闡述了作用力和反作用力的關系,從而與牛頓第一和第二定律形成了完整的牛頓力學體系。以下關于作用力和反作用力的說法正確的選項是()A.物體先對地面產生壓力,然后地面才對物體產生支持力B.物體對地面的壓力和地面對物體的支持力互相平衡C.人推車前進,人對車的作用力大于車對人的作用力D.物體在地面上滑行,不管物體的速度多大,物體對地面的摩擦力與地面對物體的摩擦力始終大小相等答案D解析作用力與反作用力總是大小相等、方向相反,同時產生、同時變化、同時消失,故A、C錯誤,D正確;物體對地面的壓力和地面對物體的支持力是一對作用力和反作用力,作用在不同的物體上,不是平衡力,B錯誤。4、.(繩、桿端速度分解問題)(2023·吉林實驗中學二模)如下圖,長為L的直棒一端可繞固定軸轉動,另一端擱在升降平臺上,平臺以速度v勻速上升,當棒與豎直方向的夾角為α時,棒的角速度為()A. B. C. D.答案B解析棒與平臺接觸點的實際運動即合運動,方向是垂直于棒指向左上方,如下圖,合速度v實=ωL,沿豎直向上方向上的速度分量等于v,即ωLsinα=v,所以ω=。所以A、C、D均錯,B正確。5、(多項選擇)(中心天體質量和密度的估算)通過觀測冥王星的衛星,可以推算出冥王星的質量。假設衛星繞冥王星做勻速圓周運動,除了引力常量外,至少還需要兩個物理量才能計算出冥王星的質量。這兩個物理量可以是()A.衛星的速度和角速度B.衛星的質量和軌道半徑C.衛星的質量和角速度D.衛星的運行周期和軌道半徑答案AD解析根據線速度和角速度可以求出半徑r=,根據萬有引力提供向心力,那么=m,整理可以得到M=,應選項A正確;由于衛星的質量m約掉,故與衛星的質量無關,應選項B、C錯誤;假設知道衛星的周期和半徑,那么=mr,整理得到M=,應選項D正確。6、.(動能定理的圖象問題)物體在恒定阻力作用下,以某初速度在水平面上沿直線滑行直到停止。以a、Ek、s和t分別表示物體運動的加速度大小、動能、位移的大小和運動的時間,那么以下各圖象中,能正確反映這一過程的是()答案C解析物體在恒定阻力作用下運動,其加速度隨時間不變,隨位移不變,選項A、B錯誤;由動能定理,-Ffs=Ek-Ek0,解得Ek=Ek0-Ffs,選項C正確,D錯誤。7、(動量定理的理解及應用)(2023·重慶九龍坡區一模)水平恒定推力F1和F2分別作用于在水平面上原來靜止且質量相等的a、b兩物體上,作用一段時間后撤去推力,由于慣性,物體將繼續運動一段時間后才能停下,兩物體的v-t圖象如下圖,圖中線段AB∥CD,那么()A.a物體受到的摩擦力小于b物體受到的摩擦力B.a物體受到的摩擦力大于b物體受到的摩擦力C.F1的沖量大于F2的沖量D.F1的沖量小于F2的沖量答案D解析AB與CD平行,說明推力撤去后兩物體的加速度相同,而撤去推力后物體的合力等于摩擦力,根據牛頓第二定律可知,兩物體受到的摩擦力大小相等,故A、B錯誤;根據動量定理,對整個過程研究得F1t1-FftOB=0,F2t2-FftOD=0,由題圖看出,tOB<tOD,那么有F1t1<F2t2,即F1的沖量小于F2的沖量,故C錯誤,D正確。8、(電場強度的疊加與計算)(2023·上海一模)均勻帶電的球殼在球外空間產生的電場等效于電荷集中于球心處產生的電場。如下圖,在半球面AB上均勻分布正電荷,總電荷量為q,球面半徑為R,CD為通過半球頂點與球心O的軸線,在軸線上有M、N兩點,OM=ON=2R。M點的電場強度大小為E,靜電力常量用k表示,那么N點的電場強度大小為()A. B.-E C.-E D.+E答案B解析假設將電荷量為2q的球面放在O處,均勻帶電的球殼在球外空間產生的電場等效于電荷集中于球心O處產生的電場,那么在M、N點所產生的電場為E0=,由題意知當如題圖所示的半球面在M點產生的電場強度為E時,其在N點產生的電場強度E'=E0-E=-E,故B正確。9、(“等效法〞處理帶電粒子在復合場中的運動)如下圖,絕緣光滑軌道AB局部是傾角為30°的斜面,AC局部為豎直平面上半徑為R的圓軌道,斜面與圓軌道相切。整個裝置處于電場強度為E、方向水平向右的勻強電場中。現有一個質量為m的帶正電小球,電荷量為q=,要使小球能平安通過圓軌道,在O點的初速度應滿足什么條件?答案v≥解析小球先在斜面上運動,受重力、電場力、支持力,然后在圓軌道上運動,受重力、電場力、軌道作用力,如下圖,類比重力場,將電場力與重力的合力視為等效重力mg',大小為mg'=,tanθ=,得θ=30°,等效重力的方向與斜面垂直指向右下方,小球在斜面上勻速運動。因要使小球能平安通過圓軌道,在圓軌道的“等效最高點〞(D點)滿足“等效重力〞剛好提供向心力,即有:mg'=,因θ=30°與斜面的傾角相等,由幾何關系知=2R,令小球以最小初速度v0運動,由動能定理知:-2mg'R=,解得v0=,因此要使小球平安通過圓軌道,初速度應滿足v≥。10、(多項選擇)(安培力作用下導體運動情況)(2023·湖北宜城市第一中學月考)如下圖,一條形磁鐵放在水平桌面上,在其左上方固定一根與磁鐵垂直的長直導線,當導線中通以圖示方向的電流時()A.磁鐵對桌面的壓力增大B.磁鐵對桌面的壓力減小C.磁鐵受到向右的摩擦力作用D.磁鐵受到向左的摩擦力作用答案BC解析根據條形磁體磁感線分布情況得到直線電流所在的位置磁場方向(切線方向),再根據左手定那么判斷安培力方向,如圖甲根據牛頓第三定律,電流對磁體的作用力向左上方,如圖乙;根據平衡條件,可知通電后支持力變小,靜摩擦力變大,故磁鐵對桌面的壓力變小,靜摩擦力向右。應選B、C。11、(多項選擇)(楞次定律的應用)(2023·江西景德鎮模擬)如下圖,一根長導線彎曲成“〞形,通以直流電流I,正中間用絕緣線懸掛一金屬環C,環與導線處于同一豎直平面內。在電流I增大的過程中,以下判斷正確的選項是()A.金屬環中無感應電流產生B.金屬環中有逆時針方向的感應電流C.懸掛金屬環C的豎直線的拉力大于環的重力D.懸掛金屬環C的豎直線的拉力小于環的重力答案BC解析Φ=BS,S不變,I增大,B增大,所以有感應電流產生,A錯誤;由楞次定律得,感應電流方向沿逆時針,B正確;由于環的上半局部所在處的B大于下半局部所在處的B,所以安培力以上半局部為主,I方向向左,B垂直紙面向里,那么F安方向向下,所以F拉=mg+F安,拉力大于重力,C正確,D錯誤。12、(多項選擇)(電磁感應現象中的動力學問題)如下圖,兩足夠長平行金屬導軌固定在水平面上,勻強磁場方向垂直導軌平面向下,金屬棒ab、cd與導軌構成閉合回路且都可沿導軌無摩擦滑動,兩金屬棒ab、cd的質量之比為2∶1.用一沿導軌方向的恒力F水平向右拉金屬棒cd,經過足夠長時間以后()A.金屬棒ab、cd都做勻速運動B.金屬棒ab上的電流方向是由b向aC.金屬棒cd所受安培力的大小等于D.兩金屬棒間距離保持不變答案BC解析對兩金屬棒ab、cd進行受力和運動分析可知,兩金屬棒最終將做加速度相同的勻加速直線運動,且金屬棒ab速度小于金屬棒cd速度,所以兩金屬棒間距離是變大的,由楞次定律判斷金屬棒ab上的電流方向是由b到a,A、D錯誤,B正確;以兩金屬棒整體為研究對象,有F=3ma,隔離金屬棒cd分析,有F-F安=ma,可求得金屬棒cd所受安培力的大小F安=F,C正確。13、(多項選擇)(波粒二象性)以下說法正確的選項是()A.普朗克為了解釋黑體輻射現象,第一次提出了能量量子化理論B.大量的電子通過雙縫后