2023學年高二下學期物理期末模擬測試卷考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、我市某十字路口允許公交車通過的最大速度為10m/s，—輛公交車在距離十字路口50m的車站停留，乘客上下完后，公交車司機啟動公交車，司機看到紅燈顯示還有10s，要使公交車在耗能最少的情況下盡快通過十字路口且不違章，則公交車啟動后的運動圖象可能是A．B．C．D．2、如圖所示，通電螺線管兩側各懸掛一個小銅環，銅環平面與螺線管截面平行，當電鍵S接通一瞬間，兩銅環的運動情況是（）A．同時向兩側推開B．同時向螺線管靠攏C．一個被推開，一個被吸引，但因電源正負極未知，無法具體判斷D．同時被推開或同時向螺線管靠攏，但因電源正負極未知，無法具體判斷3、如圖所示，小物塊原來靜止在固定的粗糙斜面上，現施加水平向右的推力F，F的大小由零逐漸增大，直到小物塊剛要開始滑動為止。則在此過程中，小物塊所受的（）A．合外力可能增大B．斜面的支持力可能不變C．斜面的摩擦力可能先增大后減小D．斜面的摩擦力一定先減小后增大4、甲、乙兩個物體在同一直線上運動(始終沒有相遇)，當規定向東為正方向時，它們的加速度分別為a甲＝4m/s2，a乙＝－4m/s2.下列對甲、乙兩物體運動情況的判斷中，正確的是()A．甲的加速度大于乙的加速度B．甲、乙兩物體的運動方向一定相反C．甲的加速度方向和速度方向一致，乙的加速度方向和速度方向相反D．甲、乙兩物體的速度都有可能越來越大5、如圖所示，直線OAC的某一直線電源的總功率隨總電流變化的曲線，拋物線OBC為同一電源內部消耗的功率隨總電流的變化曲線，若A、B對應的橫坐標為1.5，則下面判斷正確的是（）A．線段AB表示的功率為2.25WB．電源的電動勢為3V，內阻為1.5ΩC．電流為2A時，電源的輸出功率最大D．電流為1A時，路端電壓為1V6、如圖所示為用a、b兩種單色光分別通過同一雙縫干涉裝置獲得的干涉圖樣．現讓a、b兩種光組成的復色光穿過平行玻璃磚或三棱鏡時，光的傳播路徑與方向可能正確的是（）A．①③ B．①④ C．②④ D．只有③二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于晶體的下列說法正確的是（）A．多晶體都有固定的形狀，確定的熔點B．所有晶體由周態變成液態后，再由液態變成固態時，固態仍為晶體C．液晶分子的空間排列雖然在特定的方向排列比較整齊，但是分子的排列是不穩定的D．彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點8、如圖所示，回旋加速器D形盒的半徑為R，用來加速質量為m，電量為q的質子，質子每次經過電場區時，都恰好在電壓為U時并被加速，且電場可視為勻強電場，使質子由靜止加速到能量為E后，由A孔射出．下列說法正確的是A．D形盒半徑R、磁感應強度B不變，若加速電壓U越高，質子的能量E將越大B．D形盒半徑R、磁感應強度B不變，若加速電壓U越高，質子的在加速器中的運動時間將越長C．磁感應強度B不變，若加速電壓U不變，D形盒半徑R越大、質子的能量E將越大D．D形盒半徑R、磁感應強度B不變，若加速電壓U越高，質子的在加速器中的運動時間將越短9、如圖，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQ、MN，MN的左邊有一閉合電路．當PQ在外力的作用下運動時，MN向右運動，則PQ所做的運動可能是（

）A．向右加速運動B．向右減速運動C．向左加速運動D．向左減速運動10、如圖所示，汽缸和活塞與外界均無熱交換，中間有一個固定的導熱性良好的隔板，封閉著兩部分氣體A和B，活塞處于靜止平衡狀態．現通過電熱絲對氣體A加熱一段時間，后來活塞達到新的平衡，不計氣體分子勢能，不計活塞與汽缸壁間的摩擦，大氣壓強保持不變，則下列判斷正確的是A．氣體B吸熱，對外做功，內能不變B．氣體A分子的平均動能增大C．氣體A和氣體B內每個分子的動能都增大D．氣體B分子單位時間內對器壁單位面積碰撞總次數減少三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了探究電磁感應現象，某實驗小組將電池線圈A，線圈B，滑動變阻器，靈敏電流計，開關按照如圖所示的方式連接。當閉合開關時發現靈敏電流計的指針左偏。由此可知：(1)當滑動變阻器的滑片P向右移動時，靈敏電流計的指針__________（選填“左偏”、“不動”、“右偏”）；(2)將線圈A拔出時，靈敏電流計的指針__________（選填“左偏”、“不動”、“右偏”）。此時線圈A與線圈B中電流的繞行方向__________（選填“相同”或“相反”）。12．（12分）在一次實驗中，某同學選用了兩個外形相同的硬質小球A和B，小球A質量較大，小球B質量較小．該同學實驗發現：若在水平面上用A球去撞擊原來靜止的B球，碰后A和B都向前運動；若用B球去撞擊原來靜止的A球，碰后A球向前運動，B球向后運動．為了探究碰撞中的不變量，該同學計劃用如圖所示的圓弧槽進行實驗．實驗時，分別將小球M、N放在豎直平面內的半圓形玻璃軌道內側(軌道半徑遠大于小球半徑)．現讓小球M從與圓心O等高處由靜止釋放，在底部與靜止的小球N發生正碰．（1）實驗中，若實驗室里有如下所述的四個小球：①半徑為r的玻璃球；②半徑為2r的玻璃球；③半徑為1.5r的鋼球；④半徑為2r的鋼球．為了便于測量，M球應選用________，N球應選用______(填編號)．（2）實驗中不用測量的物理量為________．①小球M的質量m1和小球N的質量m2；②圓弧軌道的半徑R；③小球M碰后上升的最高處與O點連線偏離豎直方向的夾角θ1；④小球N碰后上升的最高處與O點連線偏離豎直方向的夾角θ2.（3）用上述測得的物理量表示碰撞中的不變量的等式為：________.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，導熱性能極好的氣缸，高為L=l.0m，開口向上固定在水平面上，氣缸中有橫截面積為S=100cm2、質量為m=20kg的光滑活塞，活塞將一定質量的理想氣體封閉在氣缸內．當外界溫度為t=27、大氣壓為p0=l.0×l05Pa時，氣柱高度為l=0.80m，氣缸和活塞的厚度均可忽略不計，取g=10m/s2，求：①如果氣體溫度保持不變，將活塞緩慢拉至氣缸頂端．在頂端處，豎直拉力F有多大？②如果僅因為環境溫度緩慢升高導致活塞上升，當活塞上升到氣缸頂端時，環境溫度為多少攝氏度？14．（16分）質量為m=0.5kg、長L=1m的平板車B靜止在光滑水平面上，某時刻質量M=lkg的物體A（視為質點）以v0=4m/s向右的初速度滑上平板車B的上表面，在A滑上B的同時，給B施加一個水平向右的拉力．已知A與B之間的動摩擦因數μ=0.1，重力加速度g取10m/s1．試求：（1）如果要使A不至于從B上滑落，拉力F大小應滿足的條件；（1）若F=5N，物體A在平板車上運動時相對平板車滑行的最大距離．15．（12分）一段電阻絲，通以大小、方向均不變的電流，若10s內通過的電荷量為20C，產生的熱量為200J，求：(1)通過電阻絲的電流；(2)該電阻絲的電阻R.

2023學年模擬測試卷參考答案（含詳細解析）一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【答案解析】

速度時間圖像與時間軸所圍的面積表示位移，可知只有C圖所圍的面積可能小于等于50m，ABD均大于50m，C正確2、A【答案解析】在電鍵S斷開前，兩環的磁通量為零，當電鍵S閉合的一瞬間，通過兩環的磁通量增大，故環要減小穿過磁場的面積，即環要遠離通電螺線管，所以都向兩側運動，即A正確．3、D【答案解析】

A.物塊始終處于靜止狀態，所受的合外力始終為零，保持不變。故A錯誤。B.對物塊受力分析并分解如圖。斜面對物塊的支持力N＝Fsinθ+mgcosθ，F增大，N一定增大。故B錯誤；CD.在選項B受力分析圖中未畫上摩擦力f，分情況討論f的情況：①Fcosθ＜mgsinθ時，f沿斜面向上，由平衡條件有Fcosθ+f＝mgsinθ，隨著F的增大，f減小；②Fcosθ＞mgsinθ時，f沿斜面向下，由平衡條件有Fcosθ＝f+mgsinθ，則隨著F的增大，f增大。所以摩擦力f一定先減小后增大，故D正確，C錯誤。4、D【答案解析】試題分析：加速度是矢量，正負表示加速度的方向，當加速度的方向與速度方向相同，物體做加速運動，當加速度的方向與速度方向相反，物體做減速運動．加速度的正負只表示運動方向，不參與大于的比較，所以甲的加速度等于乙的加速度，兩者加速度方向相反，由于題中沒有給出兩者是相向運動還是同向運動，所以運動方向不一定相反，AB錯誤；由于沒有給出兩者的運動方向，所以無法判斷加速度方向和速度方向的關系，故C錯誤；當加速度方向和速度方向相同時，即甲的速度方向為正，乙的速度方向為負時，兩者的速度都越來越大，D正確．5、A【答案解析】

根據電源的總功率P=EI，由C點的坐標求出電源的電動勢和內阻；AB段表示外電路的功率，再求解AB段表示的功率．【題目詳解】B項：電源的總功率P=EI，C點表示I=3A，P=9W，則電源的電動勢：,由圖看出，C點表示外電路短路，電源內部熱功率等于電源的總功率，則有：P=I2r，

代入解得：r=1Ω，故B錯誤；A項：AB段表示的功率為：PAB=EI′-I′2r=3×1.5-1.52×1（W）=2.25W，故A正確；C項：電源的輸出功率：P=EI-I2r=2I-I2=-（I-1）2+1，故當I=1A時輸出功率最大，為1W，故C錯誤；D項：根據U=E-Ir=3-I，當I=1A時，U最大，為2V，故D錯誤．故應選：A．【答案點睛】解決本題的關鍵在于：（1）理解電源的總功率P總隨電流I變化的圖象與電源內部熱功率Pr隨電流I變化的圖象的涵義；（2）分清三種功率及其關系：電源的總功率P總=EI，電源內部發熱功率P熱=I2r，外電路消耗功率P外=UI=I2R，且根據能量關系得P總=P外+P熱．6、A【答案解析】由干涉圖樣可知，a光的雙縫干涉條紋間距比b光的大，根據雙縫干涉相鄰條紋間距公式△x=λ可知，a光的波長長，則同一介質對a的折射率小，對b光的折射率大．根據平行玻璃磚的光學特性可知，出射光線與入射光線平行，由于a光的折射率小，偏折程度小，所以出射時a光應在右側，故①正確，②錯誤．由sinC=分析可知，a光的臨界角較大．當光從棱鏡射入空氣中時，若發生全反射的話首先是b光，若b不發生全反射，能射出棱鏡，則a光一定也不發生全反射從棱鏡射出，故③正確，④錯誤．故選A.點睛：解決本題是掌握光學的基本知識：雙縫干涉相鄰條紋間距公式△x=λ、折射定律、臨界角公式sinC=和全反射的條件．要知道折射率越大，介質對該光的折射率越大．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【答案解析】

A．多晶體沒有固定的形狀，但有確定的熔點，選項A錯誤；B．晶體狀態的硫由固態（晶體）熔化變成液態硫后，再由液態變成固態時，新的固態的硫不一定是晶體．故B錯誤；C．液晶分子的空間排列雖然在特定的方向排列比較整齊，由于液晶具有類似液體的流動性，所以分子的排列是不穩定的；故C正確；D．彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點，選項D正確。故選CD。8、CD【答案解析】

粒子在磁場中運動過程中，洛倫茲力充當向心力，故有解得故粒子獲得的最大速度和加速電壓無關，若加速電壓U不變，D形盒半徑R越大、質子的獲得的速度越大，即能量E將越大，加速電壓越大，加速次數越少，加速時間越短，AB錯誤CD正確；故選CD。考點：考查了回旋加速器工作原理【名師點睛】解決本題的關鍵知道回旋加速器是利用電場加速、磁場偏轉來加速粒子，但是最終粒子的動能與電場的大小無關，電壓決定加速的總時間9、BC【答案解析】

根據安培定則可知，MN處于ab產生的垂直向里的磁場中，MN在磁場力作用下向右運動，說明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N，L1中感應電流的磁場向上，由楞次定律可知，線圈中產生感應電流的磁場應該是向上減小，或向下增加；再由右手定則可知PQ可能是向左加速運動或向右減速運動。故BC正確，AD錯誤。故選BC．10、BD【答案解析】

A．氣體B吸熱，對外做功，后來活塞達到新的靜止平衡狀態，說明氣體B壓強不變．根據氣體狀態方程知道，溫度升高，不計氣體分子勢能，所以內能增加，故A錯誤；B．通過電熱絲對A氣體加熱一段時間，氣體A溫度升高，則分子的平均動能變大，故B正確；C．溫度升高，分子的平均動能增大，不是每個分子的動能都增大，故C錯誤；D．氣體B壓強不變，由于溫度升高，導致體積增大，所以氣體B分子單位時間內對器壁單位面積碰撞次數減小，故D正確．故選BD.點睛：本題考查熱力學第一定律及理想氣體的實驗定律，應重點掌握決定內能的因素及正確應用熱力學第一定律及理想氣體的實驗定律．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、左偏右偏相同【答案解析】

在閉合電鍵時發現靈敏電流計的指針向左偏，知磁通量增加時，電流計指針向左偏轉；

(1)[1]．當滑動變阻器的滑片P向右移動時，電流增大，則磁通量增大，所以電流計的指針向左偏轉；

(2)[2][3]．將線圈A拔出時，磁通量減小，則靈敏電流計指針向右偏轉；依據楞次定律，因磁通量減小，此時線圈A與線圈B中電流的繞行方向相同。12、②④②【答案解析】

（1）在本實驗中應選擇直徑相同的小球，為了讓M球碰后反彈，要用質量小的小球去碰撞質量大的小球；由給出的小球可知，只能選用②④兩球，且應用②球去碰撞④小球；（2、3）小球與軌道間的摩擦可忽略，小球運動過程機械能守恒，由機械能守恒定律得：，，，以A球的初速度方向為正方向，如果兩球碰撞過程動量守恒，由動量守恒定律得：，聯立四式解得，可知，探究碰撞中的不變量，需要測出兩球的質量與碰撞后兩球上升的最高位置所對應的夾，故需要測量的量為：①③④，不需要測量的為②，故選②．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、①F=240N；②t=102【答案解析】

①設起始狀態氣缸內氣體壓強為p1，當活塞緩慢拉至氣缸頂端，設氣缸內氣體壓強為p2，由玻意耳定律得p1lS=p2LS在起始狀態對活塞由受力平衡得p1S=mg+p0S在氣缸頂端對活塞由受力平衡得F+p2S=mg+p0S聯立并代入數據得F=240N②如果外界溫度緩慢升高到恰使活塞移至氣缸頂端，氣體是等壓變化，由蓋呂薩克定律