1、2021-2022學年江蘇省宿遷市泗陽縣眾興中學高三物理測試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，實線表示t=0時刻的波形，虛線表示t=0.7s時刻的波形。則這列波的（ ）(A) 波長為4m(B) 周期可能為0.4s(C) 頻率可能為0.25Hz(D) 傳播速度可能約為5.7m/s參考答案：AB2. （單選題）如圖所示，汽車通過輕質光滑的定滑輪將一個質量為m的物體從井中拉出，繩與汽車連接點A距滑輪頂點高為h，開始時物體靜止,滑輪兩側的繩都豎直繃緊，汽車以v向右勻速運動，運動到跟汽車連接的細繩與水平夾角為

2、30，則（ ）A.從開始到繩與水平夾角為30時，拉力做功mghB.從幵始到繩與水平夾角為30時，拉力做功C.在繩與水平夾角為30時，繩上拉力功率等于mgvD.在繩與水平夾角為30時，繩上拉力功率等于參考答案：B3. （單選）用輕繩系住一小球靜止在光滑斜面上，如圖所示。若要按力的實際作用效果來分解小球的重力，則重力的兩個分力的方向分別是圖中的（ ） (A) 1和5 (B)2和5 (C)3和5 (D)3和2參考答案：C4. 如圖所示，一輕質彈簧豎直放置，下端固定在水平面上，上端處于a位置，當一重球（可視為質點）無初速度放在彈簧上端，靜止時彈簧上端被壓縮到b位置。現將重球從高于a位置的c位置沿彈簧中

3、軸線自由下落，彈簧被重球壓縮到最低位置d以下關于重球下落過程的正確說法是（不計空氣阻力） A重球下落至b處獲得最大速度 B重球下落至d處，重球的加速度一定大于重力加速度C由a至d過程中，重球克服彈簧彈力做的功等于小球由c下落至d處時重力勢能減少量D由a至d過程中，重球所受彈力的沖量與重力的沖量大小相等，方向相反參考答案：ABC 小球從a到b的過程中，重力大于彈力，小球所受的合力向下，與速度方向相同，小球做加速運動；從b到d的過程中，重力小于彈力，合力向上，小球做減速運動所以整個下落a至d過程中，重球先做加速運動后做減速運動，在b處小球的速度最大故A正確由于重球在a點時速度不為零，所以在bd之間

4、必有一點p與a點關于b點對稱，且在p點時，重球的動能等于在a點的動能，加速度大小等于重力加速度的大小，故重球下落至d處時，其加速度一定大于重力加速度，B正確。在c至d過程中，動能變化量為零，由系統機械能守恒得知，由a至d過程中，重球克服彈簧彈力做的功等于重球由c至d的重力勢能的減小量故C正確重球在a點有向下的動量，在d點動量為零，由動量定理得知，由a至d過程中，重球所受彈力的沖量大于重力的沖量故D錯誤5. 物塊的質量m=1.0kg，在一豎直向上的恒力F作用下以初速度vo = l0m/s開始豎直向上運動，該過程中物塊速度的平方v2隨路程x變化的關系圖象如圖所示，已知g = l0m/s2，物塊在運

5、動過程中受到與運動方向相反且大小恒定的阻力，下列選項中正確的是A. 恒力F大小為7NB. 在t=l s時刻，物體運動開始反向C. 2秒末3秒末內物塊做勻加速運動D. 在物塊運動路程為13m過程中，重力勢能增加130J參考答案：BC解：物體勻減速上升的加速度大小物體勻加速下降的加速度大小A：上升時，據牛頓第二定律；下降時，據牛頓第二定律。解得：、。故A項錯誤。B：物體勻減速上升的時間，則在t=l s時刻，物體運動開始反向。故B項正確。C：物體勻加速下降時，解得：物體勻加速下降的時間，又物體勻減速上升的時間，則2秒末3秒末內物塊做勻加速運動。故C項正確。D：在物塊運動路程為13m過程中，物塊先上升

6、5m，后下降8m，則高度下降3m，重力勢能減少了。故D項錯誤。二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 如圖所示，陰極射線管(A為其陰極)放在蹄形磁鐵的N、S兩極間，射線管的B極接在直流高壓電源的_極.此時，熒光屏上的電子束運動軌跡_偏轉(選填“向上”、“向下”或“不”).參考答案：答案：正、向下7. 如圖所示，在高為h的平臺邊緣以初速度0水平拋出小球A，同時在水平地面上距臺面邊緣水平距離為s處豎直上拋小球B，兩球運動軌跡在同一豎直平面內，不計空氣阻力，重力加速度為g為使兩球能在空中相遇，水平距離s應v0；若水平距離為s0，則B=參考答案：考點：平拋運動；豎直上拋運動分析：A做平

7、拋運動，B球豎直上拋運動，要使兩球在空中相遇，運動的時間必然小于A球運動時間，且A球的水平距離要等于s，兩球同時運動，運動的時間相同，根據平拋運動和豎直上拋運動的公式，抓住時間，位移的關系聯立方程即可求解解答：解：由于A做平拋運動有：x=v0t，h=，可得：x=v0所以為使兩球能在空中相遇，水平距離應有：sx，即：sv0由：s0=v0t，h=+（vBt）得：vB=故答案為：，點評：本題主要考查了平拋運動和豎直上拋運動的基本規律，關鍵要正確分析兩個物體運動之間的關系8. (3-4模塊) (3分) 一列向右傳播的簡諧橫波在某時刻的波形圖如圖所示。波速大小為0.6m/s，P質點的橫坐標x = 0.9

8、6m。波源O點剛開始振動時的振動方向_(填“y軸正方向”或“y軸負方向”)，波的周期為_s。從圖中狀態為開始時刻，質點P經過_s時間第二次達到波峰。參考答案：答案:y的負方向 (1分)、0.4 (1分)、1.9 (1分) 9. 有一水平方向的勻強電場，場強大小為9103N/C，在電場內作一半徑為10cm的圓，圓周上取A、B兩點，如圖所示，連線AO沿E方向，BOAO，另在圓心O處放一電量為108C的正點電荷，則A處的場強大小為0 N/C；B處的場強大小為1.27104 N/C參考答案：考點：電場強度專題：電場力與電勢的性質專題分析：根據公式E=k求出點電荷在A、B兩點處產生的場強大小，判斷出場強

9、方向，A、B兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解AB兩點處的場強大小解答：解：點電荷在A點處產生的場強大小為E=k=9109N/C=9103N/C，方向從OA；而勻強電場方向向右，大小9103N/C，疊加后，合電場強度為零同理，點電荷在B點處產生的場強大小也為E=k=9109N/C=9103N/C，方向從OB；根據平行四邊形定則得，則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為： EA=E點E勻=9103N/C9103N/C=0； 同理，B點的場強大小為： EB=E=1.27104N/C與水平方向成45角斜向右下方；故答案為：0，1.27104，點

10、評：本題電場的疊加問題，一要掌握點電荷的場強公式E=k；二要能根據據平行四邊形定則進行合成10. 某組同學設計了“探究加速度a與物體所受合力F及質量m的關系”實驗。圖（a）為實驗裝置簡圖，A為小車，B為電火花計時器，C為裝有細砂的小桶，D為一端帶有定滑輪的長方形木板，實驗中認為細繩對小車拉力F等于細砂和小桶的總重量，小車運動的加速度a可用紙帶上打出的點求得。圖（b）為某次實驗得到的紙帶，已知實驗所用電源的頻率為50Hz。根據紙帶可求出電火花計時器打B點時的速度為 m/s,小車的加速度大小為 m/s2。（結果均保留二位有效數字）在“探究加速度a與質量m的關系”時，某同學都按照自己的方案將實驗數據

11、在坐標系中進行了標注，但尚未完成圖象（如下圖所示）。請繼續幫助該同學作出坐標系中的圖象。在“探究加速度a與合力F的關系”時，該同學根據實驗數據作出了加速度a與合力F的圖線如圖（c），該圖線不通過坐標原點，試分析圖線不通過坐標原點的原因。答： 。參考答案：1.6（2分）3.2（3分） 如圖（2分）實驗前未平衡摩擦力（2分）11. 約里奧居里夫婦因發現人工放射性而獲得了1935年的諾貝爾化學獎,他們發現的放射性元素3015P衰變成3014Si的同時放出另一種粒子,這種粒子是_,3215P是3015P的同位素,被廣泛應用于生物示蹤技術,1 mg3215P隨時間衰變的關系如圖所示,請估算4 mg的32

12、15P經_天的衰變后還剩0.25 mg.參考答案：3015P衰變的方程:3015P3014Si+01e,即這種粒子為正電子.題圖中縱坐標表示剩余3215P的質量,經過t天4 mg的3215P還剩0.25 mg,也就是1 mg中還剩mg=0.0625 mg,由題圖估讀出此時對應天數為56天.(5458天都算對)12. （選修3一3）（6分）一列簡諧橫波沿直線傳播的速度為2 m/s，在傳播方向上有A, B兩點，從波剛好傳到某質點(A或B)時開始計時，己知5s內A點完成了6次全振動，B點完成了10次全振動，則此波的傳播方向為（填AB或BA),周期是s，波長為m參考答案：答案：BA 0.5 1 13.

13、 圖是某一半導體器件的U-I圖， 將該器件與標有“9V，18W”的用電器串聯后接入電動勢為12V的電源兩端，用電器恰能正常工作，此時電源的輸出功率是_W；若將該器件與一個阻值為1.33的電阻串聯后接在此電源兩端，則該器件消耗的電功率約為_W。 參考答案：答案：20、15三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. （簡答）如圖12所示，一個截面為直角三角形的劈形物塊固定在水平地面上.斜面,高h=4m，a=37,一小球以Vo=9m/s的初速度由C點沖上斜面.由A點飛出落在AB面上.不 計一切阻力.(Sin37=0.6,cos37 =0.8,g=10 m/s2)求.(l)小球到達A點

14、的速度大小； (2)小球由A點飛出至第一次落到AB面所用時間； (3)小球第一次落到AB面時速度與AB面的夾角的正切值參考答案：(1)1 (2) 0.25s（3） 6.29N機械能守恒定律解析：(1)從C到A對小球運用動能定理，解得v0=1m/s(2)將小球由A點飛出至落到AB面的運動分解為沿斜面（x軸）和垂直于斜面（y軸）兩個方向;則落回斜面的時間等于垂直于斜面方向的時間所以（3）小球落回斜面時沿斜面方向速度垂直斜面方向速度vy=1m/s，所以（1）由機械能守恒定律可以求出小球到達A點的速度（2）小球離開A后在豎直方向上先做勻減速直線運動，后做自由落體運動，小球在水平方向做勻速直線運動，應用

15、運動學公式求出小球的運動時間（3）先求出小球落在AB上時速度方向與水平方向間的夾角，然后再求出速度與AB面的夾角的正切值15. （8分）一定質量的理想氣體由狀態A經狀態B變為狀態C，其中AB過程為等壓變化，BC過程為等容變化。已知VA=0.3m3，TA=TB=300K、TB=400K。（1）求氣體在狀態B時的體積。（2）說明BC過程壓強變化的微觀原因（3）沒AB過程氣體吸收熱量為Q，BC過 氣體 放出熱量為Q2，比較Q1、Q2的大小說明原因。參考答案：解析：（1）設氣體在B狀態時的體積為VB，由蓋-呂薩克定律得，代入數據得。(2)微觀原因：氣體體積不變，分子密集程度不變，溫度變小，氣體分子平均

16、動能減小，導致氣體壓強減小。(3)大于；因為TA=TB，故AB增加的內能與BC減小的內能相同，而AB過程氣體對外做正功，BC過程氣體不做功，由熱力學第一定律可知大于。考點：壓強的微觀意義、理想氣體狀態方程、熱力學第一定律四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 在一條狹窄的公路上，乙車以=10m/s勻速行駛，甲車在后面以=30m/s速度勻速行駛。由于甲車司機疏忽，當兩車相距=50米時，甲才發現乙，=0.2s后，甲以=3m/s2的加速度勻減速，并鳴笛警告。又經過=0.5s，乙車以=2m/s2的加速度加速。問兩車是否會相撞？若相撞，求相撞時刻；若不相撞，求兩車最小間距。參考答案：17. （12分）如圖所示，固定的光滑豎直圓形圓形軌道，其半徑為R，在它的底端靜止一個質量為m小球，現給小球一個水平沖量，使小球始終不離開圓形軌道在豎直圓內運動，試求沖量應滿足的條件？參考答案：解析：當小球運動到與豎直圓的高度為圓的半徑R時速度為零，設小球的初速度為，由機械能守恒得由動量定理得 解得當小球的動量較大時，小球剛好通過最高點的速度為，由牛頓第二定律可得：再由機械能守恒列式有：由動量定理得解得所以沖量I；I18. 在建筑裝修中，工人用質量為5.0 kg的磨石A對地面和