1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，A是帶正電的小球，B為不帶電的導體，A、B均放在絕緣支架上，M、N是導體B中同一水平線上的兩點，以無限遠處為電勢零點，當導體B達到靜電平衡后,下列說法正確的是AM、N兩點

2、電勢高低關系為BM、N兩點電勢高低關系為CM、N兩點電場強度大小關系為D感應電荷在M、N兩點產生的電場強度2、如圖所示，A、B為兩塊平行帶電金屬板，A帶負電，B帶正電且與大地相接，兩板間P點處固定一負電荷，設此時兩極板間的電勢差為U，P點場強大小為E，電勢為P，負電荷的電勢能為EP，現將A、B兩板水平錯開一段距離(兩板間距不變)，下列說法正確的是 （ ）AU變小，E變大BU變小，P變小CP變小，Ep變大DP變大，Ep變小3、下列說法中，正確的是：（ ）A由可知，電場中某點的電場強度E與q成反比B由可知，某段導體的電阻R和電壓U成正比C由可知，磁場中某點的磁場強度B與F成正比D由可知，電容器的電

3、容C的大小與電容器兩極板間的電勢差U無關4、如圖所示三條長直導線，都通有垂直于紙面向里的電流，且I1 = I2 = I3 則距三導線距離都相等的A點的磁感應強度的方向為A方向向上B方向向下C方向向左D方向向右5、如圖所示，通有向右電流的直導線置于勻強磁場中，導線與磁場平行，則該導線（ ）A不受安培力B受安培力，方向向右C受安培力，方向垂直紙面向里D受安培力，方向垂直紙面向外6、關于電場強度和電勢，下列說法正確的是()A由公式E=F/q可知E與F成正比，與q成反比B由公式U=Ed可知，在勻強電場中，E為恒值，任意兩點間的電勢差與這兩點間的距離成正比C電場強度為零處，電勢不一定為零D無論是正電荷還

4、是負電荷，當它在電場中移動時，若電場力做功，它一定是從電勢高處移到電勢低處，并且它的電勢能一定減少二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、目前，世界上正在研究一種新型發電機叫磁流體發電機，如圖表示它的原理：將一束等離子體噴射入磁場，在磁場中有兩塊金屬板A、B，這時金屬板上就會聚集電荷，產生電壓，以下說法不正確的是() AB板帶正電BA板帶正電C其他條件不變，只增大射入速度，UAB增大D其他條件不變，只增大磁感應強度，UAB增大8、如圖所示，紙面內有一勻強電場，帶正電的小球

5、（重力不計）在恒力F的作用下沿圖中虛線由A勻速運動至B，已知力F和AB間夾角為，AB間距離為d，小球帶電量為q，則下列結論正確的是A電場強度的大小為BAB兩點的電勢差為C帶電小球由A運動至B過程中電勢能增加了D帶電小球若由B勻速運動至A，則恒力F必須反向9、如圖所示，絕緣的輕質彈簧豎直立于水平地面上，上面放一質量為m的帶正電小球（小球與彈簧不拴接），整個系統處在方向豎直向上的勻強電場中。開始時，整個系統處于靜止狀態，現施加一外力F，將小球向下壓至某一位置，然后撤去外力，使小球從靜止開始向上運動。設小球從靜止開始向上運動到離開彈簧的過程中，電場力對小球所做的功為W1，小球克服重力所做的功為W2，

6、小球離開彈簧時的速度為v。不計空氣阻力，則在上述過程中（）A小球與彈簧組成的系統機械能守恒B小球的重力勢能增加了W2C小球的電勢能減少了W1D小球的機械能增加了10、如圖，兩條光滑平行金屬導軌固定，所在平面與水平面夾角為，導軌電阻忽略不計虛線ab、cd均與導軌垂直，在ab與cd之間的區域存在垂直于導軌所在平面的勻強磁場將兩根相同的導體棒PQ、MN先后自導軌上同一位置由靜止釋放，兩者始終與導軌垂直且接觸良好已知PQ進入磁場開始計時，到MN離開磁場區域為止，流過PQ的電流隨時間變化的圖像可能正確的是ABCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11

7、（6分）用如圖甲所示的電路測量一節蓄電池的電動勢和內電阻蓄電池的電 動勢約為2V，內電阻很小除蓄電池、開關、導線外可供使用的實驗器材還有：A、電壓表 （量程3V）；B、定值電阻R0（阻值4，額定功率4W）C、電流表 （量程3A）D、電流表 （量程0.6A）；E、滑動變阻器R（阻值范圍020，額定電流1A）（1）電壓表應選_；電流表應選_（填器材前的字母代號）（2）根據實驗數據作出UI圖像（如圖乙所示），則蓄電池的電動勢E_ V，內阻= _；（均保留三位有效數字）12（12分）為了描繪標有“3V，14W”的小燈泡的伏安特性曲線，要求燈炮電壓能從零開始變化所給器材如下：A電流表（1211mA，內阻

8、15） B電流表（116A，內阻111）C電壓表（13V，內阻5k） D電壓表（115V，內阻51k）E滑動變阻器（111，15A） F電源（3V） G電鍵一個，導線若干（1）為了完成上述實驗，實驗中應選擇的儀器是_（2）在卷的虛線框中畫出完成此實驗的原理圖_（3）此實線描繪出的IU圖線是_（填“曲線”“直線”），其原因是_（4）該同學描繪出的I-U圖象和下圖中的_形狀最接近.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）電源的電動勢為4.5V、外電阻為4.0時，路端電壓為4.0V.求：(1)電源的內阻是多少?(2)

9、如果在外電路再并聯一個6.0的電阻，路端電壓是多大?14（16分）一質量為m、電荷量為+q的小球，從O點以和水平方向成角的初速度v0拋出，當達到最高點A時，恰進入一勻強電場中，如圖，經過一段時間后，小球從A點沿水平直線運動到與A相距為S的A點后又折返回到A點，緊接著沿原來斜上拋運動的軌跡逆方向運動又落回原拋出點（用m、q、v0、S表示）求：（1）該勻強電場的場強E的大小和方向；（在圖中標明E的方向）（2）從O點拋出又落回O點所需的時間15（12分）如圖所示，直角坐標系xOy位于豎直平面內，在x軸下方存在勻強磁場和勻強電場，磁場的磁感應強度大小為B，方向垂直xOy平面向里，電場線平行于y軸。一質

10、量為m、帶電量為 +q的小球，從y軸上的A點水平向右拋出，經x軸上M點進入電磁場，恰能做勻速圓周運動，從x軸上的N點第一次離開電磁場，MN之間的距離為L，小球過M 點時的速度方向與x軸正方向夾角為。不計空氣阻力，重力加速度為g，求：（1）電場強度E的大小和方向；（2）小球從A點拋出時初速度v0的大小；（3）現使x軸下方的勻強磁場消失，x軸下方只有平行于y軸的勻強電場，當電場強度調整為多大時能使小球也經過N點。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】ABB為放入電場中的導體，最后會達到靜電平衡狀態，且達到靜電平

11、衡狀態的導體為等勢體，又因為場源電荷為正電荷，選取無窮遠處為零電勢，所以，因此A錯誤B正確CDM、N兩點是達到靜電平衡狀態下的導體上的兩點，所以外電場和感應電荷在這兩點產生的電場之和為0，所以M、N兩點電場強度大小關系為，又因為M點離場源電荷近，所以感應電荷在M、N兩點產生的電場強度，因此CD都錯誤2、C【解析】將兩板水平錯開一段距離，兩板正對面積減小，根據電容的決定式可知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U增大，板間場強可見E增大；P點到下板距離不變，由公式U=Ed得知，P點與下板電勢差增大，故P點的電勢P變小；由于電場線向上，P點的電勢低于下極板的電勢，則P點的電勢P降

12、低，負電荷在P點的電勢能EP變大，故選C。3、D【解析】電場中某點的電場強度E是由電場本身決定的物理量，與試探電荷的電量無關，選項A錯誤；某段導體的電阻R是由導體本身決定的，和電壓U無關，選項B錯誤；磁場中某點的磁場強度B是由磁場本身決定的，與所受的磁場力F無關，選項C錯誤；電容器的電容C的大小是由電容器本身決定的物理量，與電容器兩極板間的電勢差U無關，選項D正確；故選D.4、A【解析】由安培定則確定出磁感線方向，再利用矢量合成法則求得A的合矢量的方向【詳解】由安培定則知電流I1和I2，在A點的磁感線方向相反，距離又相等，所以合場強為零，I3在A點的電場線方向豎直向上，故A點的磁感線方向向上。

13、故選A。5、A【解析】試題分析：根據安培力產生的條件，通電導線與磁場平行不受安培力，即可求解解：由題意可知，因通電導線與磁場平行，所以不受到安培力的作用，故A正確，BCD錯誤；故選：A【點評】考查安培力的產生條件，理解通電導線與磁場平行不受磁場力，而當兩者垂直時，安培力最大6、C【解析】A電場中某點的場強與試探電荷的電量與其所受的電場力無關，選項A錯誤；B由公式UEd可知，在勻強電場中，任意兩點間的電勢差與這兩點沿電場線方向間的距離成正比，選項B錯誤；C電場強度為零處，電勢不一定為零，例如等量同種電荷連線的中點處的場強為零，電勢大于零，選項C正確；D無論是正電荷還是負電荷，當它在電場中移動時，

14、若電場力做正功，它的電勢能一定減少，但是不一定是從電勢高處移到電勢低處，選項D錯誤故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】試題分析：根據左手定則，等離子體射入時，正離子向下板偏轉，負離子向上偏轉，故B板帶正電，A板帶負電，選項A正確，B錯誤；隨著正負離子的不斷積聚，在AB板之間產生附加電場，當粒子受電場力等于洛倫茲力時達到平衡，此時UABdq=qvB，解得：UAB=Bdv，故其他條件不變，只增大射入速度和增大磁感應強度UAB都會變大，故選項CD正確；

15、故選ACD.考點：帶電粒子在磁場中的運動【名師點睛】此題考查的實際上是霍爾效應；解題時根據左手定則判斷洛倫茲力的方向，即可判斷電荷的偏轉方向，考查對磁流體發電機的理解能力此題還可以等效成流體切割磁感線，由E=Bvd求得發電機的電動勢.8、BC【解析】由題，小球的重力不計，只受到電場力與恒力F而做勻速直線運動，則有，qE=F，則得場強故A錯誤A、B兩點的電勢差為UAB=Edcos=故B正確帶電小球由A運動至B過程中恒力做功為W=Fdcos，根據功能關系可知，電勢能增加了Fdcos故C正確小球所受的電場力恒定不變，若帶電小球由B向A做勻速直線運動時，恒力F大小、方向不變故D錯誤故選BC點睛：本題要

16、根據小球的運動狀態分析受力情況、確定外力做功、判斷電勢能變化，要注意明確物體做勻速運動時，恒力F與電場力一定等大反向9、BC【解析】A由于電場力做功，所以小球和彈簧組成的系統機械能不守恒，A錯誤；B重力做功為且為負功，則重力勢能應增加，B正確；C電場力做正功，所以電勢能減小為，C正確；D小球增加的機械能應該為電場力對小球做的功，所以機械能增加，D錯誤。故選BC。10、AD【解析】根據圖像可知，設PQ進入磁場勻速運動的速度為v，勻強磁場的磁感應強度為B，導軌寬度為L，兩根導體棒的總電阻為R；根據法拉第電磁感應定律和閉合電路的歐姆定律可得PQ進入磁場時電流保持不變，根據右手定則可知電流方向QP；如

17、果PQ離開磁場時MN還沒有進入磁場，此時電流為零；當MN進入磁場時也是勻速運動，通過PQ的感應電流大小不變，方向相反；如果PQ沒有離開磁場時MN已經進入磁場，此時電流為零，當PQ離開磁場時MN的速度大于v，安培力大于重力沿斜面向下的分力，電流逐漸減小，通過PQ的感應電流方向相反；A.圖像與分析相符，故A正確。B.圖像與分析不符，故B錯誤。C.圖像與分析不符，故C錯誤。D.圖像與分析相符，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A D 2.10 0.20 【解析】（1）電動勢為2V，因此電壓表選擇量程為3V的比較合適，故電壓表選擇A

18、，電路中的電流，因此電流表選擇D（2）根據閉合電路歐姆定律E=U+Ir，可得：U=E-Ir，由此可知當I=0時的縱軸截距大小等于電源的電動勢大小，由此可知，E=2.10V；圖象的斜率大小等于電源的內阻和定值電阻R0之和：，所以電源的內阻為： 12、（1）ACEFG； （2）電路圖如圖所示；（3）曲線；燈絲電阻阻值隨溫度變化【解析】（1）先選擇必需的儀器，即電源和開關導線等；燈泡的額定電壓為3V，所以電壓表的量程選擇3V的C誤差較小；額定電流I=PU=0.430.133A，所以電流表的量程選擇211mA的A；燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，使用選擇電阻值比較小的滑動變阻器E；故

19、選擇的儀器有：ACEFG；（2）燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡正常工作時的電阻為：R=U2P=320.4=22.5，遠小于電壓表的內阻，屬于小電阻，電流表采用外接法電路圖和實物連線圖如圖所示（3）由于溫度升高，電阻變化，所以描繪出的I-U圖線是曲線（4）I-U線斜率的倒數表示電阻，可知隨電壓的增加，電阻變大，則圖B形狀最接近.【點睛】本題考查測量伏安特性曲線的實驗；解決本題的關鍵掌握器材選擇的原則，以及知道滑動變阻器分壓式接法和限流式接法的區別，電流表內外接的區別同時明確燈泡伏安特性曲線的性質四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) 【解析】由閉合電路歐姆定律求出電源內阻，然后由閉合電路歐姆定律、部分電路歐姆定律求出路端電壓（1）外電阻4.0時，由歐姆定律得： ，解得r=0.5（2）在外電路并聯一個6.0的電阻時，路端電壓為14、（1），=arctan方向斜向上（2）【解析】試題分析：（1）斜上拋至最高點A時為的速度：vA=v0cos 方向水平向右由于AA段沿水平方向直線運動，帶電小球從A運動到A過程中作勻減速運動，有：（v0