1、初三物理電功率的技巧及練習題及練習題（含答案）及解析一、電功率選擇題1 .如圖所示，滑動變阻器的滑片P處于中間位置，閉合開關S,兩個燈泡均能發光（假設燈絲電阻不變），此時，將滑動變阻器的滑片P向右移動，則（）A.Li和L2都變亮B.L變暗，L變亮C.L變亮，L2變暗D.L和L2都變暗【答案】B【解析】【解答】解：由電路圖可知，燈泡L2與滑動變阻器R并聯后再與燈泡Li串聯，將滑動變阻器的滑片P向右移動，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，并聯部分的電阻變大，電路的總電阻變大，b由I=A可知，干路中的電流變小，由U=IR可知，Li兩端的電壓變小，因燈泡的亮暗取決于實際功率的大小，所以，由P=UI可知，

2、燈泡Li的實際功率變小，Li的亮度變暗，故AC錯誤；因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，并聯部分的電壓變大，因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，所以，燈泡L2兩端的電壓變大，債由P=月可知，L2的實際功率變大，亮度變亮，故B正確、D錯誤.故選B.【分析】由電路圖可知，燈泡L2與滑動變阻器R并聯后再與燈泡Li串聯，根據滑片的移動可知接入電路中電阻的變化和并聯部分電阻的變化以及總電阻的變化，根據歐姆定律可知電路中電流的變化和Li兩端的電壓變化，根據P=UI可知Li實際功率的變化，進一步判斷其亮暗的變化；根據串聯電路的電壓特點可知并聯部分電壓的變化，根據并聯電路的電壓特點和P=UI="

3、可知L2實際功率的變化，進一步判斷其亮暗的變化.2.如圖是探究電流通過導體時產生熱的多少跟什么因素有關”的實驗裝置.通電前，A、B兩個U型管內的液面相平，通電一定時間后，通過Ri、R2的電流分別為Ii、I2,則（）4UA.|1=|2,A管中的液面較低B1=|2,A管中的液面較高C.li>l2,A管中的液面較低IIDii>I2,A管中的液面較高【答案】D【解析】【解答】解：由圖可知，右側兩電阻絲并聯后與左側電阻絲串聯，并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，所以Ii>l2,故AB錯誤；由Q=I2Rt可知，通電時間相同時，Ii>l2,Ri=R2=5Q,所以左側電阻產生的熱量較

4、多，密閉空氣吸收熱量后，體積不變，壓強變大，左側容器內氣體的壓強與大氣壓的差值較大，A測玻璃管液面較高.故選D.【分析】由電路圖分析電阻絲的連接方式，根據串并聯電路的電流特點可知通過它們的電流關系，根據Q=FRt比較兩電阻產生的熱量關系，密閉空氣吸收熱量后，壓強變大，U形管內兩液面的差值變大，據此進行解答.3.如圖所示，電源電壓保持12V不變，小燈泡L上標有“6V3W字樣，滑動變阻器最大電阻值R=48Q,閉合開關，若不考慮燈絲電阻隨溫度的變化，下列說法正確的是（）A.要使電壓表的示數增大iV,小燈泡L兩端的電壓就會減小iVB.小燈泡L的最小實際電功率為0.6WC.當滑片P移到變阻器的中點時，小

5、燈泡L正常發光D.當滑片P移到最右端時，通電10s滑動變阻器消耗的電能是i9.2J【答案】D【解析】【解答】由電路圖可知，閉合開關后，滑動變阻器R與燈泡L串聯，電壓表測燈泡L兩端的電壓。（D由電壓表測燈泡L兩端的電壓可知，電壓表的示數增大iV,小燈泡L兩端的電壓就會增大iV,A不符合題意；（2）由P=UI=k可得，燈泡的電阻：此（6Y）-Rl阿那=i2Q,當滑片P移到最右端時，接入電路中的電阻最大，電路中的電流最小，小燈泡的實際功率最小，因串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路中的最小電流：U_12V=0.2A,則小燈泡L的最小實際電功率:尹.亂一河晨:一演Pl小=I2Rl=(0.2A)

6、2X12a0.48W,B不符合題意；通電10s滑動變阻器消耗的電能：Wr=I2Rt=(0.2A)2X48QXDS9.2J,D符合題意；(3)當滑片P移到變阻器的中點時，電12V路中的電流：I=一2思A,此時燈泡的實際功率:C不符合題Pl.=(I)2Rl=(3A)2X121.33V3W,所以，此時燈泡不能正常發光,故答案為：Do【分析】閉合開關后，滑動變阻器R與燈泡L串聯，電壓表測燈泡L兩端的電壓.(1)電壓表示數的變化和燈泡兩端的電壓變化相同；(2)根據P=UI=7求出燈泡的電阻，當滑片P移到最右端時，接入電路中的電阻最大，電路中的電流最小，小燈泡的實際功率最小，根據電阻的串聯和歐姆定律求出電

7、路中的最小電流，利用P=I2R求出小燈泡L的最小實際電功率，再利用W=UIt=I2Rt求出通電10s滑動變阻器消耗的電能；(3)當滑片P移到變阻器的中點時，根據電阻的串聯和歐姆定律求出電路中的電流，利用P=I2R求出小燈泡L的實際功率，然后與燈泡的額定功率相比較確定是否正常發光S,滑動變阻器滑片向左移動時，下列4 .如圖所示電路中，電源電壓保持不變，閉合開關判斷正確的是()*RD.電流表A.電路總功率變小”B.電壓表示數變大C.電壓表與電流表示數的比值不變示數變大【答案】A【解析】【解答】解：由電路圖可知，定值電阻R與滑動變阻器并聯，電壓表測電源兩端的電壓，電流表測干路電流，因電源電壓保持不變

8、，所以，滑片移動時，電壓表的示數不變，B不符合題意；因并聯電路中各支路獨立工作、互不影響，所以，滑片移動時，通過R的電流不變，當滑動變阻器滑片向左移動時，接入電路中的電阻變大，由I=可知，通過滑動變阻器的電流變小，因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，干路電流變小，即電流表A的示數變小，D不符合題意；電壓表的示數不變、電流表A的示數變小，則電壓表與電流表示數的比值變大，C不符合題意；電源電壓保持不變，干路電流變小，由P=UI可知，電路總功率變小，A符合題意。故答案為：A。【分析】結合電路圖，理清元件的連接方式及電表的測量對象，根據并聯電路中各支路獨立工作、互不影響可知滑片移動時通過R的

9、電流變化，根據滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據歐姆定律可知通過變阻器電流的變化，再利用并聯電路的電流特點可知干路電流的變化，進一步得出電壓表與電流表示數的比值變化，根據P=UI可知電路總功率的變化.5 .如圖所示的電路中，電源電壓恒為3V,燈泡L的電阻為10且保持不變。閉合開關S后，滑片P由b端向a端滑動的過程中，下列判斷正確的是（）A.燈泡L亮度變暗電壓表示數變大，電流表示數變小C.電壓表與電流表示數的比值變小lD.燈泡L的最大功率為0.9W【答案】D【解析】【解答】AB、由圖知，燈泡與變阻器串聯，電壓表測燈泡的電壓，電流表測電路的電流；滑片P由b端向a端滑動的過程中，變阻器連入電路

10、的電阻變小，根據電阻的串聯，總電阻變小，由歐姆定律可知，電路中的電流變大，即電流表示數變大，B不符合題意；根據戶-可知，燈泡的實際功率變大，燈泡變亮，A不符合題意；C、由歐姆定律可知，電壓表與電流表示數的比值等于燈泡的電阻（且燈泡電阻不變），則該比值不變，C不符合題意；D、當變阻器連入電路中的電阻為0時，燈泡的電壓最大（等于電源電壓3V）,燈泡L的最大功率:故答案為：Do臚（3V）2D符合題意。【分析】根據電路是串聯電路，當滑動變阻器的阻值減小時，電路中的電流變大，燈泡的功率變大，利用電源電壓和燈泡的電阻計算燈泡的電功率的大小6.下列表述正確的是（A.電視機正常工作電流約為1.57AXX牌HU

11、米彩色電視機型號:TC2975GF電源：T毋立220V額定功率J140WD.磁極間在不接觸時無法發生相互作用【答案】C【解析】【解答】A.電視機正常工作電流:故A錯誤;B.電水壺的電阻為:rf5的a=二槍aqP1000C.兩個帶有正電荷的小球之間的距離明顯增大,D.磁極間在不接觸時能夠發生相互作用，故故選C。說明同種電荷相互排斥，故D錯誤。C正確;【分析】（1）已知額定功率和額定電壓根據,一；»公（計算正常工作電流;(2)(3)(4)已知額定功率和額定電壓根據同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引；磁體之間的磁力不需要相互接觸就能發生力的作用。7.如圖所示電路中，電源電壓不變，只閉合開關

12、»,電流表的示數為雨,電流表示數變化了亂力,比是則同時閉合X、刈后，相同時間內心、此:消耗的電能之C.7:3D.4:7【答案】A&,則是只有Ri的簡單電路，電流表測的是【解析】【解答】由電路圖知道，若只閉合Ri的電流，此時Ii=0.3A;當再閉合S2時，Ri、R2并聯，電流表測干路中的電流，由于并聯電路中各電阻互不影響，所以通過Ri的電流仍然是Ii=0.3A,由于電流表示數變化了0.4A,則說明通過R2的電流是l2=0.4A,又因為并聯電路各支路兩端的電壓相等，即Ui=U2,由W=UIt知道，在相同時間內Ri、R2消耗的電能之比是：股l/ilitQ.3A3拓一詬-故答案為：A

13、o【分析】結合電路圖，理清開關通斷時電路的連接方式及電表的測量對象，利用并聯電路的電壓關系、電功的計算公式求解即可.R0為定值電阻，移動滑動P隨電流表示數I變化的關系圖8 .圖示電路中，電源為恒流源，能始終提供大小恒定的電流，變阻器R的滑片，則下列表示電壓表示數U、電路總功率線中，可能正確的是（【解析】【解答】解：由圖R0與R并聯，電壓表測電源電壓，電流表測R支路的電流.若電源提供的電流恒定為I總，AB、根據并聯電路特點可知：U=U0=l0R0=（I總I）R0=IRo+I總R0,其中I總、R為定值，由U=-R0I+I總R0,可知U與I的圖象為一次函數，且-RV0,故AB錯誤；CD、由電功率的計

14、算公式：電路消耗總功率：P=UL=（I總-I）R0XfekI總R0I+I總2R0,其中I總、Rq為定值，由P=-I總R0I+I總2R0,可知P與I的圖象為一次函數，-I總R0V0,且I不能為0,P不會為0,故C正確，D錯誤.故選C.【分析】由圖Ro與R并聯，電壓表測電源電壓，電流表測R支路的電流.電源提供電流一定，根據并聯電路特點分別表示出U與I和P與I的表達式，分析判斷即可9 .下列估測值最接近生活實際的是（）A.人騎自行車的平均速度約為0.5m/sB.中學生的質量約為200kgC.初中物理課本的寬度約為18cmD.日光燈正常工作的電功率約為1000W【答案】C【解析】【解答】解：A、人步行

15、的速度在1.1m/s左右，騎自行車的速度在5m/s左右，A不符合實際；B、中學生的質量在50kg左右，B不符合實際；C、初中物理課本的寬度約為18cm,C符合實際；D、日光燈正常工作的電功率在40W左右，D不符合實際。故答案為：Co【分析】利用物理概念、規律、物理常數和常識對物理量的數值、數量級進行快速計算以及對取值范圍合理估測的方法，叫估測法，不同物理量的估算，有的需要憑借生活經驗，有的需要簡單的計算，有的要進行單位的換算.10.下列估測最接近實際的是（）A.一個雞蛋的質量約為200gB.人感覺舒適的環境溫度約為23CC.一位普通中學生的手掌寬度約為25cmuD.家用電視機的功率約為1500

16、W【答案】B【解析】【解答】解：A、一個雞蛋的質量約為50g；B、人感覺舒適的環境溫度為20-26C；C、一位中學生的手掌寬度約為10cm；D、家用電視機的功率約為200W.故選B【分析】做這種題目，要對一些常見的物理量要有一定的估測能力，根據生活常識去判斷題目的對錯.11 .下列用電器工作時，將電能全部轉化為內能的是()A.電風扇B.電水壺iC.電視機“D.手機【答案】B【解析】【解答】解：A、電風扇工作時，電能轉化為機械能和內能，A不符合題意；B、電水壺工作時，把電能全部轉化為內能，B符合題意；C、電視機工作時，電能主要轉化為聲能、光能和內能，C不符合題意；D、手機工作時，電能轉化為光能和

17、內能，D不符合題意。故答案為：Bo【分析】做功總是伴隨著能量的轉化，電功也不例外。用電器消耗了電能，獲得了其它形式的能量，就是一個電流做功的過程。12 .如圖所示，電源電壓保持18V不變，小燈泡L上標有“6V3W字樣，滑動變阻器最大電阻值R=60Q.為保證各器件安全，不考慮燈絲電阻隨溫度的變化，下列說法正確的是()A.S斷開時電壓表示數為0VB.S閉合后，電壓表最大示數為15VC.小燈泡L正常發光時，變阻器R消耗的電功率為6WD.S閉合后，小燈泡L的最小實際電功率為0.5W【答案】C【解析】【解答】解：(1)S斷開時，電壓表測電源的電壓，則電壓表的示數為18V,故A錯誤;(2)S閉合后，燈泡L

18、與滑動變阻器R串聯，電壓表測燈泡兩端的電壓,Uv=Ul=6V,故B錯誤;為保證各器件安全，電壓表的最大示數求由p=/可得，燈泡的電阻：因串聯電路中各處的電流相等,所以，燈泡正常發光時電路中的電流：值6V1=八'=/j'0=0.5A,因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，變阻器兩端的電壓：UffU-Ul=18V-6V=12V,變阻器R消耗的電功率：PffUrIf12VX0.5Af6W故C正確；(3)當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時燈泡L的功率最小，因為串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，此時電路中的電流：1=故+皿二口f仍仃F0.25A,燈泡的最小電功率：Pl=|2Rl

19、f(0.25a)2X12Qf0.75碰D錯誤.故選C.【分析】(1)S斷開時，電壓表測電源的電壓，根據電源的電壓可知電壓表的示數.(2)S閉合后，燈泡L與滑動變阻器R串聯，電壓表測燈泡兩端的電壓，為保證各器件安團全，電壓表的最大示數和燈泡的額定電壓相等，此時燈泡正常發光，根據P=/求出燈泡的電阻，根據歐姆定律求出電路中的電流，利用串聯電路的電壓特點求出滑動變阻器兩端的電壓，再利用PfUI求出變阻器R消耗的電功率；(3)當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時燈泡L的功率最小，利用電阻的串聯和歐姆定律求出電路中的電流，最后利用P=Fr求出燈泡的最小電功率.13 .用石墨烯制成的濕敏電阻，其阻值會隨含水

20、量的升高而增大。圖5是檢測植物葉片含水量的電路，電源電壓不變。將濕敏電阻R附著在葉片上，當葉片含水量升高時()a.電流表示數增大出.電壓表示數減小C.電路總電阻減小，D.電路總功率增大【解析】【解答】由圖5知，電路是由濕敏電阻R和定值電阻&串聯構成的，電壓表測F0兩端的電壓，當葉片含水量升高時，濕敏電阻的阻值增大，根據R總fFo+F得電路總電阻增大，又由7且U不變，得電路中電流減小，即電流表的示數減小；由U=IRo得R0兩端廬pI的電壓減小，即電壓表的示數減小；而由吊？知電路總功率減小。故答案為：Bo【分析】結合題意，理清元件的連接方式及電表的測量對象，將濕敏電阻R附著在葉片上，根據濕

21、敏電阻的阻值會隨含水量的升高而增大”可知濕敏電阻的阻值變化，根據電阻的串聯可知電路中總電阻的變化，根據歐姆定律可知電路中電流的變化和Ro兩端的電壓變化，利用P=UI判斷電路總功率的變化情況.14 .如圖所示電路，電源電壓恒定，R為光敏電阻，其阻值隨著光照的增強而減小，閥為定值電阻，當光照減弱時A.V與比示數的比值減小B.V與土示數的比值不變C.思與力.'示數之差變大hD.電路消耗的總功率減小【答案】D【解析】【解答】A、由歐姆定律可知，V與用示數的比值為光敏電阻R的阻值，因R的阻值變大，則該比值變大，A不符合題意；B、電壓表示數不變，比示數變小，則V與比示數的比值變大，B不符合題意；C

22、、由并聯電路的特點可知，叫與二示數之差為通過佗的電流，保持不變，C不符合題意；D、電源電壓不變，總電流變小，根據尸=£了可知，總功率減小，D符合題意。故答案為：Do【分析】光敏電阻R與定值電阻Ro并聯，電壓表測量的是R兩端的電壓（即電源的電壓），保持不變；電流表Ai測量的是通過R的電流，電流表A2測量的是干路中的電流；已知光敏電阻R的阻值隨著光照的增強而減小，則當光照減弱時，R的阻值變大，根據歐姆定律可知，通過R的電流變小，即電流表Ai示數變小；通過Ro的電流不變，而通過R的電流變小，所以干路中的電流變小，即電流表A2示數變小，根據P=UI可知，總功率減小.15 .如圖甲所示，已知電

23、流表的量程為00.6A,電壓表的量程為015V,滑動變阻器R2的規格為“20Q0.5A”。閉合開關S后，調節滑動變阻器的滑片P,得到電流表與電壓表的示數關系如圖乙所示。在保證電路安全的前提下，下列說法中正確的是（）A.電源電壓為9VB.R的阻值為20QC.滑動變阻器的取值范圍是220arD.電路總功率的變化范圍是2W3W【答案】C【解析】【解答】結合電路圖和乙圖可得：F&琰X兄，0二3-Q3A*短；解得：昭二,電源電壓為：U=興+口JAXIOA=6V,AB不符合題意；已知電流表的量程為00.6A,滑動變阻器R2的規格為“20卬.5A'；因為串聯時電流相等，U6VR./二1？口故

24、電路最大電流為0.5A,此時電路總電阻為：“注品一"，則滑動變阻器最小電阻為：厄二心另外3鑿；當滑動變阻器阻值變大時，分得電壓增大，但電源電壓為6V,小于電壓表的量程，故滑動變阻器阻值可以調整到最大，即20Q,則滑動變阻器接入電路的取值范圍是2Q-20Q;U6V工小,.-62A最小電流為：的*力大川口卜期二,電路最小功率為：月小二支小=6Yx=LN.電路最大功率為：儼=以丈6VXa飆期。故答案為：Co【分析】利用歐姆定律U=IR求出電源電壓和電阻Ri的值，根據變阻器銘牌和電表的量程，求出變阻器接入電路的阻值范圍，由P=UI求電路的總功率.16 .如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，閉

25、合開關S,當滑動變阻器的滑片P向右移動時，電路中保持不變的是（）卜|iIA.用電器消耗的總功率B.電壓表V的示數與電流表A的示數的比值C.電流表A的示數與電流表Ai的示數的差值D.電壓表V的示數與電流表Ai的示數的乘積【答案】D【解析】【解答】由電路圖知道，Ri與心并聯，電流表Ai測R的電流，電流表A測并聯電路的總電流，電壓表測電源電壓，所以無論滑片如何移動，電壓表的示數不變；當滑動變阻器的滑片P向右移動時，變阻器連入電路中的電阻變大，由P=U2/R知道，用電器消耗的總功率變小，A不符合題意；由圖知道，電壓表V的示數與電流表A的示數的比值等于電路的總電阻，由于滑動變阻器的滑片P向右移動而使總電

26、阻變大，所以該比值變大，B不符合題意；因為并聯電路中各支路互不影響，所以當滑動變阻器的滑片P向右移動時，通過Ri的電流不變，即電流表Ai示數不變，但變阻器由于連入電路中的電阻變大，而使通過變阻器的電流變小，由于電流表A的示數與電流表Ai的示數的差值等于通過變阻器的電流，所以，該差值會變小，C不符合題意；又因為電壓表示數不變、電流表Ai示數不變，所以電壓表V的示數與電流表Ai的示數的乘積不變，D符合題意，故答案為：Do【分析】結合電路圖判斷電阻的連接方式及電表的測量對象，通過滑動變阻器的滑片P向右移動時變阻器連入電路中的電阻變化，結合歐姆定律、并聯電路的規律、電功率公式進行分析即可.17 .如圖

27、所示的物理現象涉及的物理知識正確的是（）A.電風扇工作時主要將電能轉化為機械能B.家庭電路中的電能表是測量電流做功快慢的C.法拉第根據圖示電磁感應的原理制成了電動機D.測電筆按圖示的方法使用可以辨別家庭電路中的火線與零線【答案】A【解析】【解答】解：A、電風扇工作時，消耗了電能，得到了機械能，因此將電能轉化為了機械能；故A正確；B、電能表是測量家庭電路消耗電能多少的儀表；故B錯誤；C、法拉第根據圖示電磁感應的原理制成了發電機；故C錯誤；D、使用測電筆時，手必須接觸筆尾金屬體，筆尖接觸導線，速管發光，導線是火線；速管不發光的是零線，故D錯誤.故選A.【分析】（1）用電器工作的實質是將電能轉化為其

28、它形式的能；（2）電能表是測量電能的儀表；（3）發電機的原理是電磁感應；（4）測電筆的正確使用方法：手接觸筆尾金屬體，筆尖接觸導線，速管發光，導線是火線；窗管不發光的是零線.本題綜合考查了用電器工作的實質、電能表的作用、發電機的原理以及測電筆的使用方法等，屬于基礎知識考查范圍.18 .如圖所示，電源電壓為6V,定值電阻R=30Q,滑動變阻器的的規格為“30CA”，電流表的量程為“A0.6A"，小燈泡上標有“3V1W字樣。不考慮燈絲電阻變化，在保證電路安全的前提下，則（）11S;rI（""01A.SS都閉合，S2斷開，向左調節R0的滑片，燈泡會變暗.B.S閉合，S、

29、S2都斷開，調節R0,燈泡功率變化范圍是0.451WC.SS1、S2都閉合，電路消耗的總功率最小值為1.2WID.SS1、S2都閉合，當電路消耗的總功率最大時，R0接入電路的阻值是15a【答案】D【解析】【解答】解：A、由圖可知，S&都閉合，S2斷開時，R0與R并聯再與燈泡串聯，當向左調節。的滑片其接入電路的電阻變小，所以并聯部分電阻的變大，由串聯電路的分壓原理可知，并聯部分分得電壓變大，則燈泡分得電壓變小，由P=*可知，燈泡的電功率變小，所以燈泡會變暗，A符合題意;B、由圖可知，S閉合，S1、S2都斷開，滑動變阻器氐與L串聯,由P=/可得燈泡電阻：Rl=面=4=9Q,慳3VI由P=U

30、I可得燈泡正常發光時的電流：Il=肛=9Q=3A,由串聯電路特點和歐姆定律可知當變阻器連入阻值最大時，電路中電流最小,.6V2此時電流表和燈泡都安全,X90.21W最小電流I最小=枕*網=9QI30A=1cA,2則燈泡的最小功率：P最小=1最小2R=（JJA）2故燈泡的功率變化范圍是0.21W1W,B不符合題意;CD、由圖可知，當SS、金都閉合時，R0與滑動變阻器并聯,當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中消耗的總功率最小,電路消耗的總功率最小值：P小=2.4W,C不符合題意;當電流表的示數I'=0.6A大時，電路消耗的總功率最大,L6V通過R的電流：I產A=%翼=0.2A,因并聯

31、電路中干路電流等于各支路電流之和,所以，通過滑動變阻器的最大電流：I滑=I-Io=0.6A-0.2A=0.4A,jA|那滑動變阻器接入電路中的電阻：R滑'與|=1a=15Q,D符合題意。故答案為：Do【分析】SS都閉合，S2斷開，R0與R并聯再與燈泡串聯，判斷向左調節R0的滑片其接入電路的電阻變化，從而可知并聯部分電阻的變化，再根據串聯電路的分壓原理和電功率公式分析燈泡功率的變化，從而可知其亮度的變化；S閉合，Si、8都斷開時，燈泡L與滑動變阻器串聯，電流表測電路中的電流，根據P=PR分析燈泡的功率變化范圍；SS、S2都閉合時，R0與滑動變阻器并聯，當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，

32、電路中消耗的總功率最小，根據并聯電路的電壓特點和P=同求出電路消耗的總功率最小值；當電流表的示數最大時電路消耗的總功率最大，根據并聯電路的電流特點求出通過R的電流，根據并聯電路的電流特點求出通過滑動變阻器的最大電流，再根據歐姆定律求出滑動變阻器接入電路中的電阻19.如圖所示的電路中，電源兩端電壓U保持不變，小燈泡上標有“12V6W,定值電阻為Ri,滑動變阻器的最大阻值為股，忽略溫度對電阻的影響，閉合開關S,將滑動變阻器的滑片移至最右端時，電壓表的示數為Ui,滑動變阻器的滑片移至最左端時，電壓表的示數為左、右兩端時電路消耗的總功率的變化量為AP,小燈泡的實際功率為其額定功率的1/4;將U2,小燈泡正常發光，滑片在變阻器若5：U2=3:2。則下列結果正確的是A.Ri=48QB.i=24VC.U=36VD.P=6W【解析】【解答】閉合開關S,將滑動變阻器的滑片移至最右端（即阻值最大處）時，等效電路圖如圖1所示：閉合開關S,將滑動變阻器的滑片移至最左端（即其連入電路