1、陜西省西安市第九十一中學2019年高三物理模擬試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. （單選）如圖所示，固定在水平地面上的光滑斜面頂端有一輕彈簧，其上端固定，一質量為m的小球向右滑行并沖上斜面。設小球在斜面最低點a的速度為v，將彈簧壓縮至最短時小球位于c點，c點距地面高度為h，不計小球與彈簧碰撞過程中的能量損失，則小球在c點時彈簧的彈性勢能為a. m g h一b. m g hc. 一   mgh          d. mgh參考答案：c2.

2、2009年2月11日，美國和俄羅斯的兩顆衛(wèi)星在西伯利亞上空相撞，這是有史以來首次衛(wèi)星碰撞事件，碰撞點比相對地球靜止的國際空間站高434km。則a在碰撞點高度運行的衛(wèi)星的周期比國際空間站的周期大b在碰撞點高度運行的衛(wèi)星的向心加速度比國際空間站的向心加速度小c在與空間站相同軌道上運行的衛(wèi)星一旦加速，將有可能與空間站相撞d若發(fā)射一顆在碰撞點高度處運行的衛(wèi)星，發(fā)射速度至少為11.2kms參考答案：ab3. 如圖所示，質量均為m的小球a、b用兩根不可伸長的輕繩連接后懸掛于o點，在外力f的作用下，小球a、b處于靜止狀態(tài)若要使兩小球處于靜止狀態(tài)，且懸線oa與豎直方向的夾角保持30°不變，則外力f的

3、大小不可能為（）a0.5mgbmgc2mgd5mg參考答案：a【考點】力的合成【分析】對ab兩球整體受力分析，受重力g，oa繩子的拉力t以及拉力f，其中重力大小和方向都不變，繩子的拉力方向不變大小變，拉力的大小和方向都變，根據(jù)共點力平衡條件，利用平行四邊形定則作圖可以得出拉力的最小值和最大值【解答】解：對ab兩球整體受力分析，受重力g=2mg，oa繩子的拉力t以及拉力f，三力平衡，將繩子的拉力t和拉力f合成，其合力與重力平衡，如圖：當拉力f與繩子的拉力t垂直時，拉力f最小，最小值為fmin=（2m）gsin30°，即mg；由于拉力f的方向具有不確定性，因而從理論上講，拉力f最大值可以

4、取到任意值，故a錯誤，bcd正確本題選擇錯誤的，故選：a4. 如圖所示，電阻不計、面積為0.4m2、匝數(shù)為20的矩形導線框abcd在磁感應強度大小為t的水平勻強磁場中繞垂直于磁場的軸oo勻速轉動，線框中產生的感應電流通過金屬滑環(huán)e、f與原、副線圈匝數(shù)之比為10：1的理想變壓器的原線圈相連。若變壓器的副線圈接入燈泡，測得維持線框勻速轉動輸入的最小機械功率為44w時，燈泡兩端的電壓為22v，則下列判斷正確的是（）a. 線框平面轉到圖示位置時感應電動勢最大b. 線框的角速度為c. 線框中產生的交變電壓的有效值為220vd. 燈泡中通過的電流的有效值為參考答案：bc【詳解】線框平面轉到圖示位置時，磁通

5、量最大，磁通量變化率最小，感應電動勢最小，故a錯誤；根據(jù)題意，原、副線圈匝數(shù)之比為10：1，燈泡兩端的電壓為22v，所以原線圈電壓有效值為220v，最大感應電動勢e=nbs=20××0.4=220v，解得=110rad/s，故bc正確；輸入功率等于輸出功率，所以燈泡中通過的電流的有效值i=a=2a，故d錯誤；故選bc。5. 某同學利用彈簧測力計、小車、砝碼、鉤碼、木塊和帶有定滑輪的長木板等器材探究滑動摩擦力r與正壓力，n之間的關系，實驗裝置如圖所示該同學主要的實驗步驟如下：a將一端帶有定滑輪的長木板放在水平桌面上，在細繩一端掛適量的鉤碼，使其能夠帶動小車向右運動；b多次改變

6、木塊上砝碼的個數(shù)，并記錄多組數(shù)據(jù)；c進行數(shù)據(jù)處理，得出實驗結論請回答下列問題：實驗中應測量木塊和木塊上砝碼的總重力，并記錄                   ；若用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)，以摩擦力ff為橫軸，正壓力fn為縱軸，建立直角坐標系，通過描點，得到一條傾斜的直線，該直線的斜率所表示的物理意義可用文字描述為         

7、        ；通過實驗得出的結論是                                       參考答案：彈簧測力計示數(shù)；動摩擦因

8、數(shù)的倒數(shù)；在誤差允許范圍內，滑動摩擦力與正壓力成正比【考點】探究影響摩擦力的大小的因素【分析】木塊靜止，處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，木塊受到的滑動摩擦力等于測力計的示數(shù)，應用滑動摩擦力公式求出滑動摩擦力的表達式，求出圖象的函數(shù)表達式，然后答題【解答】解：木塊靜止，處于平衡狀態(tài)，木塊受到的滑動摩擦力等于彈簧測力計的示數(shù)，木板與小車間的滑動摩擦力：ff=fn=mg=f，f為測力計示數(shù)，則實驗需要記錄彈簧測力計的示數(shù)滑動摩擦力：ff=fn，fn=ff，則fnff圖象的斜率為：；由實驗可知：在誤差允許范圍內，滑動摩擦力與正壓力成正比故答案為：彈簧測力計示數(shù)；動摩擦因數(shù)的倒數(shù)；在誤差允許范圍內，滑動摩

9、擦力與正壓力成正比二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 如圖所示，足夠長的斜面傾角=37°，一物體以v0=24m/s的初速度從斜面上a點處沿斜面向上運動；加速度大小為a=8m/s2，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則物體沿斜面上滑的最大距離x=9m，物體與斜面間的動摩擦因數(shù)=0.25參考答案：考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系.專題：牛頓運動定律綜合專題分析：（1）根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式求出物體沿斜面上滑的最大距離（2）根據(jù)牛頓第二定律，結合沿斜面方向上產生加速度，垂直斜面方向上合力為零，

10、求出動摩擦因數(shù)的大小解答：解：（1）由運動學公式得：=36m（2）由牛頓第二定律得有：沿斜面方向上：mgsin+f=ma（1）垂直斜面方向上：mgcosn=0（2）又：f=n（3）由（1）（2）（3）得：=0.25                                &

11、#160;               故答案為：9m0.25點評：本題考查了牛頓第二定律和運動學公式的綜合運用，知道加速度是聯(lián)系力學和運動學的橋梁7. 在“探究加速度與物體受力的關系”活動中，某小組設計了如圖所示的實驗。圖中上下兩層水平軌道表面光滑，兩完全相同的小車前端系上細線，細線跨過滑輪并分別掛上裝有不同質量砝碼的盤，兩小車尾部細線水平連到控制裝置上，實驗時通過控制細線使兩小車同時開始運動，然后同時停止。實驗中：（1）應使砝碼和盤的總質量遠小于小車的

12、質量，這時可認為小車受到的合力的大小等于     。（2）若測得小車1、2的位移分別為x1和x2，則小車1、2的加速度之比     。（3）要達到實驗目的，還需測量的物理量是     。參考答案：(1)砝碼和盤的總重  (2分)(2)x1/x2              (2分) (3) 兩組砝碼和盤的總重量（質量）（或盤的質量

13、、兩砝碼和盤的總重量的比值）8. （1）接通打點計時器電源和讓紙帶開始運動，這兩個操作間的順序關系是  （填字母序號）a、先接通電源，后讓紙帶運動b、現(xiàn)讓紙帶運動，再接通電源c、讓紙帶運動的同時接通電源d、現(xiàn)讓紙帶運動或先接通電源都可以（2）在研究某物體運動規(guī)律時，打點計時器打下如圖所示的一條紙帶，已知打點計時器使用的交流電頻率為50hz，相鄰兩計數(shù)點間還有四個打點未畫出，由紙帶上的數(shù)據(jù)可知，打b點時物體的速度v=   ，物體運動的加速度a=   （結果保留兩位有效數(shù)字）參考答案：（1）a；（2）0.16m/s，0.30m/s2【考點】探究小車

14、速度隨時間變化的規(guī)律【分析】理解實驗過程應當先接通電源，在釋放紙帶如果先釋放紙帶后接通電源，有可能會出現(xiàn)小車已經拖動紙帶運動一段距離，電源才被接通，那么紙帶上只有很小的一段能打上點，大部分紙帶沒有打上點，紙帶的利用率太低；紙帶實驗中，若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度和加速度【解答】解：（1）如果先釋放紙帶后接通電源，有可能會出現(xiàn)小車已經拖動紙帶運動一段距離，電源才被接通，那么紙帶上只有很小的一段能打上點，大部分紙帶沒有打上點，紙帶的利用率太低；所以應當先接通電源，后讓紙帶運動，故選：a（2）相鄰兩記數(shù)點間還有四個點未畫出，

15、所以相鄰的計數(shù)點之間的時間間隔為0.1s打e點時物體的速度vb=0.16m/s采用逐差法求解加速度根據(jù)運動學公式得：x=at2，a=0.30m/s2故答案為：（1）a；（2）0.16m/s，0.30m/s29. 實圖是一個多量程多用電表的簡化電路圖，測量電流、電壓和電阻各有兩個量程當轉換開關s旋到位置3時，可用來測量_；當s旋到位置_時，可用來測量電流，其中s旋到位置_時量程較大參考答案：電阻1、2110. 甲、乙是兩顆繞地球作勻速圓周運動的人造衛(wèi)星，其線速度大小之比為，則這兩顆衛(wèi)星的運轉半徑之比為_，運轉周期之比為_。參考答案：；   11. 如圖，質量為m的活塞夾在兩塊

16、光滑的水平隔板間，活塞與輕質傳動桿之間有大小不計的光滑轉軸連接，活塞在水平力作用下緩緩推動傳動桿，傳動桿帶動曲軸繞固定轉軸o轉動。在圖示位置時，水平推力大小為f（f<mg），輕桿與水平方向夾角為(<45°)，曲軸與水平虛線垂直，輕桿與曲軸連接處到轉軸o距離為l，此時傳動桿對曲軸的力矩大小為       ，隔板對活塞的作用力大小為        。參考答案：fl；mg-ftan  12. 某種物質分子間作用力表達式，則該物質固體分子間的

17、平均距離大約為       ；液體表面層的分子間的距離比  （填“大”或“小“）。參考答案：   大分子之間的作用力等于0時，由，所以：，故，液體表面層分子之間表現(xiàn)為引力，故分子間距離大于平衡距離。13. （4分）在與x軸平行的勻強電場中，一帶電量為1.0×108庫侖、質量為2.5×103千克的物體在光滑水平面上沿著x軸作直線運動，其位移與時間的關系是x0.16t0.02t2，式中x以米為單位，t以秒為單位。從開始運動到5秒末物體所經過的路程為    &#

18、160;        米，克服電場力所作的功為             焦耳。參考答案：    答案：0.34，3×104 三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. （7分）如圖所示，一束光從空氣射入玻璃中，mn為空氣與玻璃的分界面試判斷玻璃在圖中哪個區(qū)域內（或）？簡要說明理由并在入射光線和反射光線上標出箭頭。參考答案：當光由空氣射入玻璃中時，根據(jù)折射定律 

19、=n，因n>1，所以i>，即當光由空氣射入玻璃中時，入射角應該大于折射角如圖，在圖中作出法線，比較角度i和的大小，即可得出玻璃介質應在區(qū)域?內箭頭如圖所示（7分）15. （選修3-5模塊）（4分）2008年北京奧運會場館周圍 8090 的路燈將利用太陽能發(fā)電技術來供電，奧運會90的洗浴熱水將采用全玻真空太陽能集熱技術科學研究發(fā)現(xiàn)太陽發(fā)光是由于其內部不斷發(fā)生從氫核到氦核的核聚變反應，即在太陽內部4個氫核（h）轉化成一個氦核（he）和兩個正電子（e）并放出能量.已知質子質量mp = 1.0073u，粒子的質量m = 4.0015u，電子的質量me = 0.0005u1u的質量相當于93

20、1.mev的能量寫出該熱核反應方程；一次這樣的熱核反應過程中釋放出多少mev的能量?（結果保留四位有效數(shù)字）參考答案：       答案： 4h he +2e（2分）m = 4mp m2me = 4×1.0073u4.0015u2×0.0005u = 0.0267 u（2分）e = mc2  = 0.0267 u×931.5mev/u 24.86 mev  （2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16. (12 分)冰球運動員甲的質量為80.0kg。當他以5.0m/s的速

21、度向前運動時，與另一質量為100kg、速度為3.0m/s的迎面而來的運動員乙相撞。碰后甲恰好靜止。假設碰撞時間極短，求：(1 )碰后乙的速度的大小；(2)碰撞中總機械能的損失。參考答案：（1）設運動員甲、乙的質量分別為m、m，碰前速度大小分別為v1、v2，碰后乙的速度大小為v2，由動量守恒定律有：mv1mv2mv2解得：v2v21.0m/s（2）根據(jù)能量守恒定律可知，碰撞中總機械能的損失為：e代入數(shù)據(jù)解得：e1400j17. 如圖所示，傾斜軌道ab的傾角為37°，cd、ef軌道水平，ab與cd通過光滑圓弧管道bc連接，cd右端與豎直光滑圓周軌道相連小球可以從d進入該軌道，沿軌道內側運

22、動，從e滑出該軌道進入ef水平軌道小球由靜止從a點釋放，已知ab長為5r，cd長為r，重力加速度為g，小球與斜軌ab及水平軌道cd、ef的動摩擦因數(shù)均為0.5，sin37°=0.6，cos37°=0.8，圓弧管道bc入口b與出口c的高度差為1.8r求：（在運算中，根號中的數(shù)值無需算出）（1）小球滑到斜面底端c時速度的大小（2）小球剛到c時對軌道的作用力（3）要使小球在運動過程中不脫離軌道，豎直圓周軌道的半徑r應該滿足什么條件？參考答案：【考點】： 動能定理的應用；牛頓第二定律；向心力【專題】： 動能定理的應用專題【分析】： （1）對球從a運動至c過程運用動能定理列式求解即可

23、；（2）在c點，重力和支持力的合力提供向心力；根據(jù)牛頓第二定律列式求解支持力；然后再結合牛頓第三定律求解壓力；（3）要使小球不脫離軌道，有兩種情況：情況一：小球能滑過圓周軌道最高點，進入ef軌道情況二：小球上滑至四分之一圓軌道的點（設為q）時，速度減為零，然后滑回d由動能定理列出等式求解： 解：（1）設小球到達c點時速度為v，小球從a運動至c過程，由動能定理有：mg（5rsin37°+1.8r）mgcos37°?5r=可得：vc=（2）小球沿bc軌道做圓周運動，設在c點時軌道對球的作用力為fn，由牛頓第二定律，有：fnmg=m其中r滿足：r+r?sin53°=1.8r聯(lián)立上式可得：fn=6.6mg由牛頓第三定律可得，球對軌道的作用力為6.6mg，方向豎直向下 （3）要使小球不脫離軌道，有兩種情況：情況一：小球能滑過圓周軌道最高點，進入ef軌道則小球在最高點應滿足：mmg小球從c直到此最高點