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文檔簡介
6-3帶電粒子在電場中的運動電容器一、選擇題1(2012江蘇單科)一充電后的平行板電容器保持兩極板的正對面積、間距和電荷量不變,在兩極板間插入一電介質,其電容C 和兩極板間的電勢差U 的變化情況是()AC和U均增大BC增大,U減小CC減小,U增大 DC和U均減小答案B解析當電容器兩極板間插入一電介質時,根據C可知電容器電容C變大,由于電容器電荷量不變,根據C可知電容器兩端電壓減小,選項B正確。2如圖甲所示,一電子以v0的初速度沿平行金屬板的軸線射入金屬板空間。從電子射入的時刻開始在金屬板間加如圖乙所示的交變電壓,假設電子能穿過平行金屬板。則下列說法正確的是()A電子只可能從軸線到上極板之間的空間射出(不包括軸線)B電子只可能從軸線到下極板之間的空間射出(不包括軸線)C電子可能從軸線到上極板之間的空間射出,也可能沿軸線方向射出D電子射出后動能一定增大答案C解析由題意可知,當電子在電場中運動的時間恰好等于在A、B板間所加交變偏轉電壓周期的整數倍,電子可沿軸線射出,故A、B錯 ,C對;當電子恰好沿軸線射出時,電子速度不變,其動能也不變,故D錯。3.如圖所示,靜止的電子在加速電壓為U1的電場作用下從O經P板的小孔射出,又垂直進入平行金屬板間的電場,在偏轉電壓為U2的電場作用下偏轉一段距離?,F使U1加倍,要想使電子的運動軌跡不發生變化,應該()A使U2加倍 B使U2變為原來的4倍C使U2變為原來的倍 D使U2變為原來的答案A解析電子獲得的動能mv2qU1,電子的偏移量yat2()2,可見當U1加倍時,要使y不變,需使U2加倍,顯然A正確。4(2012蘇州名校4月測試)如圖所示,矩形區域內有水平方向的勻強電場,一個帶負電的粒子從A點以某一速度vA射入電場中,最后以另一速度vB從B點離開電場,不計粒子所受的重力,A、B兩點的位置如圖所示,則下列判斷中正確的是()A電場強度的方向水平向左B帶電粒子在A點的電勢能小于在B點的電勢能 C粒子在電場中運動的全過程中,電勢能最大處為B點D粒子在電場中運動的全過程中,動能最大處為B點答案D解析根據力和運動的關系,可判定電場強度的方向水平向右,A錯;粒子在電場中運動的全過程中,電場力先做負功,后做正功,電勢能先增大后減小,所以帶電粒子在A點的電勢能大于在B點的電勢能,粒子在電場中運動的全過程中,電勢能最大處應在A點的右下方,粒子在電場中運動的全過程中,動能最大處應為B點,故D對,BC錯。5(2012課標全國理綜)如圖所示,平行板電容器的兩個極板與水平地面成一角度,兩極板與一直流電源相連。若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線通過電容器,則在此過程中,該粒子()A所受重力與電場力平衡B電勢能逐漸增加C動能逐漸增加D做勻變速直線運動答案BD解析粒子做直線運動,其重力和電場力的合力應與速度共線,如圖所示。重力與電場力不共線,不可能平衡,選項A錯誤;粒子運動過程中電場力做負功,因而電勢能增加,選項B正確;合力做負功,動能減小,選項C錯誤,電容器的極板與直流電源相連,即其電壓、板間的場強不變,則電場力不變,合力恒定,因而粒子做勻變速直線運動,選項D正確。6.(2012廈門質檢)如圖所示,質量相同的兩個帶電粒子P、Q以相同的速度沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強電場中,P從兩極板正中央射入,Q從下極板邊緣處射入,它們最后打在同一點(重力不計),則從開始射入到打到上板的過程中()A它們運動的時間tQtPB它們運動的加速度aQd的粒子,h不同,在時間t內,電場力對粒子做的功不相等D不同h對應的粒子,進入電場時的速率v可能相同答案C解析 根據題意,入射粒子都能從y軸通過,這說明粒子受到的電場力方向水平向左即沿電場線方向,據此可知,粒子帶正電,A項錯誤;粒子進入電場后,只在水平向左的電場力的作用下做類平拋運動,其在y軸方向上做勻速直線運動,而在x軸方向上做初速度為零的勻加速直線運動,粒子在電場中的運動時間由粒子在水平方向上的位移確定,因為粒子帶電性相同,所以粒子的加速度恒定不變,設均為a,再設P點到y軸的距離為l,對hd的粒子,滿足lat2,所以t,可見,運動時間t與h無關,B項錯誤,對hd的粒子,h不同,粒子在電場中沿x軸方向上運動的位移大小不同,在時間t內,電場力對粒子做的功不相等,C項正確;不同h對應的粒子,進入電場時的速率v肯定不同,D項錯誤。二、非選擇題9.板長為L的平行金屬板與水平面成角放置,板間有勻強電場。一個帶負電、電量為q、質量為m的液滴,以速度v0垂直于電場方向射入兩板間,如圖所示,射入后液滴沿直線運動,兩極板間的電場強度E_。液滴離開電場時的速度為_。(液滴的運動方向沒有改變)答案解析受力情況如圖所示,液滴一定沿初速度方向做勻減速運動。由圖可知,qEmgcos,所以E,根據運動學公式有v2v2aL,式中agsin得v。10.在示波管中,電子通過電子槍加速,進入偏轉電極,然后射到熒光屏上。如圖所示,設電子的質量為m(不考慮所受重力),電量為e,從靜止開始,經過加速電場加速,加速電場電壓為U1,然后進入偏轉電場,偏轉電極中兩板之間的距離為d,板長為L,偏轉電壓為U2,求電子射到熒光屏上的動能為多大?答案eU1解析電子在加速電場中加速時,根據動能定理eU1mv進入偏轉電場后Lvxt,vyat,a射出偏轉電場時合速度v以后勻速到達熒光屏。故Ekmv2eU111如圖甲所示,熱電子由陰極飛出時的初速度忽略不計,電子發射裝置的加速電壓為U0。電容器板長和板間距離均為L10cm,下極板接地。電容器右端到熒光屏的距離也是L10cm。在電容器兩極板間接一交變電壓,上極板的電勢隨時間變化的圖象如圖乙所示。(每個電子穿過平行板的時間極短,可以認為電壓是不變的)(1)在t0.06s時刻,電子打在熒光屏上的何處?(2)熒光屏上有電子打到的區間有多長?(3)屏上的亮點如何移動?答案(1)距O點13.5cm處(2)30cm(3)見解析解析(1)由圖知t0.06s時刻偏轉電壓為U1.8U0電子在電場中加速mvqU0電子在電場中偏轉y()2聯立解得y0.45L4.5cm,由幾何關系知:打在屏上的點距O點13.5cm。(2)電子的最大側移是0.5L,由兩式可得偏轉電壓最大為Umax2.0U0所以熒光屏上電子的最大側移為Y(L)tanL能打到的區間長為2Y3L30cm。(3)屏上的亮點由下而上勻速上升,間歇一段時間后又重復出現。12(2013江蘇南京)質量m1.0kg、帶電量q2.5104C的小滑塊(可視為質點)放在質量為M2.0kg的絕緣長木板的左端,木板放在光滑水平面上,滑塊與木板之間的動摩擦因數0.2,木板長L1.5m,開始時兩者都處于靜止狀態,所在空間加有一個方向豎直向下強度為E4.0104N/C的勻強電場,如圖所示。取g10m/s2,試求:(1)用水平力F0拉小滑塊,要使小滑塊與木板以相同的速度一起運動,力F0應滿足什么條件?(2)用水平恒力F拉小滑塊向木板的右端運動,在1.0s末使滑塊從木板右端滑出,力F應為多大?(設m與M之間最大靜摩擦力與它們之間的滑動摩擦力大小相等,滑塊在運動中帶電量不變)答案(1)F06.0N(2)9.0N解析(1)當拉力F0作用于滑塊m上,木板能夠產生的最大加速度為aM2.0m/s2為了使滑塊與木板以相同的速度共同運動,滑塊的最大加速度amaM對滑塊F0(mgqE)mam則F0(mgqE)mam6.0N,即F06.0N。(2)設滑塊的加速度為a1,木板的加速度為a2,由運動學公式s1a1t2,s2a2t2且s1s2L滑動過程中木板的加速度a22.0m/s2則a15.0m/s2對滑塊F(mgqE)ma19.0N。13(2012四川理綜卷)如圖所示,ABCD為固定在豎直平面內的軌道,AB段光滑水平,BC段為光滑圓弧,對應的圓心角37,半徑r2.5m,CD段平直傾斜且粗糙,各段軌道均平滑連接,傾斜軌道所在區域有場強大小為E2105N/C、方向垂直于斜軌向下的勻強電場。質量m5102kg、電荷量q1106C的小物體(視為質點)被彈簧槍發射后,沿水平軌道向左滑行,在C點以速度v03m/s沖上斜軌。以小物體通過C點時為計時起點,0.1s以后,場強大小不變,方向反向。已知斜軌與小物體間的動摩擦因數0.25。設小物體的電荷量保持不變,取g10m/s2,sin 370.6,cos370.8。(1)求彈簧槍對小物體所做的功;(2)在斜軌上小物體能到達的最高點為P,求CP的長度。答案(1)0.475J(2)0.57m解析(1)設彈簧槍對小物體做功為Wf,由動能定理得Wfmgr(1cos)mv代入數據得Wf0.475J(2)取沿平直斜軌向上為正方向。設小物體通過C點進入電場后的加速度為a1,由牛頓第二定律得mgsin(mgcosqE)ma1小物體向上做勻減速運動
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