2025年山東新物理高一下期末經(jīng)典模擬試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫(xiě)考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書(shū)寫(xiě)在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一項(xiàng)符合題目要求，有的有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1、(本題9分)小明沿半徑為50m的圓形草坪邊緣繞跑一圈后回到起點(diǎn)，在跑步過(guò)程中，小明的路程和位移大小的最大值分別是()A．100πm，100mB．100πm，100πmC．50πm，50πmD．0，02、關(guān)于平拋運(yùn)動(dòng)和勻速圓周運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)說(shuō)法正確的是:()A．其中有一個(gè)屬于勻速運(yùn)動(dòng)B．二者都是變速運(yùn)動(dòng)，只不過(guò)前者是勻加速運(yùn)動(dòng)，后者變加速曲線運(yùn)動(dòng)C．二者都是加速度不變的變速運(yùn)動(dòng)D．二者都是變加速曲線運(yùn)動(dòng)3、一質(zhì)量為m的物體，沿傾角=30°的光滑斜面由靜止起下滑，當(dāng)它在豎直方向下降了h高度時(shí)，重力對(duì)它做功的瞬時(shí)功率是A． B． C． D．4、某滑雪運(yùn)動(dòng)員沿斜坡下滑了一段距離，重力對(duì)他做功2000J，他克服阻力做功200J。則在這段下滑過(guò)程中，該運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能增加了A．1800JB．2000JC．2200JD．200J5、(本題9分)如圖所示為一皮帶傳動(dòng)裝置，右輪半徑為r，a點(diǎn)在它的邊緣上，左輪半徑為2r，b點(diǎn)在它的邊緣上，若在傳動(dòng)過(guò)程中，皮帶不打滑，則a點(diǎn)與b點(diǎn)的向心加速度大小之比為（）A．1：2 B．2：1 C．4：1 D．1：46、(本題9分)如圖所示，一根不可伸長(zhǎng)的柔軟輕繩跨過(guò)光滑定滑輪，繩兩端各系一小球a和b，a球質(zhì)量為m靜置于地面；b球質(zhì)量為M，且M＞m；用手托住b球，此時(shí)輕繩剛好伸直．現(xiàn)從靜止開(kāi)始釋放b球，在b球下落（未碰地之前）過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是：A．繩的拉力對(duì)b球做負(fù)功B．a(chǎn)球的機(jī)械能增加C．b球的機(jī)械能守恒D．a(chǎn)球和b球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒7、(本題9分)如圖所示，質(zhì)量為的滑塊在水平面上以速度v撞上勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧，當(dāng)滑塊將彈簧壓縮了時(shí)速度減小到零，然后彈簧又將滑塊向右推開(kāi)．已知滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因素為，整個(gè)過(guò)程彈簧未超過(guò)彈性限度且二者未栓接，則下列判斷正確的是（）A．滑塊向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,滑塊機(jī)械能一直減小B．滑塊與彈簧接觸過(guò)程中,滑塊的機(jī)械能先減小后增大C．滑塊與彈簧接觸過(guò)程中,滑塊與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能一直減小D．滑塊最終停在距離彈簧右端的右邊處處8、(本題9分)如圖所示的電場(chǎng)中有A、B兩點(diǎn)，下列判定正確的是：()A．電勢(shì)φA>φB，場(chǎng)強(qiáng)EA>EBB．電勢(shì)φA>φB，場(chǎng)強(qiáng)EA<EBC．將電荷量為q的正電荷從A點(diǎn)移動(dòng)B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小D．將電荷量為q的負(fù)電荷分別放在A、B兩點(diǎn)，電荷具有電勢(shì)能9、(本題9分)物體在合外力作用下做直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示，下列表述正確的是A．在0～1s內(nèi)，物體做加速運(yùn)動(dòng)，合外力做正功B．在1～3s內(nèi)，物體做勻速運(yùn)動(dòng)，合外力做正功C．在3～7s內(nèi)，合外力做功為零D．在0～5s內(nèi)，速度變化量為零，合力的平均功率為零10、(本題9分)如圖所示，細(xì)線的一端固定于O點(diǎn)，另一端系一小球，在水平拉力F作用下，小球以恒定速率在豎直平面內(nèi)由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中（）A．小球的機(jī)械能保持不變B．小球受的合力對(duì)小球不做功C．水平拉力F的瞬時(shí)功率逐漸減小D．小球克服重力做功的瞬時(shí)功率逐漸增大二、實(shí)驗(yàn)題11、（4分）(本題9分)在用“落體法驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，質(zhì)量為m=100g的重物拖著紙帶豎直下落，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打下一系列點(diǎn)，如圖所示，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.04s，P為紙帶運(yùn)動(dòng)的起點(diǎn)，從P點(diǎn)到打下B點(diǎn)的過(guò)程中重力勢(shì)能的減少量__________J，在此過(guò)程中物體的動(dòng)能增量__________J，（g=9.8m/s2，答案保留三位有效數(shù)字）．用v表示各計(jì)數(shù)點(diǎn)的速度，h表示各計(jì)數(shù)點(diǎn)到P點(diǎn)的距離，以為縱軸，以h為橫軸，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的圖線，該圖線的斜率表示某個(gè)物理量的數(shù)值時(shí)，說(shuō)明重物下落過(guò)程中的機(jī)械能守恒，該物理量是___________．12、（10分）如圖所示為探究平行板電容器電容大小決定因素的實(shí)驗(yàn)。給電容器充電后與電源斷開(kāi)，即保持電量不變，則：(填“變小”、“變大”或“不變”)(1)甲圖將B板上移，靜電計(jì)指針偏角_______，電容器的電容________；(2)乙圖將B板左移，靜電計(jì)指針偏角_______，電容器的電容________；(3)丙圖將電介質(zhì)插入兩板之間，靜電計(jì)指針偏角_______，電容器的電容________。三、計(jì)算題：解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟．只寫(xiě)出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位13、（9分）(本題9分)某汽車(chē)制造商研制開(kāi)發(fā)了發(fā)動(dòng)機(jī)額定功率P=30kW的一款經(jīng)濟(jì)實(shí)用型汽車(chē)，在某次性能測(cè)試中，汽車(chē)連同駕乘人員的總質(zhì)量m=2000kg，在平直路面上以額定功率由靜止啟動(dòng)，行駛過(guò)程中受到大小f=600N的恒定阻力.(1)求汽車(chē)的最大速度v；(2)若達(dá)到最大速度v后，汽車(chē)發(fā)動(dòng)機(jī)的功率立即改為P′=18kW，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后汽車(chē)開(kāi)始以不變的速度行駛，求這段時(shí)間內(nèi)汽車(chē)所受合力的沖量I.14、（14分）如圖，光滑斜軌道和光滑圓軌道相連，固定在同一豎直平面內(nèi)，圓軌道半徑為R，一個(gè)小球（大小可忽略），從離水平面高h(yuǎn)處由靜止自由下滑，由斜軌道進(jìn)入圓軌道，問(wèn)：（1）為了使小球在圓軌道內(nèi)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終不脫離圓軌道，h應(yīng)在什么取值范圍？（2）若小球到圓軌道最大高度時(shí)對(duì)圓軌道壓力大小恰好等于自身重力大小，那么小球開(kāi)始下滑時(shí)h是多大？15、（13分）如圖所示，粗糙水平軌道AB與半徑為R的光滑半圓豎直軌道BC相連接。質(zhì)量為m的小物塊在水平恒力F作用下，從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小物塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)撒去力F，小物塊沿半圓形軌道運(yùn)動(dòng)恰好能通過(guò)軌道最高點(diǎn)C，小物塊脫離半圓形軌道后剛好落到原出發(fā)點(diǎn)A。已知物塊與水平軌道AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.75，重力加速度為g，忽略空氣阻力。求：（1）小物塊經(jīng)過(guò)半圓形軌道B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小；（2）A、B間的水平距離；（3）小物塊所受水平恒力F的大小。

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一項(xiàng)符合題目要求，有的有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1、A【解析】小明沿半徑為50m的圓形草坪邊緣跑一圈后回到起點(diǎn)，初末位置重合；路程等圓形草坪邊緣的周長(zhǎng)，即；最大位移是跑半圈的位移，為，A正確．2、B【解析】

平拋運(yùn)動(dòng)的物體只受重力，加速度為g保持不變，做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)；勻速圓周運(yùn)動(dòng)所受的合外力提供向心力，合外力大小不變，方向改變，加速度時(shí)刻在改變，做變加速曲線運(yùn)動(dòng).A．描述與分析不符，故A錯(cuò)誤.B．描述與分析相符，故B正確.C．描述與分析不符，故C錯(cuò)誤.D．描述與分析不符，故D錯(cuò)誤.3、B【解析】

由機(jī)械能守恒定律得：解得：則重力的瞬時(shí)功率為：A．，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C．，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；4、A【解析】重力對(duì)他做功2000J，他克服阻力做功200J，則外力對(duì)運(yùn)動(dòng)員做的總功是1800J，據(jù)動(dòng)能定理可得，運(yùn)動(dòng)員動(dòng)能增加了1800J。故A項(xiàng)正確，BCD三項(xiàng)錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：重力對(duì)物體所做的功等于物體重力勢(shì)能的減少量；合力對(duì)物體所做的功等于物體動(dòng)能的增加量；除重力（彈簧彈力）其他力對(duì)物體所做的功等于物體機(jī)械能的增加量。5、B【解析】

試題分析：根據(jù)題目要求，可知，且所以相信加速度比值為2：1考點(diǎn)：勻速圓周運(yùn)動(dòng)公式點(diǎn)評(píng)：此類(lèi)題型考察了勻速圓周運(yùn)動(dòng)公式6、ABD【解析】AC、在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，b受重力和拉力，繩的拉力對(duì)b球做負(fù)功，則小球b的機(jī)械能減小，故A正確，C錯(cuò)誤；B、在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，a受重力和拉力，繩的拉力對(duì)a球做正功，則小球a的機(jī)械能增加，故B正確；D、小球a、b與地球組成的系統(tǒng)，只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故D正確；故選ABD．7、ACD【解析】A、滑塊向右運(yùn)動(dòng)是從彈簧壓縮量最大時(shí)開(kāi)始的，此時(shí)受到水平向右的彈力和向左的摩擦力，開(kāi)始時(shí)彈簧的彈力大于摩擦力，但當(dāng)彈簧伸長(zhǎng)到一定程度，彈力和摩擦力大小相等，此后摩擦力大于彈力．所以滑塊向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，是先加速，后減速，即滑塊的機(jī)械能先增大后減小，故A錯(cuò)誤；

B、滑塊向左運(yùn)動(dòng)與彈簧接觸過(guò)程中，彈簧彈力和摩擦力對(duì)滑塊做負(fù)功，滑塊的機(jī)械能減小，滑塊向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中由A分析知，滑塊的機(jī)械能先增大后減小，故B錯(cuò)誤；

C、在滑塊與彈簧接觸過(guò)程中，在滑塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中地面對(duì)滑塊的摩擦力一直對(duì)滑塊做負(fù)功，故系統(tǒng)機(jī)械能一直在減小，故C正確；

D、根據(jù)動(dòng)能定理，滑塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有摩擦力對(duì)滑塊做功，根據(jù)動(dòng)能定理有解得：，故D正確．點(diǎn)睛：解決此類(lèi)問(wèn)題，要正確的分析物體運(yùn)動(dòng)的過(guò)程及物體的受力情況，并會(huì)確定運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的臨界點(diǎn)和分析在臨界點(diǎn)上的受力，當(dāng)物體接觸彈簧后向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，開(kāi)始是加速運(yùn)動(dòng)的，當(dāng)彈力和摩擦力相等時(shí)，加速度為零，之后摩擦力要大于彈力，物體開(kāi)始做減速運(yùn)動(dòng)，彈力和摩擦力相等時(shí)即為一個(gè)臨界點(diǎn)．8、BC【解析】

AB、電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，故場(chǎng)強(qiáng)，沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，可知，故B正確，A錯(cuò)誤；C、將電荷量為q的正電荷放在電場(chǎng)中，受力的方向是從A指向B，故從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，故C正確；D、將電荷量為q的負(fù)電荷分別放在A、B兩點(diǎn)，根據(jù)可知負(fù)電荷在電勢(shì)低的地方電勢(shì)能大，即有，故D錯(cuò)誤；故選BC．9、ACD【解析】A、在0～1s內(nèi)，物體做勻加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能增加，根據(jù)動(dòng)能定理知，合外力做正功，故A正確；

B、在1～3s內(nèi)，物體做勻速運(yùn)動(dòng)，合外力為零，故合外力不做功，故B錯(cuò)誤；

C、在點(diǎn)睛：本題根據(jù)動(dòng)能定理可以直接判斷合外力做功情況，也可以根據(jù)合外力方向與位移方向的關(guān)系判斷。10、BD【解析】試題分析：由于以恒定速率從A到B，說(shuō)明動(dòng)能沒(méi)變，由于重力做負(fù)功，拉力不做功，所以外力F應(yīng)做正功．因此機(jī)械能不守恒A錯(cuò)，B對(duì)．因?yàn)樾∏蚴且院愣ㄋ俾蔬\(yùn)動(dòng)，即它是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，那么小球受到的重力G、水平拉力F、繩子拉力T三者的合力必是沿繩子指向O點(diǎn)．設(shè)繩子與豎直方向夾角是θ，則（F與G的合力必與繩子拉力在同一直線上）得而水平拉力F的方向與速度V的方向夾角也是θ，所以水平力F的瞬時(shí)功率是即顯然，從A到B的過(guò)程中，θ是不斷增大的，所以水平拉力F的瞬時(shí)功率是一直增大的，C錯(cuò)D對(duì)．考點(diǎn)：動(dòng)能定理、功率點(diǎn)評(píng)：本題考查了動(dòng)能定理，通過(guò)功率公式分析瞬時(shí)功率的大小問(wèn)題，本題綜合程度較高，屬于難題二、實(shí)驗(yàn)題11、2.28J2.26J重力加速度【解析】

根據(jù)重力勢(shì)能的定義式得出：從點(diǎn)P到打下計(jì)數(shù)點(diǎn)B的過(guò)程中，重錘重力勢(shì)能減小量，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論可得B點(diǎn)的速度為：，，利用圖線處理數(shù)據(jù)，物體自由下落過(guò)程中機(jī)械能守恒，，即，所以以為縱軸，以h為橫軸畫(huà)出的圖線應(yīng)是過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線．那么圖線的斜率就等于當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭12、變大變小變大變小變小變大【解析】

(1)[1][2]甲圖將B板上移，即兩極板正對(duì)面積減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容C變小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢(shì)差U變大，即靜電計(jì)指針偏角變大；(2)[3][4]乙圖將B板左移，即板間距離d增大，根據(jù)電容的決定式得知，電容C變小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢(shì)差U變大，即靜電計(jì)指針偏角變大；(3)[5][6]丙圖將電介質(zhì)插入兩板之間，根據(jù)電容的決定式得知，電容C增大，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢(shì)差U變小，即靜電計(jì)指針偏角變小。三、計(jì)算題：解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟．只寫(xiě)出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位13、（1）（2）方向與初速度的方向相反【解析】

（1）汽車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，牽引力等于阻力，有：F=f=600N根據(jù)

P=Fv

代入數(shù)據(jù)解得：v=50m/s(2)設(shè)功率改為

P′=18kW

時(shí)，則有：=30m/s根據(jù)動(dòng)量定理得：I=mv′?mv代入數(shù)據(jù)得：I=?4.0×104kg·m/s，負(fù)號(hào)表示方向與初速度的方向相反【點(diǎn)睛】（1）汽車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，牽引力等于阻力，根據(jù)P=Fv求解速度；（2）根據(jù)P=Fv求出功率改為P′=18kW的速度，然后根據(jù)動(dòng)量定理求出合外力的沖量．14、（1）（2）【解析】

（1）小球剛好不脫離圓軌，在最高點(diǎn)由牛頓第二定律得：小球由斜軌至圓軌最高點(diǎn)過(guò)程，由動(dòng)能定理得：聯(lián)立解得：h=2.5R故h≥2.5R時(shí)小球在圓軌內(nèi)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中始終不脫離圓軌，若h≤R時(shí)，小球會(huì)在圓軌道圓心一下來(lái)回運(yùn)動(dòng)，也不脫離軌道，（2）在最高點(diǎn)對(duì)小球由牛頓第二定律得：又有：FN=mg小球由斜軌至圓軌最高點(diǎn)過(guò)程，由動(dòng)能定理得：聯(lián)立解得：h=3R15、（1）6mg；（