江蘇省高郵市南海中學2025屆八下數學期末監(jiān)測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題(每小題3分,共30分)1．在求3x的倒數的值時，嘉淇同學誤將3x看成了8x，她求得的值比正確答案小5.依上述情形，所列關系式成立的是()A．＝－5 B．＝＋5 C．＝8x－5 D．＝8x＋52．關于的方程有兩個不相等的實根、，且有，則的值是（）A．1 B．-1 C．1或-1 D．23．如圖，在△ABC中，點D、E、F分別是邊AB、AC、BC的中點，要判定四邊形DBFE是菱形，下列所添加條件不正確的是（）A．AB=AC B．AB=BC C．BE平分∠ABC D．EF=CF4．如圖，已知四邊形ABCD為菱形，AD＝5cm，BD＝6cm，則此菱形的面積為（）A．12cm2 B．24cm2 C．48cm2 D．96cm25．如圖所示，在中，的垂直平分線交于點，交于點，如果，則的周長是（）A． B． C． D．6．已知點（-2，y1），（-1，y2），（1，y3）都在直線y=－3x＋b上，則y1，y2，y3的值的大小關系是（）A． B． C． D．7．將一元二次方程-6x-5=0化成=b的形式，則b等于（）A．4 B．-4 C．14 D．-148．如圖，已知?AOBC的頂點O（0，0），A（﹣1，2），點B在x軸正半軸上按以下步驟作圖：①以點O為圓心，適當長度為半徑作弧，分別交邊OA，OB于點D，E；②分別以點D，E為圓心，大于DE的長為半徑作弧，兩弧在∠AOB內交于點F；③作射線OF，交邊AC于點G，則點G的坐標為（）A．（﹣1，2） B．（，2） C．（3﹣，2） D．（﹣2，2）9．若分式的值為0，則x的值為（）A．0 B．－1 C．1 D．210．如圖，Rt△ABC中，AB=9，BC=6，∠B=90°，將△ABC折疊，使A點與BC的中點D重合，折痕為PQ，則線段BQ的長度為（）A． B． C．4 D．5二、填空題(每小題3分,共24分)11．若把代數式化為的形式，其中、為常數，則______．12．兩組數據：3，a，2b，5與a，6，b的平均數都是6，若將這兩組數據合并為一組數據，則這組新數據的中位數為__________．13．平面直角坐標系內點P（﹣2，0），與點Q（0，3）之間的距離是_____．14．已知分式，當x__________時，分式無意義?當x____時，分式的值為零？當x=-3時，分式的值為_____________．15．用反證法證明：“三角形中至少有兩個銳角”時，首先應假設這個三角形中_____．16．方程的解是．17．若關于y的一元二次方程y2﹣4y+k+3=﹣2y+4有實根，則k的取值范圍是_____．18．如圖，是同一雙曲線上的三點過這三點分別作軸的垂線，垂足分別為，連結得到的面積分別為.那么的大小關系為____．三、解答題(共66分)19．（10分）先化簡()，再選取一個你喜歡的a的值代入求值．20．（6分）已知：如圖，菱形ABCD的對角線AC，BD相交于O，點E，F分別是AD，DC的中點，已知OE=，EF=3，求菱形ABCD的周長和面積．21．（6分）如圖,在平面直角坐標系中,四邊形OABC的頂點O是坐標原點,點A在第一象限,點C在第四象限且OC=5,點B在x軸的正半軸上且OB=6,∠OAB=90°且OA=AB．

(1)求點A和點B的坐標；

(2)點P是線段OB上的一個動點(點P不與點O,B重合)，過點P的直線l與y軸平行，直線l交邊OA成邊AB于點Q，交邊OC或邊CB于點R，設點P的橫坐標為t，線段QR的長度為m，已知t=4時，直線l恰好過點C，當0<t<3時，求m關于t的函數關系式.22．（8分）如圖所示，已知直線L過點A（0，1）和B（1，0），P是x軸正半軸上的動點，OP的垂直平分線交L于點Q，交x軸于點M．（1）直接寫出直線L的解析式；（2）設OP＝t，△OPQ的面積為S，求S關于t的函數關系式；并求出當0＜t＜2時，S的最大值；（3）直線L1過點A且與x軸平行，問在L1上是否存在點C，使得△CPQ是以Q為直角頂點的等腰直角三角形？若存在，求出點C的坐標，并證明；若不存在，請說明理由．23．（8分）在等腰三角形ABD中，ABAD．(I)試利用無刻度的直尺和圓規(guī)作圖，求作：點C，使得四邊形ABCD是菱形.(保留作圖痕跡，不寫作法和證明)；(II)在菱形ABCD中，連結AC交BD于點O，若AC8，BD6，求AB邊上的高h的長.24．（8分）如圖，點E、F分別在矩形ABCD的邊BC、AD上，把這個矩形沿EF折疊后，點D恰好落在BC邊上的G點處，且∠AFG=60°.（1）求證：GE=2EC；（2）連接CH、DG，試證明：CH//DG.25．（10分）如圖，△ABC中，CD平分∠ACB，CD的垂直平分線分別交AC、DC、BC于點E、F、G，連接DE、DG．(1)求證：四邊形DGCE是菱形；(2)若∠ACB=30°，∠B=45°，CG=10，求BG的長．26．（10分）如圖，在△ABC中，AB=BC，BD平分∠ABC，四邊形ABED是平行四邊形，DE交BC于點F，連接CE求證：四邊形BECD是矩形．

參考答案一、選擇題(每小題3分,共30分)1、B【解析】

根據題意知：8x的倒數+5=3x的倒數，據此列出方程即可．【詳解】根據題意，可列方程：＝＋5，故選B．【點睛】本題考查了由實際問題抽象出分式方程，關鍵是讀懂題意，找到3x的倒數與8x的倒數間的等量關系，列出方程．2、B【解析】

根據根的判別式及一元二次方程的定義求得a的取值范圍，再根據一元二次方程根與系數的關系求得的值，再利用列出以a為未知數的方程，解方程求得a值，由此即可解答.【詳解】∵關于的方程有兩個不相等的實根、，∴△=（3a+1）2-8a（a+1）=（a-1）2＞0，，a≠0，∴a≠1且a≠0，∵，∴，解得a=±1，∴a=-1.故選B.【點睛】本題主要考查了根與系數的關系、根的判別式，利用根的判別式確定a的取值及利用根與系數的關系列出方程求得a的值是解決問題的關鍵.3、A【解析】

當AB=BC時，四邊形DBFE是菱形．根據三角形中位線定理證明即可；當BE平分∠ABC時，可證BD=DE，可得四邊形DBFE是菱形，當EF=FC，可證EF=BF，可得四邊形DBFE是菱形，由此即可判斷；【詳解】解：當AB=BC時，四邊形DBFE是菱形；理由：∵點D、E、F分別是邊AB、AC、BC的中點，∴DE∥BC，EF∥AB，∴四邊形DBFE是平行四邊形，∵DE=BC，EF=AB，∴DE=EF，∴四邊形DBFE是菱形．故B正確，不符合題意，當BE平分∠ABC時，∴∠ABE=∠EBC∵DE∥BC，∴∠CBE=∠DEB∴∠ABE=∠DEB∴BD=DE∴四邊形DBFE是菱形，故C正確，不符合題意，當EF=FC，∵BF=FC∴EF=BF，∴四邊形DBFE是菱形，故D正確，不符合題意，故選A．【點睛】本題考查三角形的中位線定理，平行四邊形的判定和性質，菱形的判定等知識，解題的關鍵是熟練掌握三角形中位線定理，屬于中考常考題型．4、B【解析】

設AC交BD于O．根據勾股定理求出OA，再根據菱形的面積公式計算即可.【詳解】設AC交BD于O．∵四邊形ABCD是菱形，∴AC⊥BD，∵AD=5cm，OD=OB=12BD=3cm∴OA=52-∴AC=2OA=8，∴S菱形ABCD=12×AC×BD=24故選B．【點睛】本題考查菱形的性質、勾股定理等知識，解題的關鍵是熟練掌握基本知識，屬于中考常考題型．5、D【解析】

根據線段垂直平分線的性質得出AD＝BD，推出CD＋BD＝5，即可求出答案．【詳解】解：∵DE是AB的垂直平分線，

∴AD＝DB，

∵AC＝5，

∴AD＋CD＝5，

∴CD＋BD＝5，

∵BC＝4，

∴△BCD的周長為：CD＋BD＋BC＝5＋4＝9，

故選D．【點睛】本題考查了線段垂直平分線的性質，注意：線段垂直平分線上的點到線段兩個端點的距離相等．6、B【解析】

根據一次函數的增減性進行判斷.【詳解】解：對y=－3x＋b，因為k=－3<0，所以y隨x的增大而減小，因為―2＜―1＜1，所以，故選B.【點睛】本題考查了一次函數的增減性，熟練掌握一次函數的性質是解題的關鍵.7、C【解析】

解：因為x2－6x－5＝0所以x2－6x=5，配方得x2－6x+9=5+9，所以，所以b=14，故選C．【點睛】本題考查配方法，掌握配方法步驟正確計算是解題關鍵．8、A【解析】

依據勾股定理即可得到Rt△AOH中，AO=，依據∠AGO=∠AOG，即可得到AG=AO=，進而得出HG=-1，可得G（-1，2）．【詳解】如圖，過點A作AH⊥x軸于H，AG與y軸交于點M，∵?AOBC的頂點O（0，0），A（-1，2），∴AH=2，HO=1，∴Rt△AOH中，AO=，由題可得，OF平分∠AOB，∴∠AOG=∠EOG，又∵AG∥OE，∴∠AGO=∠EOG，∴∠AGO=∠AOG，∴AG=AO=，∴MG=-1，∴G（-1，2），故選A．【點睛】本題主要考查了角平分線的作法，勾股定理以及平行四邊形的性質的運用，解題時注意：求圖形中一些點的坐標時，過已知點向坐標軸作垂線，然后求出相關的線段長，是解決這類問題的基本方法和規(guī)律．9、B【解析】

解：依題意得，x+1=2，解得x=-1．當x=-1時，分母x+2≠2，即x=-1符合題意．故選B．【點睛】若分式的值為零，需同時具備兩個條件：（1）分子為2；（2）分母不為2．這兩個條件缺一不可．10、C【解析】

設BQ=x，則由折疊的性質可得DQ=AQ=9-x，根據中點的定義可得BD=3，在Rt△BQD中，根據勾股定理可得關于x的方程，解方程即可求解．【詳解】設BQ=x，由折疊的性質可得DQ=AQ=9﹣x，∵D是BC的中點，∴BD=3，在Rt△BQD中，x2+32=（9﹣x）2，解得：x=1．故線段BQ的長為1．故選：C．【點睛】此題考查了翻折變換（折疊問題），折疊的性質，勾股定理，中點的定義以及方程思想，綜合性較強．二、填空題(每小題3分,共24分)11、-7【解析】

利用配方法把變形為（x-2）-9，則可得到m和k的值，然后計算m+k的值．【詳解】x?4x?5=x?4x+4?4?5=(x?2)?9，所以m=2，k=?9，所以m+k=2?9=?7.故答案為：-7【點睛】此題考查配方法的應用，解題關鍵在于掌握運算法則.12、1【解析】

首先根據平均數的定義列出關于a、b的二元一次方程組，再解方程組求得a、b的值，然后求眾數即可．3，a，2b，5與a，1，b的平均數都是1.【詳解】解：∵兩組數據：3，a，2b，5與a，1，b的平均數都是1，∴，解得，若將這兩組數據合并為一組數據，按從小到大的順序排列為3，4，5，1，8，8，8，一共7個數，中間的數是1，所以中位數是1．故答案為1．13、【解析】

依題意得OP=2，OQ=3，在直角三角形OPQ中，由勾股定理得PQ==．【詳解】解：在直角坐標系中設原點為O，三角形OPQ為直角三角形，則OP=2，OQ=3，∴PQ=．故答案填：．14、-5【解析】

根據分式無意義的條件是分母為0可得第一空，根據分子為0，分母不為0時分式的值為0可得第二空，將的值代入分式中即可求值，從而得出第三空的答案．【詳解】根據分式無意義的條件可知，當時，分式無意義，此時；根據分式的值為0的條件可知，當時，分式的值為0，此時；將x的值代入分式中，得；故答案為：．【點睛】本題主要考查分式無意義，分式的值為0以及分式求值，掌握分式無意義，分式的值為0的條件是解題的關鍵．15、三角形三個內角中最多有一個銳角【解析】

“至少有兩個”的反面為“最多有一個”，據此直接寫出逆命題即可．【詳解】∵至少有兩個”的反面為“最多有一個”，而反證法的假設即原命題的逆命題正確；∴應假設：三角形三個內角中最多有一個銳角．故答案為：三角形三個內角中最多有一個銳角【點睛】本題考查了反證法，注意逆命題的與原命題的關系．16、【解析】解：，．17、【解析】

首先把方程化為一般形式，再根據方程有實根可得△=，再代入a、b、c的值再解不等式即可．【詳解】解：y2﹣4y+k+3=﹣2y+4，化為一般式得：，再根據方程有實根可得：△=，則，解得：；∴則k的取值范圍是：.故答案為：.【點睛】本題考查了一元二次方程根的判別式的應用．切記不要忽略一元二次方程二次項系數不為零這一隱含條件．18、S1＝S2＝S1【解析】

根據反比例函數k的幾何意義進行判斷．【詳解】解：設P1、P2、P1三點都在反比例函數y＝上，則S1＝|k|，S2＝|k|，S1＝|k|，所以S1＝S2＝S1．故答案為S1＝S2＝S1．【點睛】本題考查了反比例函數比例系數k的幾何意義：在反比例函數y＝圖象中任取一點，過這一個點向x軸和y軸分別作垂線，與坐標軸圍成的矩形的面積是定值|k|．三、解答題(共66分)19、a2＋1,求值不唯一，使a≠±1皆可.【解析】先通分約分進行化簡，然后再代入a的值進行計算，但a不能取±1.20、20，1【解析】

首先由菱形ABCD的對角線AC，BD相交于O，點E，F分別是AD，DC的中點，根據直角三角形斜邊上的中線等于斜邊的一半，可求得AD的長，由三角形中位線定理可求得AC的長，進而可求出菱形的周長，再求出BD的長即可求出菱形的面積．【詳解】∵菱形ABCD的對角線AC，BD相交于點O，∴AC⊥BD，OA=OC，OB=OD，∵點E，F分別是AD，DC的中點，∴OE=AD，EF=AC，∵OE=2.5，EF=3，∴AD=5，AC=6，∴菱形ABCD的周長為：4×5=20；∵AO=AC=3，AD=5，∴DO==4，∴BD=2DO=8，∴菱形ABCD的面積=AC?BD=1．【點睛】本題考查了菱形的性質、三角形中位線的性質、勾股定理以及直角三角形的性質．注意根據題意求得AC與AD的長是解答此題的關鍵．21、(1)A點坐標為(3,3)，B點坐標為(6,0)；

(2)m=t(0<t<3).【解析】

（1）由題意得到B點坐標為(6,0)，根據等腰直角三角形的性質即可解決問題；

（2）首先求出直線OA、OB、OC、BC的解析式．進而求出P、Q的坐標即可解決問題．【詳解】(1)∵OB=6，

∴B點坐標為(6,0)，過點A作x軸的垂線AM，∵∠OAB=90°且OA=AB，

∴△AOB為等腰直角三角形，

∴OM=BM=AM=OB=3，

∴A點坐標為(3,3)；

(2)作CN⊥x軸于N,如圖,

∵t=4時，直線l恰好過點C，

∴ON=4，

在Rt△OCN中,CN==3，

∴C點坐標為(4,?3)，

設直線OC的解析式為y=kx(k≠0)，

把C(4,?3)代入得4k=?3,解得k=，

∴直線OC的解析式為y=x，

設直線OA的解析式為y=ax(a≠0)，

把A(3,3)代入得3a=3，解得a=1，

∴直線OA的解析式為y=x

∵P(t,0)(0<t<3)，

∴Q(t,t),R(t,t)，

∴QR=t?(t)=t，

即m=t(0<t<3).【點睛】本題考查四邊形綜合問題，解題的關鍵是掌握等腰直角三角形的性質、待定系數法求解析式.22、（1）y＝1﹣x；（2），S有最大值；（3）存在點C（1，1）．【解析】

（1）已知直線L過A，B兩點，可將兩點的坐標代入直線的解析式中，用待定系數法求出直線L的解析式；（2）求三角形OPQ的面積，就需知道底邊OP和高QM的長，已知了OP為t，關鍵是求出QM的長．已知了QM垂直平分OP，那么OM＝t，然后要分情況討論：①當OM＜OB時，即0＜t＜2時，BM＝OB﹣OM，然后在等腰直角三角形BQM中，即可得出QM＝BM，由此可根據三角形的面積公式得出S與t的函數關系式；②當OM＞OB時，即當t≥2時，BM＝OM﹣OB，然后根據①的方法即可得出S與t的函數關系式，然后可根據0＜t＜2時的函數的性質求出S的最大值；（3）如果存在這樣的點C，那么CQ＝QP＝OQ，因此C，O就關于直線BL對稱，因此C的坐標應該是（1，1）．那么只需證明CQ⊥PQ即可．分三種情況進行討論：①當Q在線段AB上（Q，B不重合），且P在線段OB上時．要證∠CQP＝90°，那么在四邊形CQPB中，就需先證出∠QCB與∠QPB互補，由于∠QPB與∠QPO互補，而∠QPO＝∠QOP，因此只需證∠QCB＝∠QOB即可，根據折疊的性質，這兩個角相等，由此可得證；②當Q在線段AB上，P在OB的延長線上時，根據①已得出∠QPB＝∠QCB，那么這兩個角都加上一個相等的對頂角后即可得出∠CQP＝∠CBP＝90度；③當Q與B重合時，很顯然，三角形CQP應該是個等腰直角三角形．綜上所述即可得出符合條件C點的坐標．【詳解】（1）y＝1﹣x；（2）∵OP＝t，∴Q點的橫坐標為t，①當，即0＜t＜2時，QM=1-t，∴S△OPQ＝t（1﹣t），②當t≥2時，QM＝|1﹣t|＝t﹣1，∴S△OPQ＝t（t﹣1），∴當0＜t＜1，即0＜t＜2時，S＝t（1﹣t）＝﹣（t﹣1）2+，∴當t＝1時，S有最大值；（3）由OA＝OB＝1，故△OAB是等腰直角三角形，若在L1上存在點C，使得△CPQ是以Q為直角頂點的等腰直角三角形，則PQ＝QC，所以OQ＝QC，又L1∥x軸，則C，O兩點關于直線L對稱，所以AC＝OA＝1，得C（1，1）．下面證∠PQC＝90度．連CB，則四邊形OACB是正方形．①當點P在線段OB上，Q在線段AB上（Q與B、C不重合）時，如圖﹣1，由對稱性，得∠BCQ＝∠QOP，∠QPO＝∠QOP，∴∠QPB+∠QCB＝∠QPB+∠QPO＝180°，∴∠PQC＝360°﹣（∠QPB+∠QCB+∠PBC）＝90度；②當點P在線段OB的延長線上，Q在線段AB上時，如圖﹣2，如圖﹣3∵∠QPB＝∠QCB，∠1＝∠2，∴∠PQC＝∠PBC＝90度；③當點Q與點B重合時，顯然∠PQC＝90度，綜合①②③，∠PQC＝90度，∴在L1上存在點C（1，1），使得△CPQ是以Q為直角頂點的等腰直角三角形．【點睛】本題結合了三角形的相關知識考查了一次函數及二次函數的應用，要注意的是（2）中為保證線段的長度不為負數要分情況進行求解．（3）中由于Q，P點的位置不確定，因此要分類進行討論不要漏解．23、(I)見解析；(II)【解析】

(I)根據菱形的尺規(guī)作圖的方法作圖即可.(II)先由勾股定理可得出AB的長度，然后根據菱形的面積：即可求出h的長度.【詳解】(I)如圖，點是所求作的點，∴四邊形是菱形.(II)如圖：連接AC，交BD于點O.∵四邊形是菱形，∴，，，在中，由勾股定理得：，∵，∴，解得：.【點睛】本題考查了菱形的尺規(guī)作圖和菱形的性質，難點在于根據等面積法求出h的值.24、(1)見解析;(2)見解析.【解析】

（1）由折疊得到D=∠FGH=90°，∠C=∠H=90°，EC=EH，由矩形得出邊平行，內角為直角，將問題轉化到△EGH中，由30°所對的直角邊等于斜邊的一半，利用等量代換可得結論；

（2）由軸對稱的性質，對稱軸垂直平分對應點所連接的線段，垂直于同一直線的兩條直線互相平行得出結論．【詳解】證明：