第1頁/共1頁東城區2024-2025學年度第一學期期末統一檢測高一物理2025.1本試卷共8頁，共100分。考試時長90分鐘?？忌鷦毡貙⒋鸢复鹪诖痤}卡上，在試卷上作答無效。考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。第一部分本部分共14題，每小題3分，共42分。在每小題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1.下列各組物理量中，都是矢量的是（）A.時間、加速度 B.重力、速度 C.路程、彈力 D.質量、位移【答案】B【解析】【詳解】加速度、重力、速度、彈力和位移都是既有大小又有方向的物理量，是矢量；而時間、路程和質量只有大小無方向，是標量。故選B。2.小孩從如圖所示的滑梯上由靜止開始下滑，下列圖像可以表示他的受力或運動情況的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】AD．小孩從如圖所示的滑梯上由靜止開始下滑，所受的合外力不變，加速度不變，則選項A正確，D錯誤；BC．小孩在滑梯上做勻加速下滑，則x-t圖像為曲線，v-t圖像為過原點的傾斜直線，選項BC錯誤。故選A。3.一小物體從高為6層的樓房的樓頂由靜止落下，每層樓高約為3m，不考慮空氣阻力，g取，則小物體（）A.經過大約4s落地B.落地時速度大小約為40m/sC.通過5樓的時間小于通過3樓的時間D.通過6樓和5樓所用時間之比為【答案】D【解析】【詳解】A．根據解得故A錯誤；B．根據故B錯誤；C．物體下落的速度越來越大，則物體通過5樓的平均速度小于通過3樓的平均速度，通過5樓的時間大于通過3樓的時間，故C錯誤；D．設每層樓高為，由通過6樓的時間為通過5樓所用時間通過6樓和5樓所用時間之之比為，故D正確。故選D。4.用兩臺無人機協同工作運送樹苗，如圖所示，兩條繩之間的夾角為，設樹苗質量為m，當無人機和樹苗勻速移動時每條繩的拉力大小為（）A. B.mg C. D.【答案】A【解析】【詳解】由平衡條件有解得每條繩的拉力大小為故選A。5.下列關于牛頓運動定律的說法正確的是（）A.牛頓第一定律是牛頓第二定律在合外力為零情況下的特例B.用力提一個很重的箱子但沒有提動，這與牛頓第二定律矛盾C.從尾部向外噴氣使火箭加速的過程，可用牛頓第二定律和牛頓第三定律解釋D.根據牛頓第三定律，用手托著一塊磚突然向上加速時，磚受到的支持力大于手受到的壓力【答案】C【解析】【詳解】A．牛頓第一定律揭示了力和運動的關系，即力是改變物體運動狀態的原因或產生加速度的原因，同時指出了物體具有保持原來運動狀態的屬性，即慣性。因為不受力的物體是不存在的，從這里可以看出牛頓第一定律是理想情況下的定律，牛頓第二定律指出了加速度與力和質量的關系即F=ma，當加速度a=0時，并不能說明物體不受力，只能說明作用于物體的幾個力的合力為零，因此，牛頓第一定律不是牛頓第二定律在物體的加速度a=0條件下的特例，故A錯誤；B．用力提一個很重的箱子，卻提不動它，這跟牛頓第二定律不矛盾，因為箱子受到的合力為零，故箱子靜止，故B錯誤；C．向尾部噴氣使火箭加速的過程，可用牛頓第二定律和牛頓第三定律解釋，故C正確；D．用手托著一塊磚突然向上加速時，磚受到的支持力與手受到的壓力是一對相互作用力，兩者大小相等，方向相反，故D錯誤。故選C。6.物體靜止在光滑水平面上，某時刻在物體上施加一個方向水平向東力F，且F的大小逐漸減小到零，對此過程中物體的運動情況判斷正確的是（）A.加速度方向與速度方向相反 B.向東做減速運動C.F減小到零時速度最大 D.速度變化得越來越快【答案】C【解析】【詳解】物體受到向東的力F，則加速度方向向右，即物體向右做加速運動，加速度方向與速度方向相同，隨著力F的減小，物體的加速度減小，速度的變化越來越慢，即物體向東做加速度減小的加速運動，當加速度減為零時速度達到最大。故選C。7.利用頻閃攝影探究自由落體運動，如圖所示是小球自由下落時的頻閃照片，頻閃儀每隔閃光一次，照片中數據的單位是cm。根據本題及照片中的信息可知，下列說法正確的是（）A.C點的速度約為3.2m/sB.可利用求小球的加速度值，約為2.4cmC.計算B、C、D、E各點速度，做圖像，可由斜率得到重力加速度值D.計算B、C、D、E各點速度，做圖像，可由斜率求出小球的加速度值【答案】D【解析】【詳解】A．C點的速度約為選項A錯誤；B．根據相鄰相等時間的位移關系，可利用求小球的加速度值，約為1.6cm，選項B錯誤；CD．計算B、C、D、E各點速度，根據速度與位移關系公式v2=2gh可知若做圖像，則圖像不是直線，不可由斜率得到重力加速度值；若做圖像，可由斜率求出小球的加速度值，選項C錯誤，D正確。故選D。8.做“探究彈簧彈力與形變量的關系”的實驗時，使用兩條不同的輕質彈簧a和b，分別得到彈簧彈力F與彈簧長度l關系的兩條圖線如圖所示，則由圖可知（）A.彈簧a的彈力與其長度成正比 B.彈簧a的原長比彈簧b的短C.彈簧a的勁度系數比b的小 D.彈簧b的彈力與其形變量成反比【答案】B【解析】【詳解】A．因圖像不過原點，可知彈簧a的彈力與其長度不成正比，選項A錯誤；B．圖像與橫軸的交點等于彈簧原長，可知彈簧a的原長比彈簧b的短，選項B正確；C．根據則F-l圖像的斜率等于彈簧的勁度系數，可知彈簧a的勁度系數比b的大，選項C錯誤；D．彈簧b的彈力與其形變量成正比，選項D錯誤。故選B。9.如圖所示，水平傳送帶以的速度順時針勻速轉動，其兩端點A、B之間的距離。將可視為質點的小物塊無初速度地放在傳送帶A端，物塊與傳送帶之間的動摩擦因數，g取10m/，則小物塊在傳送帶上運動的時間為（）A.0.5s B.1.0s C.1.5s D.2.0s【答案】C【解析】【詳解】物體先做勻加速直線運動，由牛頓第二定律有設經物塊與傳送帶共速，有物塊的位移為物塊勻速的時間為小物塊在傳送帶上運動的時間為故選C。10.一物體由靜止開始在豎直方向運動，其加速度a隨時間t變化的規律如圖所示，取豎直向下為正方向，則物體（）A.做往返運動，4s末回到出發點 B.前2s內與前4s內的平均速度相等C.第2s內與第3s內速度變化量相同 D.在第1s內處于超重狀態【答案】B【解析】【詳解】將加速度a隨時間t變化的規律轉換成速度隨時間變化的規律，如圖所示A．由速度隨時間變化圖像可知，物體做單向直線運動，故A錯誤；B．根據可知前2s內與前4s內的位移之比為1:2，由可得前2s內與前4s內的平均速度相等，故B正確；C．第2s內與第3s內加速度方向相反，所以速度變化量不相同，故C錯誤；D．在第1s內加速度方向豎直向下，處于失重狀態，故D錯誤。故選B。11.如圖所示，質量為M的斜面支架放在水平桌面上，質量為m的書放在斜面支架上，二者均靜止。書與斜面間的動摩擦因數為，斜面與水平面的夾角用表示，重力加速度記為g，下列說法正確的是（）A.書受到摩擦力的大小為B.當略微減小時，書所受支持力和重力的合力增大C.當增大到使書在斜面上勻速滑動時，支架對桌面的壓力大于D.當增大到使書在斜面上加速滑動時，桌面對支架的摩擦力水平向右【答案】D【解析】【詳解】A．書處于靜止狀態，受到靜摩擦力作用，根據平衡條件可得，書受到摩擦力的大小為故A錯誤；B．書所受支持力和重力的合力等于重力沿斜面的分力，大小為當略微減小時，書所受支持力和重力的合力減小，故B錯誤；C．當增大到使書在斜面上勻速滑動時，以書和斜面支架為整體，根據受力平衡可得可知支架對桌面的壓力等于，故C錯誤；D．當增大到使書在斜面上加速滑動時，書有沿斜面向下的加速度，則具有水平向右的加速度，以書和斜面支架為質點組，根據質點組牛頓第二定律可得可知桌面對支架的摩擦力水平向右，故D正確。故選D。12.人站在壓力傳感器上持續多次完成下蹲、站起、下蹲、站起的動作，某段時間內傳感器采集的壓力F隨時間t變化的情況如圖所示，根據圖像判斷下列說法中正確的是（）（重力加速度g?。〢.在所記錄的0~8s時間段內，人完成了兩次“下蹲”和兩次“站起”的動作B.在的時刻，人下蹲至最低點C.在的時刻，人的速度最大D.完成b圖像對應動作比完成a圖像對應動作所用時間長【答案】D【解析】【詳解】A．由圖像可知“下蹲”過程中，力傳感器上的示數先小于重力，后大于重力，“站起”過程中，力傳感器上的示數先大于重力，后小于重力，則0～8s時間段內，人完成了一次“下蹲”和一次“站起”的動作，故A錯誤；B．F=200N的時刻，人處于失重狀態，并非下蹲至最低點，故B錯誤；C．當加速度為0時，速度最大，F=700N的時刻，人的加速度不為0，速度不是最大，故C錯誤；D．由圖可知b圖的峰值較小，則可知平均加速度較小，根據x=at2可知，位移相同，則時間較長，故D正確；故選D。13.老虎車是一種搬運工具，如圖所示，車的平面與擋板垂直。某次運貨時貨物與車保持相對靜止并水平向右做加速運動，車平面與水平地面的夾角為，重力加速度為g。不考慮貨物與車平面及與擋板之間的摩擦，下列說法正確的是（）A.當老虎車的加速度為時，車平面對貨物的支持力為0B.當擋板對貨物作用力為0時，老虎車的加速度為C.當加速度不斷增大時，貨物會沿車平面向上滑D.當老虎車突然剎車時，貨物只會沿車平面滑動，不會離開車平面【答案】C【解析】【詳解】A．運貨時貨物與車保持相對靜止并水平向右做加速運動，設平面對貨物的支持力為，擋板對貨物的彈力為，對貨物由牛頓第二定律有當老虎車的加速度為時，有可知車平面對貨物的支持力不為0，故A錯誤；B．當擋板對貨物作用力為0時，貨物只受重力和車平面的支持力，由牛頓第二定律可得解得老虎車的加速度為故B錯誤；C．對貨物由牛頓第二定律有可知當加速度不斷增大時，平面對貨物的支持力增大，擋板對貨物的彈力減小，當車的加速度增大到時，擋板對貨物作用力為0，平板車加速度再增大貨物將會沿車平面向上滑，故C正確；D．當老虎車突然剎車時，老虎車減速，但貨物由于慣性會保持原來的運動狀態，貨物會離開車平面，故D錯誤。故選C。14.如圖甲所示，兩薄木板A、B質量相同，其中木板A與墻面間的動摩擦因數為，木板B與木板A間的動摩擦因數為，光滑重球被輕質細繩跨過定滑輪拉住，整個系統處于靜止狀態?，F緩緩釋放細繩使重球緩慢下降，對可能出現的情況，下列說法正確的是（）A.若出現圖乙所示情況，只要 B.若，會出現圖乙所示情況C.要出現圖丙所示情況，必有 D.若，會出現圖丙所示情況【答案】D【解析】【詳解】AB．設球對木板壓力為F，則對圖乙所示情況，對A分析可知對B分析可知聯立解得選項AB錯誤；CD．對圖丙所示情況，對AB整體分析可知對B分析可知聯立解得選項C錯誤，D正確。故選D。第二部分本部分共6題，共58分。15.如圖所示為“驗證力的平行四邊形定則”的實驗，實驗步驟如下：①用兩個相同的彈簧測力計沿細繩互成角度拉套在橡皮筋結點的細繩套，使橡皮筋伸長，結點到達紙面上某一位置靜止，記為O；②記錄兩個彈簧測力計的拉力、的_____和_____；③只用一個彈簧測力計拉繩套，使結點_____，記錄彈簧測力計的拉力F；④按照力的圖示要求，作出拉力、、F的圖示；⑤根據力的平行四邊形定則，作出和的合力；⑥比較F與的大小、方向的一致程度。（1）請將步驟②中的內容填寫完整：_____、_____。（2）請將步驟③中的內容填寫完整：_____。（3）下圖四個實驗報告中的實驗記錄及數據處理，正確的是_____（選填對應選項的字母）。A. B.C. D.【答案】（1）①.大?、?方向（2）仍到位置O（3）B【解析】【小問1詳解】②[1][2]記錄兩個彈簧測力計的拉力、的大小和方向；【小問2詳解】③只用一個彈簧測力計拉繩套，使結點仍到位置O，記錄彈簧測力計的拉力F；【小問3詳解】是兩個分力合力的理論值；F是兩個分力合力的實驗值，其方向一定沿OA方向，由于實驗存在誤差，則與F有偏差。故選B。16.做探究“加速度與質量的關系”和探究“加速度與力的關系”的實驗。（1）采用如圖甲所示的裝置探究“加速度與質量的關系”：保持槽碼質量不變，通過增減小車中的砝碼個數改變小車中砝碼和小車的總質量M，與此相對應，利用紙帶上打出的點來測量小車的加速度。①對此實驗方案，下列做法中合理的是_____（選填正確選項前的字母）。A．在平衡阻力時，需要把木板的一側墊高，并將牽引槽碼用細線通過定滑輪系在小車上B．實驗時，先接通打點計時器電源，待打點計時器工作穩定后再釋放小車C．調節滑輪，使細線與木板平行D．小車質量應遠遠大于槽碼的質量②圖乙所示為本實驗中得到的一條清晰紙帶，紙帶上兩相鄰計數點間的時間間隔T=0.10s，由該紙帶可求得小車的加速度a=_____m/s2（計算結果保留2位有效數字）。（2）為了探究加速度與力的關系，使用如圖丙所示的氣墊導軌裝置進行實驗，其中G1、G2為兩個光電門，它們與數字計時器相連，當滑塊通過G1、G2光電門時，光束被遮擋的時間Δt1、Δt2都可以被測量并記錄，滑塊連同上面固定的一條形擋光片的總質量為M，擋光片寬度為D，遮光條從開始遮住G1到開始遮住G2的時間為t，牽引槽碼的質量為m，回答下列問題。①若取M=0.4kg，改變m的值，進行多次實驗，以下m的取值不合適的一個是_____。A．m1=5gB．m2=15gC．m3=20gD．m4=400g②在此實驗中，需要測得每一個牽引力對應的加速度，求得的加速度a的表達式為_____（用Δt1、Δt2、D、t表示）。【答案】（1）①.BCD②.0.51（2）①.D②.【解析】【小問1詳解】①[1]A．在平衡阻力時，需要把木板的一側墊高，不能將槽碼用細線通過定滑輪系在小車上，故A錯誤；B．實驗時，先接通打點計時器電源，待打點計時器工作穩定后再釋放小車，故B正確；C．調節滑輪，使細線與木板平行，故C正確；D．為了使細繩對小車的拉力近似等于槽碼的重力，小車質量應遠遠大于槽碼的質量，故D正確。故選BCD。②[2]圖乙所示為本實驗中得到的一條清晰紙帶，紙帶上兩相鄰計數點間的時間間隔T=0.10s，由逐差法可求得小車的加速度為【小問2詳解】①[1]為了探究加速度與力的關系的實驗中，當槽碼的質量遠小于滑塊連同上面固定的擋光片的總質量時，才能近似認為槽碼受到的重力等于滑塊受到的拉力，故D不合適。故選D。②[2]光束被遮擋的時間Δt1、Δt2，則對應的速度分別為根據加速度定義式有解得17.一滑雪道由AB和BC兩段材質相同的滑道組成，其中AB段長度，與水平方向夾角，BC段沿水平方向且足夠長，AB與BC之間由不計長度的小圓弧相連。已知當運動員從A點由靜止下滑，經過5s后到達B點。取重力加速度大小，，，求運動員：（1）滑到B點時的速度；（2）與滑雪道間的動摩擦因數；（3）在BC段上滑行的距離l?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【詳解】（1）運動員在AB段做初速度為零的勻加速直線運動解得由勻變速直線運動速度與時間的關系可得（2）運動員在AB段受重力、垂直于斜面支持力和沿斜面向上的摩擦力，由牛頓第二定律可知解得（3）運動員在BC段受重力、豎直向上的支持力和水平向左的摩擦力，由牛頓第二定律可知解得由解得18.如圖甲所示是“中國天眼”500m口徑球面射電望遠鏡維護時的照片。為不損傷望遠鏡球面，質量為m的工作人員被懸在空中的氫氣球拉著，當他在離底部有一定高度的望遠鏡球面上緩慢移動時，氫氣球對其有大小恒為、方向豎直向上的拉力作用。將球面視為半徑為R的幾何球面，球心用O表示，如圖乙所示，球面上A點與球心O的連線和O點與球面最低點的連線之間的夾角為θ。將人視為質點，當工作人員站在圖乙中的A點處靜止時，求：（1）球面對工作人員作用力的大小F和作用力的方向；（2）工作人員對球面壓力的大小FN和摩擦力的大小Ff；（3）為了維修更高處的鏡面，工作人員移動到圖乙中的B處，請說明他靜止在B處時，第（1）、（2）問中提到的F、FN及Ff各有哪些變化?！敬鸢浮浚?），力的方向為豎直向上（2），（3）F的大小和方向都不變，FN變小，Ff變大【解析】【小問1詳解】人靜止，所受合力為零，因此球面對人作用力的大小為力的方向為豎直向上；【小問2詳解】將力F沿半徑方向和切線方向正交分解，可得人對球面壓力的大小對球面摩擦力的大小【小問3詳解】人移動到圖乙中的B處時，由于氫氣球對其拉力和其自身的重力都不變，因此力F的大小和方向都不變；由于B點位置比A點高，因此θ變大，由第（2）問結果可知，FN變小，Ff變大。19.我國自主研發的某款戰斗機的一些參數如下表所示。（1）若該戰斗機滿載起飛時速度需要達到150m/s，在跑道上加速時發動機提供的推力為最大推力，不考慮加速過程中的各種阻力，求戰斗機需要在跑道上滑行至起飛所需的時間t；（2）戰斗機以的速度水平飛行時，雷達顯示其正前方有一飛行物在以的速度水平勻速飛行，為了追趕飛行物，戰斗機以的加速度追趕，當戰斗機的速度達到表中所示的最高飛行速度時，二者間的距離縮短了多少米？（3）若該戰斗機滿載出發，返航時以80m/s的速度著陸后在跑道上減速，其位移x與速度v的關系曲線如圖所示，已知減速過程中的制動力及阻力的合力恒為，求戰斗機在這次飛行全過程中所投出的載重和燃油損耗的總質量?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】