…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、在如圖所示的電路中，閉合開關后，當滑動變阻器R1的滑片P向a端移動時。

A.A1、A2的示數都減小B.A1、A2的示數都增大C.A1的示數增大，A2的示數減小D.A1的示數減小，A2的示數增大2、下列說法錯誤的是（）A.自然發生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的B.液體表面層內分子間的相互作用力表現為斥力C.若一定質量的理想氣體被壓縮且吸收熱量，則壓強一定增大D.分子勢能隨著分子間距離的增大，可能先減小后增大3、用兩個相同的小量程電流表分別改裝成了兩個量程0.6A電流表的A1和3A電流表的A2,若把A1、A2分別采用串聯或并聯的方式接入電路,如圖所示,則閉合開關后,下列有關電表的示數和電表指針偏轉角度的說法正確的是

A.圖（a）中的A1、A2的示數之比1:1B.圖（a）中的A1、A2的指針偏角角度之比1:5C.圖（b）中的A1、A2的示數之比1:5D.圖（b）中的A1、A2的指針偏角角度之比5:14、如圖所示；直角三角形導線框OPQ放置在磁感應強度大小為B，方向垂直于OQ向右的勻強磁場中，且OP邊的長度為l，∠POQ=θ．當導線框繞OQ邊以角速度ω逆時針轉動（從O向Q觀察）時，下列說法正確的是。

A.導線框OPQ內無感應電流B.導線框OPQ內產生大小恒定，方向周期性變化的交變電流C.P點的電勢始終大于O點的電勢D.如果截去導線PQ，則P、O兩點的電勢差的最大值為5、如圖所示，實線表示電場線，虛線表示帶電粒子運動的軌跡，帶電粒子只受電場力作用，運動過程中電勢能減小，它運動到b處時的運動方向與受力方向可能的是（）A.B.C.D.6、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在時刻的波形如圖所示，此時P、Q兩質點分別處于平衡位置和波峰位置．則在時刻；下列說法正確的是。

A.質點P的動能為零B.質點P沿y軸正方向運動C.質點Q的速度最大D.質點Q的加速度為零7、一簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波長為周期為T．t=0時刻的波形如圖1所示，a、b是波上的兩個質點．圖2是波上某一質點的振動圖象．下列說法正確的是。

A.t=0時質點a的速度比質點b的大B.圖2可以表示質點a的振動C.增大波源的振動頻率，圖1中的將變大D.增大波源的振動頻率，圖2中的將變小8、某同學用半徑相同的兩個小球a、b來研究碰撞問題，實驗裝置示意圖如圖所示，O點是小球水平拋出點在水平地面上的垂直投影．實驗時，先讓入射小球a多次從斜軌上的某一確定位置由靜止釋放，從水平軌道的右端水平拋出，經多次重復上述操作，確定出其平均落地點的位置P；然后，把被碰小球b置于水平軌道的末端，再將入射小球a從斜軌上的同一位置由靜止釋放，使其與小球b對心正碰，多次重復實驗，確定出a、b相碰后它們各自的平均落地點的位置M、N；分別測量平拋射程OM、ON和OP．已知a、b兩小球質量之比為6：1，在實驗誤差允許范圍內，下列說法中正確的是（）

A.a、b兩個小球相碰后在空中運動的時間之比為OM：ONB.a、b兩個小球相碰后落地時重力的瞬時功率之比為6OM：ONC.若a、b兩個小球在碰撞前后動量守恒，則一定有6ON=6OM+OPD.若a、b兩個小球的碰撞為彈性碰撞，則一定有OP+OM=ON9、下列說法正確的是（）A.放射性物質的溫度降低，其半衰期將變大B.大量處于n=4激發態的氫原子向低能級躍遷，將輻射出4種頻率的光C.一束光照射到某種金屬上不能發生光電效應，改用波長較長的光照射就有可能發生D.氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電子動能減小，電勢能增大，總能量也增大評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示，閉合電鍵S后，A燈與B燈均發光，電流表A1、A2的讀數分別為I1、I2，當滑動變阻器滑動片向下滑動一段后，電流表A1、A2讀數變化的大小分別為△I1、△I2；則下列說法中正確的是（）

A.A燈變暗B.B燈變亮C.I1、I2都變小D.△I1＜△I211、下列說法正確的是（）A.溫度計測溫原理就是熱平衡定律B.溫度計與被測系統的溫度不相同時，讀不出示數C.溫度計讀出的示數是它自身這個系統的溫度，若它與被測系統熱平衡，這一示數也是被測系統的溫度D.溫度計讀出的示數總是被測系統的溫度，無論是否達到熱平衡12、下列說法中正確的是（）A.水由液態變為氣態，分子勢能增加B.浸潤和不浸潤現象是液體分子間相互作用的表現C.氣體壓強僅與氣體分子的平均動能有關E.溫度降低，則分子的平均動能變小E.溫度降低，則分子的平均動能變小13、下列說法正確的是（）A.用油膜法可以估測分子的大小B.晶體的熔點是確定的，幾何形狀是規則的C.石英、云母、明礬、玻璃等是晶體，食鹽、蜂蠟、松香、橡膠等是非晶體E.英國物理學家焦耳通過實驗測定了外界對系統做功和傳熱對于系統狀態的影響，并得出功與熱量的相互關系E.英國物理學家焦耳通過實驗測定了外界對系統做功和傳熱對于系統狀態的影響，并得出功與熱量的相互關系14、下列說法正確的是（）A.布朗運動就是分子的無規則運動B.熱力學溫度是國際單位制中7個基本物理量之一C.熱量能夠自發地從高溫物體傳到低溫物體，但不能自發地從低溫物體傳到高溫物體E.一個系統與另一個系統達到熱平衡時兩系統溫度相同E.一個系統與另一個系統達到熱平衡時兩系統溫度相同15、關于熱學規律，下列說法正確的是（）A.熱量可以自發地從高溫物體向低溫物體傳遞，但要從低溫物體向高溫物體傳遞，必須有第三者介入B.如果用Q表示物體吸收的能量，用W表示物體對外界所做的功，ΔU表示物體內能的增加，那么熱力學第一定律可以表達為C.蒸發的快慢與空氣的濕度有關，與氣溫無關E.在用油膜法估測分子的直徑的實驗中，主要是解決兩個問題：一是獲得很小的一滴油酸并測出其體積，二是測量這滴油酸在水面上形成的油膜面積E.在用油膜法估測分子的直徑的實驗中，主要是解決兩個問題：一是獲得很小的一滴油酸并測出其體積，二是測量這滴油酸在水面上形成的油膜面積16、某同學自制一電流表，其原理如圖所示。質量為m的均勻細金屬桿MN與一豎直懸掛的絕緣輕彈簧相連，彈簧的勁度系數為k，在矩形區域abcd內有勻強磁場，ab=L1，bc=L2，磁感應強度大小為B，方向垂直紙面向外。MN的右端連接一絕緣輕指針，可指示出標尺上的刻度。MN的長度大于ab，當MN中沒有電流通過且處于靜止時，MN與矩形區域的ab邊重合，且指針指在標尺的零刻度；當MN中有電流時，指針示數可表示電流強度。MN始終在紙面內且保持水平，重力加速度為g。下列說法中正確的是（）

A.當電流表的示數為零時，彈簧的伸長量為B.標尺上的電流刻度是不均勻的C.為使電流表正常工作，流過金屬桿的電流方向為M→ND.電流表的量程為17、一單擺在地球表面做受迫振動；其共振曲線（振幅A與驅動力的頻率f的關系）如圖所示，則。

A.此單擺的固有頻率為0.5HzB.此單擺的擺長約為1mC.若擺長增大，單擺的固有頻率減小D.若擺長增大，共振曲線的峰將向右移動18、如圖所示的電路，是定值電阻，是滑動變阻器，電源內阻不可忽略．閉合開關，在電路穩定后，將滑動變阻器的滑動觸頭由中點向下移動的過程中()

A.電壓表示數變小B.電容器充電C.電源的總功率變大D.通過滑動變阻器的電流變小評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)19、一瓶酒精用了一些后，把瓶蓋擰緊，不久瓶內液面上方形成了酒精的飽和汽，此時_____（選填“有”或“沒有”）酒精分子從液面飛出。當溫度升高時，瓶中酒精飽和汽的密度_____（選填“增大”“減小”或“不變”）。20、研究性學習小組圍繞一個量程為30mA的電流計展開探究．

（1）為測量該電流計的內阻，同學甲設計了如圖（a）所示的電路．圖中電源電動勢未知，內阻不計．閉合開關，將電阻箱阻值調到10Ω時，電流計恰好滿偏；將電阻箱阻值調到85Ω時，電流計指針指在如圖（b）所示位置，則電流計的讀數為______m。A．由以上數據可得電流計的內阻Rg=______Ω

（2）同學乙將甲設計的電路稍作改變，在電流計兩端接上兩個表筆，如圖（c）所示，設計出一個簡易的歐姆表，并將表盤的電流刻度轉換為電阻刻度：閉合開關，將兩表筆斷開，調節電阻箱，使指針指在“30mA”處，此處刻度應標阻值為______Ω（填“0”或∞”）；再保持電阻箱阻值不變，在兩表筆間接不同阻值的已知電阻，找出對應的電流刻度，則“15mA“處對應表筆間電阻阻值為______Ω．

若該歐姆表使用一段時間后，電池內阻變大不能忽略，電源電動勢不變但將兩表筆斷開，指針仍能滿偏，按正確使用方法再進行測量，其測量結果與原結果相比將______（選填“變大”、“變小”或“不變”）．21、基本邏輯電路——門電路中所謂“門”，就是一種開關，在一定條件下它允許信號通過；如果條件不滿足，信號就被阻擋在“門”外。如圖所示的電路是用來說明“______”邏輯關系的電路。（選填“與”、“非’’或者“或”）22、如圖所示，一定質量的理想氣體由狀態經過等壓變化到達狀態再從狀態經過等容變化到達狀態狀態與狀態溫度相等。則：氣體在狀態的溫度______在狀態的溫度（選填“小于”“等于”或“大于”），氣體在狀態的內能______在狀態的內能（選填“小于”“等于”或“大于”）；從狀態到狀態的過程中，氣體______（選填“吸熱”或“放熱”）。

23、封閉汽缸內一定質量的理想氣體由狀態A經狀態B再變化到狀態C，其體積V隨熱力學溫度T變化的關系圖象如圖所示，氣體在狀態B時的溫度T2＝________K。氣體在從狀態A變化到狀態B的過程中吸收熱量Q1＝240J，對外做功為W＝100J．則氣體由狀態B變化到狀態C的過程中，氣體向外傳遞的熱量Q2＝________J。

24、在如甲圖所示的電路中，電源電動勢為3.0V，內阻不計，L1、L2、L3為3個相同規格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．當開關閉合后，燈泡L1的電阻為_________Ω，燈泡L2消耗的電功率為_________W．

25、如圖所示，平行導軌間的距離為d，一端跨接一個電阻R，勻強磁場的磁感應強度為B，方向垂直于平行金屬導軌所在平面向里。一根足夠長的金屬棒與導軌成θ角放置，金屬棒與導軌的電阻不計，當金屬棒沿垂直于棒的方向滑行時，則ab的電勢差為____，φa_____φb。（填寫“＜”“＞”“﹦”）

26、（1）人類對物質屬性的認識是從宏觀到微觀不斷深入的過程。以下說法正確的是_____________。

a．液體的分子勢能與體積有關。

b．晶體的物理性質都是各向異性的。

c．溫度升高；每個分子的動能都增大。

d．露珠呈球狀是由于液體表面張力的作用。

（2）氣體溫度計結構如圖所示。玻璃測溫泡A內充有理想氣體，通過細玻璃管B和水銀壓強計相連。開始時A處于冰水混合物中，左管C中水銀面在O點處，右管D中水銀面高出O點h1=14cm，后將A放入待測恒溫槽中，上下移動D，使C中水銀面仍在O點處，測得D中水銀面高出O點h2=44cm。（已知外界大氣壓為1個標準大氣壓；1標準大氣壓相當于76cmHg）

①求恒溫槽的溫度______。

②此過程A內氣體內能________（填“增大”或“減小”）；氣體不對外做功，氣體將。

__________（填“吸熱”或“放熱”）。27、質量為M的物塊靜止在光滑水平桌面上，質量為m的子彈以水平速度v0射入物塊后，以水平速度2v0/3射出．則物塊的速度為_______，此過程中損失的機械能為______．評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)28、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

29、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

30、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共7分)31、干電池本身有一定的電阻，因此，實際干電池可以等效為一個沒有電阻的理想干電池和一個阻值一定的電阻相串聯而成。如圖所示，電源由幾個相同的干電池組成，合上開關S，變阻器的滑片從A端滑到B端的過程中，電路中的一些物理量的變化，如圖甲、乙、丙所示，圖甲為電壓表示數與電流表示數關系，圖乙為干電池輸出功率跟電壓表示數關系，圖丙為干電池輸出電能的效率η與變阻器接入電路電阻大小的關系；不計電表；導線對電路的影響，則：

（1）串聯的干電池數為_______個；

（2）變阻器的總電阻為_______Ω；

（3）乙圖上b點的坐標為_______。評卷人得分六、解答題(共2題，共12分)32、如圖所示，一束初速度為零的帶電量為e、質量為m的電子流經電壓U1的加速電場加速后，沿垂直于偏轉電場的場強方向進入偏轉電場，最后飛出偏轉電場。已知偏轉電場兩平行板間的電勢差為U2，極板長為L，兩板間的距離為d；忽略電子重力。求：

（1）電子在偏轉電場中的運動時間；

（2）電子離開偏轉電場時相對于入射方向的側移距離；

（3）電子離開偏轉電場時的動能。33、在地球大氣層外的空間中，當同步衛星在其參考位置附近飄移時，可以利用離子推進器產生的推力進行衛星姿態的控制和軌道的修正．離子推進器的工作原理是先將推進劑電離，并在強電場作用下將離子加速噴出，通過反沖運動獲得推力．如圖所示為離子推進器的示意圖：推進劑從P處進入，在A處電離成正離子，BC是加速電極，離子在BC間的加速電壓的作用下，從D噴出．已知該正離子的比荷（電荷量與質量之比）為k，經電壓為U的電場加速后形成電流強度為I的離子束．若離子進入B的速度很小；可忽略不計．求：

（1）離子從D噴出的速度；

（2）同步衛星獲得的推力。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】當滑動變阻器R1的滑動片P向a端移動時，R1增大，外電路總電阻增大，干路電流減小，所以可知A1的示數減小．電源的內電壓減小，則路端電壓增大，通過R2的電流增大，則通過A2的電流減小．故A正確．故選A.

【點睛】結合串并聯電路的特點，按“局部到整體再到局部”的順序進行動態分析．2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．根據熱力學第二定律；自然發生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的，故A正確；

B．液體表面層內的分子之間距離大于所以表面層內分子間的相互作用力表現為引力，故B錯誤；

C．一定質量的理想氣體被壓縮；則分子數密集程度增加，同時吸收熱量，則溫度升高，分子運動激烈，從壓強的微觀角度分析可知，壓強一定增大，故C正確；

D．當分子間距小于時，分子間作用力表現為斥力，分之間距離變大分子力做正功勢能降低，當距離大于分子力表現為引力，距離變大做負功勢能增加，故D正確。

本題選錯誤的，故選B。3、D【分析】【詳解】

改裝后的電流表是小量程電流計與定值電阻并聯而成；圖甲中的A1、A2并聯，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉的角度相同，量程不同的電流表讀數不同．故AB錯誤．圖乙中的A1、A2串聯，A1、A2的示數相同．由于量程不同，內阻不同，電表兩端的電壓不同，流過表頭的電流不同，指針偏轉的角度不同．因兩電流表的內阻之比為則兩電表兩端的電壓之比為5:1，則A1、A2的指針偏角角度之比5:1；故C錯誤．D正確故選D．

【點睛】

本題要對于安培表的內部結構要了解：小量程電流表（表頭）與分流電阻并聯而成．指針偏轉角度取決于流過表頭的電流大小．4、D【分析】【詳解】

AB、導線框OPQ內，只有邊長OP做切割磁感線運動，產生感應電動勢，根據法拉第電磁感應定律可求得感應電動勢的大小為故導線框OPQ內產生正弦式交變電流；故AB錯誤；

C、由于導線框OPQ內產生正弦式交變電流，P點的電勢與O點的電勢大小成周期性變化；選項C錯誤；

D、如果截去導線PQ，則沒有感應電流，但P、O兩點間的電勢差故最大值為故D正確；

故選D；

【點睛】線圈在繞垂直于磁場方向的轉軸轉動，產生正弦式交變電流,根據法拉第電磁感應求得產生的最大感應電動勢，根據導體板切割磁感線求得形成的最大感應電動勢．5、C【分析】【分析】

據粒子的運動軌跡；判斷粒子所受的電場力大體指向彎曲一側，從而判斷粒子受到的電場力的方向；電場力做正功粒子的動能增大，電勢能減小．

【詳解】

粒子的運動軌跡；判斷粒子所受的電場力大體指向彎曲一側，從而判斷粒子受力的方向向右，因不知電場線的方向，不能判斷出粒子的電性；由于運動飛過程中粒子的電勢能減小，所以電場力做正功，粒子運動的方向一定是c到a；故選項C正確，選項ABD錯誤；故選C．

【點睛】

本題關鍵是根據運動軌跡來判定電場力方向，由曲線運動條件可知合力偏向曲線內側；電場線的疏密表示電場強度的強弱；用電場力做功和能量守恒定律判斷動能和電勢能的變化．6、B【分析】質點P在平衡位置，速度最大，則動能最大，選項A錯誤；根據“同側法”可知，質點P沿y軸正方向運動，選項B正確；質點Q在最高點，則速度為零，加速度最大，選項CD錯誤；故選B.7、D【分析】【詳解】

t=0時質點a位于最大位移處，b質點經過平衡位置，所以質點a的速度比質點b的小，故A錯誤；由圖2知，t=0時刻質點經過位置向下運動，圖1是t=0時刻的波形，此時a位于波峰，位移最大，與圖2中t=0時刻質點的狀態不符，而質點b在t=0時刻經過平衡位置向下運動，與圖2中t=0時刻質點的狀態相符，所以圖2不能表示質點a的振動，可以表示質點b的振動，故B錯誤。增大波源的振動頻率，根據T=1/f可知，波的周期減小；波傳播速度由介質決定，則波速不變，根據λ=vT可知圖1中的波長λ將變小，選項C錯誤，D正確，故選D.8、D【分析】【分析】

兩球碰撞后均做平拋運動；根據高度比較平拋運動的時間，根據重力的瞬時功率公式，結合豎直方向上的分速度得出瞬時功率之比；碰撞過程中動量守恒，運用水平位移代替速度得出動量守恒的表達式，若為彈性碰撞，動量守恒，機械能守恒；

【詳解】

A、根據知；高度相同，則兩球運動的時間相同，故A錯誤；

B、根據可知兩球落地時的豎直分速度相等，根據知，a、b兩球的質量之比為6:1；則重力的瞬時功率之比為6:1，故B錯誤；

C、開始a球平拋運動的初速度碰撞后，a球的速度b球的速度根據動量守恒有：則有：故C錯誤；

D、若為彈性碰撞，根據動量守恒有：根據機械能守恒有：則有：聯立解得故D正確；

故選D．

【點睛】

關鍵知道平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關，知道彈性碰撞的過程中，動量守恒，機械能守恒，由于時間相等，則碰撞前后的速度可以通過水平位移表示．9、D【分析】【詳解】

A．原子核的半衰期與外界條件及所處狀態無關；由自身決定，A錯誤．

B．大量處于n=4激發態的氫原子向低能級躍遷，任選兩條軌道，所以輻射出種頻率光子；B錯誤．

C．根據光速方程：可知；波長變長，頻率降低，所以該光不能使金屬發生光電效應，波長更長即頻率更低的光，依然不能使金屬發生光電效應，C錯誤．

D．氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，需要吸收能量，總能量增大，根據庫侖力提供向心力：可知，軌道半徑越大，速度越小，動能越小，總能量等于動能加勢能，所以勢能增大，D正確．二、多選題(共9題，共18分)10、A:D【分析】試題分析：當滑動變阻器滑動片向下滑動一段后，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律分析得知：干路電流增大，電源的內電壓增大，則路端電壓減小，則A1讀數I1變大；

路端電壓減小，通過A燈的電流變小，則A變暗．由干路電流增大，而A燈電流減小，得知通過電流表A2讀數I2變大，電阻R0兩端電壓變大；而路端電壓變小，則燈B與變阻器并聯電壓變小，B燈變暗．

由于I1變大，I2變大，IA變小，又I1=I2+IA，則得△I1＜△I2．故AD正確；BC錯誤；故選AD．

考點：電路的動態分析。

【名師點睛】本題是電路動態變化分析問題，按局部到整體再到局部的思路進行分析；也可以直接應用口訣“串反并同”來得出結論。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

ACD．溫度計能測出被測物體的溫度的原理就是熱平衡定律；即溫度計與被測物體達到熱平衡時溫度相同，其示數也就是被測物體的溫度，故AC正確，D錯誤；

B．溫度計與被測系統的溫度不相同時；仍有示數，故B錯誤。

故選AC。12、A:D:E【分析】【詳解】

A．水由液態變為氣態；吸收熱量，分子勢能增加，故A正確；

B．浸潤與不浸潤均是分子作用的表現；是由于液體的表面層與固體表面的分子之間相互作用的結果，故B錯誤；

C．氣體壓強不僅與分子的平均動能有關；還與分子的密集程度有關，故C錯誤；

D．水中的花粉顆粒在不停地做無規則運動；反映了液體分子運動的無規則性，故D正確；

E．溫度降低；則分子的平均動能變小，故E正確。

故選ADE。13、A:D:E【分析】【詳解】

A．用油膜法可以估測分子的大小；故A正確；

B．多晶體的幾何形狀不規則；故B錯誤．

C．食鹽是晶體；玻璃是非晶體，故C錯誤；

D．氣體壓強的大小從微觀角度來看．與氣體分子的平均動能以及分子的密集程度有關；故D正確；

E．焦耳通過實驗測定了外界對系統做功和傳熱對于系統狀態的影響；并得出功與熱量的相互關系，故E正確。

故選ADE。14、B:C:E【分析】【詳解】

A．布朗運動是懸浮在液體或氣體中的小顆粒的無規則運動；是由液體分子或氣體分子的無規則運動引起的，不是固體分子的無規則運動，也不是液體分子的無規則運動，A錯誤；

B．國際單位制中七個基本物理量包括長度；質量、時間、電流強度、熱力學溫度、物質的量、光強度；熱力學溫度是國際單位制中七個基本物理量之一，B正確；

C．根據熱力學第二定律可知；熱量能夠自發地從高溫物體傳到低溫物體，但不能自發地從低溫物體傳到高溫物體，C正確；

D．做功是通過能量轉化的方式改變系統內能的；熱傳遞是能量的轉移，不是能量的轉化，D錯誤；

E．熱平衡定律表明；溫度是決定一個系統是否達到熱平衡的物理量，它的特點就是“達到熱平衡的系統具有相同的溫度”，E正確。

故選BCE。15、A:B:E【分析】【詳解】

A．由熱力學第二定律知；熱量可以自發地從高溫物體向低溫物體傳遞，但要從低溫物體向高溫物體傳遞，必須有第三者介入，選項A正確；

B．熱力學第一定律表達為Q=△U+W，其中Q表示物體吸收的能量，用W表示物體對外界所做的功；故B正確；

C．蒸發的快慢與液體表面積大小；氣溫高低、氣體表面的空氣流動速度等有關；故C錯誤；

D．熱力學溫度是國際單位制中七個基本物理量之一；故D錯誤；

E．在用油膜法估測分子的直徑的實驗中；主要是解決兩個問題：一是獲得很小的一滴油酸并測出其體積，二是測量這滴油酸在水面上形成的油膜面積，故E正確。

故選ABE。16、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．電流表示數為零時，金屬桿不受安培力，金屬桿在重力與彈簧彈力作用下處于平衡狀態，由平衡條件得mg=kx0

解得A正確；

C．要使電流表正常工作，金屬桿應向下移動，所受的安培力應向下，由左手定則知金屬桿中的電流方向應從M至N；C正確；

B．當電流為I時，安培力為FA=BIL1，靜止時彈簧伸長量的增加量為根據胡克定律可得

故該電流表的刻度是均勻；B錯誤；

D．設當時，I=Im，則有BImL1=kL2

解得故電流表的量程為D錯誤。

故選AC。17、A:B:C【分析】【詳解】

A、單擺做受迫振動,振動頻率與驅動力頻率相等;當驅動力頻率等于固有頻率時,發生共振,則固有頻率為0.5Hz,故A正確；

B、由圖可以知道,共振時單擺的振動頻率與固有頻率相等,則周期為2s.由公式可得L=1m,故B正確

C、若擺長增大,單擺的固有周期增大,則固有頻率減小.故C正確

D；若擺長增大,則固有頻率減小,所以共振曲線的峰將向左移動.故D錯誤;

故選ABC

【點睛】

由共振曲線可以知道,出現振幅最大,則固有頻率等于受迫振動的頻率.結合單擺周期公式求解．18、A:C【分析】【分析】

變阻器滑片移動時；分析總電阻的變化，判斷總電流和路端電壓的變化。根據電路串并聯知識和閉合電路歐姆定律分析電容器兩端電壓變化情況，即可判斷電容器的狀態.

【詳解】

A、當滑動變阻器的滑動觸頭由中點向下移動時，R4變小，電路的總電阻變小，總電流I變大；內電壓變大，則路端電壓變小，因此電壓表示數變小；故A正確.

B、電容器兩端電壓為：U=E-I（r+R2），I變大，故電容器兩端電壓U變小；帶電量變小，電容器放電，故B錯誤；

C、電源的總功率P=EI，I變大，則P變大；故C正確.

D、根據串聯電路分壓規律知，變阻器兩端的電壓增小，通過R1的電流變小；而總電流變大，所以通過滑動變阻器的電流變大；故D錯誤.

故選AC.

【點睛】

本題是電路動態分析問題，關鍵是理清電路，根據路串并聯知識和閉合電路歐姆定律得到各個部分電路電流和電壓的變化.三、填空題(共9題，共18分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]形成飽和氣后；酒精還是會蒸發，只是液體里跑到氣體中的分子和氣體中的分子跑到液體里的速度一樣快，整體來看是不變的，維持了動態平衡。但此時仍然會有酒精分子從液面飛出；

[2]溫度升高使氣體分子的動能增大，離開液體表面的氣體分子更多，飽和汽的密度增大。【解析】有增大20、略

【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：（1）據十分之一估讀法；讀數為：12.0A；

當電阻箱阻值為10Ω時有：當電阻箱阻值為85Ω時：則電流計內阻有：電源電動勢為：．

（2）將電流計改裝成歐姆表后，指針處于30mA處時有：代入數據可以求得電阻箱此時阻值為：當指針示數為15mA時，電流總電流為：歐姆表讀數為：

（3）電源內阻增大后；將兩表筆斷開，指針仍能滿偏，說明電源內阻與電阻箱阻值之和與原來相等，故測量結果不變．

考點：本題考查歐姆表的內部結構．【解析】12.040∞8不變21、略

【分析】【分析】

【詳解】

圖中兩個開關串聯，只有都閉合時，燈L才能亮，所以該邏輯關系為“與”邏輯關系。【解析】與22、略

【分析】【詳解】

[1]氣體從狀態到狀態發生等壓變化，根據蓋—呂薩克定律知，體積增大，溫度升高，所以氣體在狀態的溫度小于在狀態的溫度。

[2]理想氣體的內能只與溫度有關，兩狀態氣體溫度相等，內能相等，即氣體在狀態的內能等于氣體在狀態的內能。

[3]氣體從到的過程，體積不變，溫度降低，內能減少，做功為零，根據熱力學第一定律

應該放出熱量。【解析】小于等于放熱23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]AB延長線過原點，即AB過程的V與T成正比，故A到B過程為等壓過程，對A到B的過程運用蓋－呂薩克定律可得

代入圖象中的數據可得氣體在狀態B時的溫度

[2]因為氣體是一定質量的理想氣體，而一定質量的理想氣體的內能只跟溫度有關，因為

所以A與C的內能相同，故A到B內能的增加量等于B到C內能的減小量，即

根據熱力學第一定律可得

A到B過程氣體對外做功，故

又已知

可得

根據熱力學第一定律可得

B到C為等容過程，故

所以

故氣體向外放出的熱量為140J。【解析】60014024、略

【分析】【詳解】

當開關閉合后，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖2讀出其電流I1=0.25A，則燈泡L1的電阻燈泡L2、L3串聯，電壓U2=U3=1.5V，由圖讀出其電流I2=I3=0.20A，則I1=1.25I2，燈泡L2、L3的功率均為P=UI=1.5V×0.20A=0.30W；【解析】12Ω0.30W25、略

【分析】【詳解】

[1][2]由導體切割磁感線時的電動勢公式可知，ab中產生的感應電動勢為

磁場方向垂直紙面向里，根據右手定則得到ab中感應電流方向為b到a，則電流從下向上經過R，a端相當于電源的正極，b端相當于電源的負極，則a點電勢高于b點電勢。【解析】>26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]a．液體分子之間的距離不同；液體分子之間的分子力大小就不同，所以分子勢能就不同，所以液體的分子勢能與體積有關，故a正確；

b．單晶體的物理性質具有各向異性，而多晶體的物理性質具有各向同性，故b錯誤；

c．溫度越高分子的平均動能越大；但對于某個分子來說其分子動能反而可能減小，所以溫度對單個分子來說沒有意義，故c錯誤；

d．由于液體表面張力的作用使液體的表面積收縮；使露珠呈球形，故d正確。

故選ad。

（2）①[2]由于使C中水銀面仍在O點處，故封閉氣體的體積保持不變，即發生等容變化，冰水混合物的溫度T1=273K，此時封閉氣體的壓強p1=p0+h1=90cmHg

設待測恒溫槽的溫度T2，此時封閉氣體的壓強p2=p0+h2=120cmHg

根據查理定律得

解得T2=364K

②[3]氣體體積保持不變，分子勢能保持不變，由于氣體溫度升高，所以A內氣體分子的平均動能增大；故氣體的內能增大。

[4]根據熱力學第一定律

氣體體積保持不變，則W=0，由于氣體的內能增大，故

所以Q＞0

即氣體從外界吸熱。【解析】①.（1）ad②.（2）①恒溫槽的溫度為364K③.②增大；④.吸熱．27、略

【分析】【詳解】

子彈穿過物塊過程動量守恒解得

系統損失的機械能即動能【解析】四、作圖題(共3題，共24分)28、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊