…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新課標(biāo)高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所受；在通有恒定電流的螺線管內(nèi)有一點P，過P點的磁感線方向一定（）

A.從螺線管的N極指向S極B.放在P點的小磁針S極受力的方向C.靜止在P點的小磁針N極指的方向D.在P點放一通電小線圈，磁感線一定平行小線圈平面2、6

A

、B

兩物體發(fā)生正碰，碰撞前后物體A

、B

都在同一直線上運動，其位移隆陋

時間圖象如圖所示。由圖可知，物體A

、B

的質(zhì)量之比為(

)

A.1隆脙1

B.1隆脙2

C.1隆脙3

D.3隆脙1

3、關(guān)于自由落體運動的加速度，下列說法中正確的是()

A.重的物體加速度大B.輕的物體加速度大C.加速度與物體質(zhì)量大小無關(guān)D.加速度在地球上任何地點都相同4、如圖所示，有三塊截面為等腰直角三角形的透明材料（圖中的Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ）恰好拼成一個正方形棱鏡．從E點垂直于邊射入的單色光在F處發(fā)生全反射，在G、H連續(xù)發(fā)生兩次折射后射出．若該單色光在三塊材料中的傳播速率依次為v1、v2、v3，下列關(guān)系式中正確的是（）A.v3＞v1＞v2B.v2＞v3＞v1C.v3＞v2＞v1D.v1＞v2＞v35、如圖，花樣滑冰運動員所穿冰鞋的冰刀與冰面間的動摩擦因數(shù)是相同的，為表演一個動作，兩人站在一起互推一把。推出后，質(zhì)量大的運動員A.滑行時間長B.滑行時間短C.滑行距離短D.滑行距離遠6、如圖所示，質(zhì)量、電量分別為m1、m2、q1、q2的兩球，用絕緣絲線懸于同一點，靜止后它們恰好位于同一水平面上，細線與豎直方向夾角分別為α、β，則()(A)若m1=m2，q12，則α<β(B)若m1=m2，q12，則α>β(C)若q1=q2，m1>m2，則α>β(D)q1、q2是否相等與α、β大小無關(guān)，且若m1>m2，則α<β7、1

下列現(xiàn)象中，不能用分子動理論來解釋的是(

)

A.白糖放入杯中，杯中的水會變甜B(yǎng).大風(fēng)吹起時，地上的塵土飛揚C.一滴紅墨水滴入一杯水中，過一會杯中的水變成了紅色D.把兩塊純凈的鉛塊用力壓緊，兩塊鉛合在了一起8、已知長為L

的光滑斜面，物體從斜面頂端由靜止開始以恒定加速度下滑，當(dāng)物體的速度是斜面底端速度的一半時，它沿斜面下滑的距離是()A.L2

B.L4

C.2L2

D.(2鈭?1)L

9、水平桌面上覆蓋有玻璃板，玻璃板上放置一木塊，下列說法正確的是(

)

A.木塊受到的彈力是由于木塊發(fā)生的彈性形變要恢復(fù)造成的B.木塊對玻璃板的壓力與玻璃板對木塊的支持力從性質(zhì)上來說都是彈力C.木塊的重力就是木塊對玻璃板的壓力D.木塊對玻璃板的壓力大小等于玻璃板對木塊的支持力大小，因此二者是一對平衡力評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)10、如圖所示，在勻強電場中有a、b、c三點，a、b相距4cm，b、c相距10cm，ab與電場線平行，bc與電場線成60°角．將一個帶電荷量為+2×10-8C的電荷從a點移到b點時，電場力做功為4×10-6J．則a、b間電勢差為________V，勻強電場的電場強度大小為________V/m，a、c間電勢差為________V。11、如圖甲所示，為一種調(diào)光臺燈電路示意圖，它通過雙向可控硅電子器件實現(xiàn)了無級調(diào)節(jié)亮度．給該臺燈接220V的正弦交流電后加在燈管兩端的電壓如圖乙所示，則此時交流電壓表的示數(shù)為______V．

12、在“測繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，某同學(xué)根據(jù)測得的數(shù)據(jù)，畫出了如圖所示的I鈭?U

圖象.

從圖象中可以看出：當(dāng)小燈泡兩端的電壓為U1

時，通過燈絲的電流為I1

則此時燈絲的電阻為______；小燈泡兩端的電壓從U1

增大到U2

的過程中，隨著電壓的增大，燈絲的電阻______(

選填“增大”、“減小”或“不變”)

13、一個變壓器原線圈輸入電壓為220V，副線圈輸出電壓為22V，若副線圈增加100匝后，輸出電壓增加到33V，則變壓器原線圈匝數(shù)為________14、用如圖所示的電路研究楞次定律，閉合電鍵S后，將線圈A插入線圈B中時，發(fā)現(xiàn)電流計G指針向右偏一下，如果A插進B后保持不動，再將滑動變阻器的滑片P迅速向左移動，G表的指針將向____偏一下。如果不用A，而將一條形磁鐵的N極由上而下插入B，G表的指針將向偏一下。（填“左”或“右”）15、在利用單擺測定重力加速度的實驗中，某同學(xué)測出了多組擺長和運動周期，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，作出的T2-l關(guān)系圖象如圖．

（1）該同學(xué)實驗中出現(xiàn)的錯誤可能是______．

（2）雖然實驗中出現(xiàn)了錯誤，但根據(jù)圖象中的數(shù)據(jù)，仍可算出重力加速度，其值為______m/s2．（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）

（3）該同學(xué)用圖象法求得的重力加速度______（填“偏小”“偏大”或“準(zhǔn)確”）．16、金屬桿在均勻磁場中以角速度婁脴

繞豎直軸OO隆盲

轉(zhuǎn)動(

如圖)

磁感應(yīng)強度為B

方向豎直向下.

圖中R

和婁脕

均為已知.

則金屬桿兩端的電勢差為______．17、平行金屬板水平放置，板間距為0.6cm

兩板接上6隆脕103V

電壓，板間有一個帶電液滴質(zhì)量為4.8隆脕10鈭?10g

處于靜止?fàn)顟B(tài)，則油滴上有元電荷數(shù)目是(g

取10m/s2)

______．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

22、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）23、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）24、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分四、計算題(共1題，共6分)25、（8分）如圖所示，水平面上有兩根相距0.5m的足夠長的平行金屬導(dǎo)軌MN和PQ，它們的電阻可忽略不計，在M和P之間接有阻值為R的定值電阻.導(dǎo)體棒ab長l＝0.5m，其電阻為r，與導(dǎo)軌接觸良好.整個裝置處于方向豎直向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度B＝0.4T.現(xiàn)使ab以v＝10m/s的速度向右做勻速運動.⑴ab中的感應(yīng)電動勢多大？⑵ab中電流的方向如何？⑶若定值電阻R＝3.0Ω，導(dǎo)體棒的電阻r＝1.0Ω，則電路中的電流多大？評卷人得分五、證明題(共2題，共4分)26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分六、綜合題(共2題，共8分)28、如圖所示，光滑水平細桿MN、CD，MN、CD在同一豎直平面內(nèi)。兩桿間距離為h，N、C連線左側(cè)存在有界的電場，電場強度為E。質(zhì)量為m的帶正電的小球P，穿在細桿上，從M端點由靜止向N端點運動，在N、C連線中點固定一個帶負電的小球，電荷量為Q。在勻強電場中做勻速圓周運動恰好回到C點，且小球P與細桿之間相互絕緣。

29、(1)(1)如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)aa開始，經(jīng)歷過程壟脵壟脵壟脷壟脷壟脹壟脹壟脺壟脺到達狀態(tài)ee對此氣體，下列說法正確的是______

A.過程壟脵壟脵中氣體的壓強逐漸減小

B.過程壟脷壟脷中氣體對外界做正功

C.過程壟脺壟脺中氣體從外界吸收了熱量

D.狀態(tài)ccdd的內(nèi)能相等

E.狀態(tài)dd的壓強比狀態(tài)bb的壓強小(2)(2)如圖，容積為VV的汽缸由導(dǎo)熱材料制成，面積為SS的活塞將汽缸分成容積相等的上下兩部分，汽缸上部通過細管與裝有某種液體的容器相連，細管上有一閥門KK開始時，KK關(guān)閉，汽缸內(nèi)上下兩部分氣體的壓強均為p0。現(xiàn)將KK打開，容器內(nèi)的液體緩慢地流入汽缸，當(dāng)流入的液體體積為V8時，將KK關(guān)閉，活塞平衡時其下方氣體的體積減小了V6。不計活塞的質(zhì)量和體積，外界溫度保持不變，重力加速度大小為gg求流入汽缸內(nèi)液體的質(zhì)量。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】解：A；由右手螺旋定則知P點磁感線方向向右；右側(cè)為螺線管的N極，則是從螺線管的S極指向N極，故A錯誤；

B；某點磁感線的方向為放在P點的小磁針N極受力的方向；故B錯誤；

C；靜止在P點的小磁針N極指的方向；故C正確；

D；通電小線圈磁感線的判斷與螺線管相同；垂直小線圈平面，故D錯誤；

故選：C．

由右手螺旋定則知P點磁感線方向向右；右側(cè)為螺線管的N極，某點磁感線的方向為放在P點的小磁針N極受力的方向．

本題考查了用右手螺旋定則來判斷通電直導(dǎo)線、線圈和螺線管的磁感線的方法，記住受的握法和磁感線方向的描述．【解析】【答案】C2、C【分析】【分析】在位移時間圖象中，斜率表示物體的速度，由圖象可知碰撞前后的速度，根據(jù)動量守恒定律可以求解。本題主要考查了運動學(xué)圖像和動量定律的應(yīng)用，要求同學(xué)們能根據(jù)位移鈭?

時間圖象讀出AB

物體碰撞前后的速度，基礎(chǔ)題。【解答】由圖像知：碰前vA

=4m/s

vB

=0

碰后v

隆盲

A

=

v

隆盲

B

=1m/s

由動量守恒可知mAvA

+0=

mAvA

隆盲+

mBvB

隆盲

解得mAmB=13

故C正確，ABD錯誤。故選C。【解析】C

3、C【分析】自由落體運動的加速度g

是由重力產(chǎn)生的，由牛頓第二定律可知a=g

重力加速度與物體的質(zhì)量無關(guān)，而重力是由萬有引力產(chǎn)生的，所以萬有引力的大小會影響自由落體加速度的大小。AB.

同一地點物體的重力近似等于萬有引力，則：因為R

是定值，所以同一地點輕重物體的g

值一樣大，故AB錯誤；C.自由落體運動的加速度g

是由重力產(chǎn)生的，由牛頓第二定律可知a=g

重力加速度與物體的質(zhì)量無關(guān)，故C正確；D.另外地面的物體的重力加速度受緯度和海拔的影響.

緯度越高加速度越大和海拔越高加速度越小；故D錯誤。

故選C。除了理解加速度的產(chǎn)生原理外，還要明白解決自由落體運動的題目關(guān)鍵在于明確自由落體中的公式應(yīng)用，一般情況下，研究由落點開始的運動列出的表達式最為簡單；并且最好嘗試一題多解的方法。【解析】C

4、D【分析】解：

（1）設(shè)Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ材料對光折射率分別為n1、n2、n3。

根據(jù)全反射產(chǎn)生的條件可知：光從Ⅱ射向Ⅰ時發(fā)生了全反射，則n1＜n2．由題，光從Ⅱ射向Ⅲ發(fā)生折射時，入射角大于折射角，則n2＜n3．所以n1＜n2＜n3．根據(jù)光在介質(zhì)中的速度公式v=可知，v與n成反比，則v1＞v2＞v3。

故選：D。

光從Ⅱ射向Ⅰ時發(fā)生全反射，則Ⅱ相對Ⅰ是光密介質(zhì)．光從Ⅱ射向Ⅲ發(fā)生折射時，入射角大于折射角，則Ⅱ相對于Ⅲ是光疏介質(zhì)，則可比較三種介質(zhì)折射率的大小．由v=比較光在三塊材料的傳播速率的大小．

對于全反射，要把握產(chǎn)生的必要條件：光必須從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，則根據(jù)全反射現(xiàn)象可比較兩種介質(zhì)折射率的大小．【解析】D5、B|C【分析】【解析】試題分析：滑冰運動員互推一把，動量守恒，初動量為零，可知質(zhì)量大的運動員速度小，因為動摩擦因數(shù)相同，所以運動員加速度相同，因為所以質(zhì)量大的運動員滑行時間短，因為所以質(zhì)量大的運動員滑行距離短考點：動量守恒定律【解析】【答案】BC6、D【分析】【解析】試題分析：通過對m1的受力分析，矢量三角形如圖則同理對于m2而言由于所以m1>m2，則α<β考點：矢量三角形、庫侖力【解析】【答案】D7、B【分析】【分析】根據(jù)分子動理論的基本觀點分析、判斷。本題考查了分子動理論的基本觀點，理解并掌握分子動理論是解題的關(guān)鍵。【解答】A.白糖加入熱水中；水變甜.

說明糖分子在永不停息的做無規(guī)則運動，故A正確；

B.大風(fēng)吹起時；地上的塵土飛揚，是物體在運動，屬于機械運動，故B錯誤；

C.一滴紅墨水滴入一杯水中；過一會杯中的水變成了紅色，分子在永不停息的做無規(guī)則運動，故C正確；

D.把兩塊純凈的鉛塊用力壓緊后；兩個鉛塊的底面分子之間的距離比較大，表現(xiàn)為引力，使兩個鉛塊結(jié)合在一起，用一定的拉力才能拉開，故D正確。

故選B。【解析】B

8、B【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式，結(jié)合速度的大小求出下滑的位移。解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的速度位移公式，并能靈活運用。【解答】設(shè)物體下滑的加速度為a

到達底端時的速度為v

物體的速度是到達斜面底端速度的一半時，物體沿斜面下滑的位移為x

根據(jù)速度位移公式有：v2=2aL

解得：x=L4

故選B。

【解析】B

9、B【分析】解：A

木塊受到的彈力是由于施力物體玻璃的微小形變要恢復(fù)造成的；故A錯誤；

B；木塊對玻璃板的壓力與玻璃板對木塊的支持力從性質(zhì)上來說都是彈力；故B正確。

C；木塊的重力施力物體是地球；木塊對玻璃板的壓力施力物體是木塊，故重力和壓力不是同一個力，故C錯誤；

D；木塊對玻璃板的壓力與玻璃板對木塊的支持力是相互作用力；等值、反向，故D錯誤；

故選：B

物體間的彈力是由物體發(fā)生彈性形變；而要恢復(fù)原狀時產(chǎn)生的力.

平衡力是作用在同一物體上，大小相等方向相反；而作用力和反作用力分別作用在兩個物體上，大小相等，方向相反．

本題考查彈力產(chǎn)生的原因，及平衡力與作用力和反作用力的區(qū)別.

注意本題中的壓力與重力雖然大小相等，方向相同，但不是同一個力．【解析】B

二、填空題(共8題，共16分)10、略

【分析】根據(jù)公式可得a、b間電勢差為200V,根據(jù)公式得勻強電場的電場強度大小為5000V/m，算出AB間沿電場線方向的距離為5cm根據(jù)公式可得，a、c間電勢差為450V.【解析】【答案】200500045011、略

【分析】解：設(shè)交流電的有效值為U；將交流電與直流電分別通過相同電阻R，分析一個周期內(nèi)熱量：

交流電產(chǎn)生的熱量：Q=×=T

直流電產(chǎn)生的熱量：Q=T

解得：U=110V

故答案為：110．

根據(jù)電流的熱效應(yīng)：由一個周期內(nèi)交變電流通過電阻R的產(chǎn)生熱量與直流電通過電阻R一個周期內(nèi)產(chǎn)生熱量相等；求解有效值．

求解交流電的有效值，從有效值的定義出發(fā)，根據(jù)一個周期內(nèi)通過相同的電阻，發(fā)熱量相同，此直流的值即為交流電的有效值．【解析】11012、略

【分析】解：當(dāng)小燈泡兩端的電壓為U1

時，通過燈絲的電流為I1

則此時燈絲的電阻為R=U1I1

由于坐標(biāo)原點與圖象上某點連線的斜率倒數(shù)等于電阻；

由圖象可知；坐標(biāo)原點與圖象上1

點連線的斜率大于坐標(biāo)原點與點2

連線的斜率；

因此小燈泡兩端的電壓從U1

增大到U2

的過程中；隨著電壓的增大，燈絲的電阻增大．

故答案為：U1I1

增大．

根據(jù)歐姆定律求出燈泡電阻；I鈭?U

圖象某點與坐標(biāo)原點連線的斜率是電阻的倒數(shù)；根據(jù)圖象判斷燈泡電阻隨電壓如何變化．

本題考查了求電阻、比較電阻大小問題，應(yīng)用歐姆定律、分析清楚圖象即可正確解題，要掌握應(yīng)用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)的方法．【解析】U1I1

增大13、略

【分析】【解析】試題分析：根據(jù)公式可得：聯(lián)立可得考點：考查了理想變壓器做功原理【解析】【答案】100匝14、略

【分析】【解析】試題分析：閉合電鍵S后，將線圈A插入線圈B中時，由圖可知為，向上的磁場增強，磁通量增大，發(fā)現(xiàn)電流計G指針向右偏一下，如果A插進B后保持不動，再將滑動變阻器的滑片P迅速向左移動，電流增大，向上的磁場增強，磁通量增大，電流計G指針向?qū)⒂移幌拢粚⒁粭l形磁鐵的N極由上而下插入B，向下的磁場增強，產(chǎn)生反方向的感應(yīng)電流，即電流計G指針向左偏一下。考點：楞次定律【解析】【答案】右，左15、略

【分析】解：（1）圖象不通過坐標(biāo)原點；將圖象向右平移1cm就會通過坐標(biāo)原點，故相同的周期下，擺長偏小1cm，故可能是把繩長當(dāng)擺長，漏加小球半徑；

（2）由單擺的周期公式T=2π得T2=L

T2-L圖象的斜率k=結(jié)合圖象數(shù)據(jù)得到斜率k==4

解得：g=9.86m/s2

（3）該同學(xué)用圖象法求得的重力加速度的加速度的表達式：與擺線無關(guān)，所以求出的結(jié)果是正確的．

故答案為：（1）計算擺長時未加小球的半徑；（2）9.86；（3）準(zhǔn)確。

（1）圖象不通過坐標(biāo)原點；從圖象可以得到相同的周期下，擺長偏小，故可能是漏加小球半徑；

（2）由單擺的周期公式g的表達式；結(jié)合圖象數(shù)據(jù)得到重力加速度．

（3）根據(jù)數(shù)據(jù)處理的方法；確定實驗是否存在誤差．

本題關(guān)鍵明確實驗原理；通過圖象的平移得到擺長偏小1cm，得到誤差來源；通過圖象的函數(shù)表達式得到斜率的物理意義．【解析】計算擺長時未加小球的半徑；9.86；準(zhǔn)確16、BR2ω【分析】解：由圖示可知；金屬桿切割磁感線的有效長度為：R

金屬桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：E=BLv=BR隆脕0+婁脴R2=12BR2婁脴

則金屬桿兩端的電勢差為：12BR2婁脴

故答案為：12BR2婁脴.

求出金屬桿切割磁感線的有效長度；然后應(yīng)用E=BLv

求出感應(yīng)電動勢．

本題考查了求電勢差問題，應(yīng)用E=BLv

求出感應(yīng)電動勢即可解題，解題時要注意求出金屬桿切割磁感線的有效長度L

注意金屬桿各點的速度v

不同，E=BLv

中的v

應(yīng)該是平均速度．【解析】12BR2婁脴

17、略

【分析】解：平行金屬板板間場強為E=Ud

帶電液滴所受電場力為F=qE

．

帶電液滴在勻強電場中處于靜止?fàn)顟B(tài)；電場力與重力平衡，則有。

mg=qE

得到q=mgdU

油滴上元電荷的數(shù)目為n=qe=mgdeU=4.8隆脕10鈭?13隆脕10隆脕0.6隆脕10鈭?21.6隆脕10鈭?19隆脕6隆脕103=30

故答案為：30

．

帶電液滴在勻強電場中處于靜止?fàn)顟B(tài)，電場力與重力平衡，根據(jù)E=Ud

求出板間場強；由平衡條件求出帶電液滴的電荷量，再求解油滴上元電荷的數(shù)目．

本題是簡單的力平衡問題，要記住元電荷e=1.6隆脕10鈭?19C

它是自然界最小的帶電量，其他帶電體的電量都它的整數(shù)倍．【解析】30

三、判斷題(共7題，共14分)18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．22、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．23、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．24、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．四、計算題(共1題，共6分)25、略

【分析】（1）ab中的感應(yīng)電動勢E＝Blv①代入數(shù)值，得E＝2.0V②（2）ab中電流的方向為b→a（3）由閉合電路歐姆定律，回路中的電流③代入數(shù)值，得I＝0.5A④本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律的應(yīng)用，根據(jù)閉合電路歐姆定律可求電流大小【解析】【答案】（1）E＝Blv（2）b→a（3）0.5A五、證明題(共2題，共4分)26、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動27、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動六、綜合題(共2題，共8分)28、①因帶點小球做勻速圓周運動可得：

Eq=mg，所以

②庫侖力提供向心力

又因為h=2r

③在細桿MN上由動能定理

【分析】【解答】①因帶點小球做勻速圓周運動