2025屆寧夏銀川市一中高三上物理期中聯考模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，直線和曲線分別是在平行的平直公路上行駛的汽車和的速度一時間（）圖線，在時刻兩車剛好在同一位置（并排行駛），在到這段時間內()A．在時刻，兩車相距最遠 B．在時刻，兩車相距最遠C．車加速度均勻增大 D．車加速度先增大后減小2、在甲、乙、丙、丁四幅圖中，滑輪本身所受的重力忽略不計，滑輪的軸安裝在一根輕木桿P上，一根輕繩繞過滑輪，端固定在墻上，端下面掛一個質量為的重物，當滑輪和重物都靜止不動時，甲、丙、丙、丁圖中木桿P與豎直方向的夾角均為，乙圖中木桿P豎直。假設甲、乙、丙、丁四幅圖中滑輪受到木桿P的彈力的大小依次為、、、，則以下判斷正確的是（）A． B．C． D．3、如圖所示，物體P左邊用一根水平輕彈簧和豎直墻壁相連，放在粗糙水平面上，靜止時彈簧的長度大于彈簧的原長．若再用一個從零開始逐漸增大的水平力F向右拉P，直到把P拉動．在P被拉動之前的過程中，彈簧對P的彈力N的大小和地面對P的摩擦力f的大小的變化情況是（）A．N始終增大，f始終減小B．N保持不變，f始終減小C．N保持不變，f先減小后增大D．N先不變后增大，f先減小后增大4、如圖所示，水平桌面上有三個相同的物體疊放在一起，的左端通過一根輕繩與質量為的小球相連，繩與水平方向的夾角為，小球靜止在光滑的半圓形器皿中.水平向右的力作用在上，三個物體保持靜止狀態取，下列說法正確的是（）A．物體受到向右的靜摩擦力B．物體受到一個摩擦力，方向向左C．桌面對物體的靜摩擦力方向水平向右D．撤去力的瞬間，三個物體將獲得向左的加速度5、以下說法正確的是（）A．合外力對物體做功為0，則該物體動量一定不變 B．合外力對物體沖量為0，則該物體動能一定不變C．做變速運動的物體，動能一定變化 D．做變速運動的物體，動量可能不變6、如圖是國慶閱兵時的標兵站立姿勢，身體微微前傾，對于以下說法，正確的是（）A．手對槍的作用力和槍受到的重力是相互作用力B．地面給人的支持力是因為地面發生了形變C．手對槍的作用力和槍對手的作用力是平衡力D．地面給標兵有摩擦力的作用二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在勻強電場中abcd為矩形的四個頂點，ef分別為ab邊和cd的中點且ab長為ad長的2倍。已知電場線的方向平行于矩形所在平面，a、b、c三點電勢分別為4V、8V、6V，則()A．d點的電勢為2VB．電場線方向垂直于ac向下C．電場線方向垂直于ec向下D．一電子從a點運動到c點，電勢能增大8、如圖所示，一根不可伸長的輕繩兩端各系一個小球球和，跨在兩根固定在同一高度的光滑水平細桿和上，質量為的球置于地面上，質量為的球從水平位置靜止釋放．當球擺過的角度為時，球對地面壓力剛好為零，下列結論正確的是（）A．B．C．若只將細桿水平向左移動少許，則當球擺過的角度為小于的某值時，球對地面的壓力剛好為零D．若只將細桿水平向左移動少許，則當球擺過的角度仍為時，球對地面的壓力剛好為零9、如圖所示，質量相同的甲乙兩個小物塊，甲從豎直固定的1/4光滑圓弧軌道頂端由靜止滑下，軌道半徑為R，圓弧底端切線水平，乙從高為R的光滑斜面頂端由靜止滑下．下列判斷正確的是（

）A．兩物塊到達底端時速度相同B．兩物塊到達底端時動能相同C．乙物塊運動到底端的過程中重力做功的瞬時功率一直在增大D．甲物塊運動到底端的過程中重力做功的瞬時功率先增大后減小10、如圖所示是一定質量的理想氣體的p-V圖線,若其狀態由A→B→C→A,且A→B等容,B→C等壓,C→A等溫,則氣體在A、B、C三個狀態時（）A．氣體的內能UA=UC>UBB．氣體分子的平均速率vA>vB>vCC．氣體分子對器壁單位面積的平均作用力FA>FB,FB=FCD．氣體分子在單位時間內對器壁單位面積碰撞的次數是NA>NB,NA>NCE.單位體積內氣體的分子數nA=nB=nC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某個同學設計了一個電路，既能測量電池組的電動勢E和內阻r，又能同時測量未知電阻Rx的阻值．器材如下：A．電池組（四節干電池）B．待測電阻Rx（約l0Ω）C．電壓表V1（量程3V、內阻很大）D．電壓表V2（量程6V、內阻很大）E．電阻箱R（最大阻值99.9Ω）F．開關一只，導線若干實驗步驟如下：（1）將實驗器材連接成如圖(a)所示的電路，閉合開關，調節電阻箱的阻值，先讓電壓表V1接近滿偏，逐漸增加電阻箱的阻值，并分別讀出兩只電壓表的讀數．（2）根據記錄的電壓表V1的讀數U1和電壓表V2的讀數U2,以為縱坐標，以對應的電阻箱的阻值R為橫坐標，得到的實驗結果如圖(b)所示．由圖可求得待測電阻Rx=____Ω（保留兩位有效數字）．（3）圖(c)分別是以兩電壓表的讀數為縱坐標，以兩電壓表讀數之差與電阻箱阻值的比值為橫坐標得到結果．由圖可求得電池組的電動勢E=__V，內阻r=____Ω；兩圖線的交點的橫坐標為___A，縱坐標為________V.（結果均保留兩位有效數字）12．（12分）如圖所示，某組同學借用“探究a與F、m之間的定量關系”的相關實驗思想、原理及操作，進行“研究合外力做功和動能變化的關系”的實驗：(1)為達到平衡阻力的目的，取下細繩及托盤，通過調整墊片的位置，改變長木板傾斜程度，根據打出的紙帶判斷小車是否做______________運動．(2)連接細繩及托盤，放入砝碼，通過實驗得到下圖所示的紙帶．紙帶上O為小車運動起始時刻所打的點，選取時間間隔為0.1s的相鄰計數點A、B、C、D、E、F、G.實驗時小車所受拉力為0.2N，小車的質量為0.2kg.請計算小車所受合外力做的功W和小車動能的變化ΔEk。補填表中空格_______；__________.(結果保留至小數點后第四位).O—BO—CO—DO—EO—FW/J0.04320.05720.07340.0915ΔEk/J0.04300.05700.07340.0907分析上述數據可知：在實驗誤差允許的范圍內W＝ΔEk，與理論推導結果一致．(3)實驗前已測得托盤質量為7.7×10－3kg，實驗時該組同學放入托盤中的砝碼質量應為_______________kg(g取9.8m/s2，結果保留至小數點后第三位)．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平軌道與半徑為R的半圓形光滑豎直軌道相連，固定在地面上．可視為質點的滑塊a和小球b緊靠在一起靜止于半圓圓心的正下方N點，滑塊a和小球b中間放有少許火藥，某時刻點燃火藥，滑塊a和小球b瞬間分離，小球b恰好能通過半圓軌道的最高點P點，然后做平拋運動落到水平軌道MN上．已知a和b質量分別為2m、m，滑塊a與水平軌道MN之間的動摩擦因數為μ，重力加速度為g，求：(1)滑塊a和小球b剛分離時b的速度大小；(2)小球b的落地點與滑塊a最終停下處之間的距離．14．（16分）在如圖所示的絕緣水平面上，有兩個邊長為d=0.2m的銜接的正方形區域I、II，其中區域I中存在水平向右的大小為的勻強電場，區域II中存在豎直向上的大小為的勻強電場。現有一可視為質點的質量為m=0.3kg的滑塊以的速度由區域I邊界上的A點進去電場，經過一段時間滑塊從邊界上的D點離開電場（D點未畫出），滑塊帶有q=+0.1C的電荷量，滑塊與水平面之間的動摩擦因數為，重力加速度。求：(1)D點距離A點的水平間距、豎直間距分別為多少？A、D兩點之間的電勢差為多少？(2)滑塊在D點的速度應為多大？(3)僅改變區域II中電場強度的大小，欲使滑塊從區域II中的右邊界離開電場，則區域II中電場強度的取值范圍應為多少？15．（12分）如圖所示，傾角為θ=的斜面與足夠大的光滑水平面在D處平滑連接,斜面上有A、B、C三點,AB、BC、CD間距均為20cm,斜面上BC部分粗糙,其余部分光滑。2塊完全相同、質量均勻分布的長方形薄片(厚度忽略不計),緊挨在一起排在斜面上，從下往上編號依次為1、2,第1塊的下邊緣恰好在A處，現將2塊薄片一起由靜止釋放，薄片經過D處時無能量損失且相互之間無碰撞,已知每塊薄片質量為m=1kg、長為5cm,薄片與斜面BC間的動摩擦因數μ=,重力加速度為g,求:(1)第1塊薄片剛完全進入BC段時兩薄片間的作用力大小;(2)第1塊薄片下邊緣剛運動到C時的速度大小;(3)兩薄片在水平面上運動時的間距。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】試題分析：在t1時刻兩車剛好在同一位置（并排行駛），在t1到t3這段時間內，a的速度一直大于b的速度，兩者間距一直增大，t3時刻之后，a的速度小于b的速度，兩者間距減小，則在t3時刻，兩車相距最遠，故A錯誤，B正確．根據速度時間圖象的斜率等于加速度，可知，a車的加速度不變，b車加速度先減小后增大．故C、D錯誤．故選B．考點：v-t圖線2、B【解析】

由題可知本題考查力的平衡。【詳解】輕繩上的拉力大小等于重物所受的重力，設滑輪兩側輕繩之間的夾角為，滑輪受到木桿P的彈力等于滑輪兩側輕繩拉力的合力，即由夾角關系可得故B正確，ACD錯誤。故選B。3、C【解析】由題意可知，放在粗糙水平面上，靜止時彈簧的長度大于原長，則彈簧對P的拉力向左，由于粗糙水平面，因此同時受到水平向右的靜摩擦力．當再用一個從零開始逐漸增大的水平力F向右拉P，直到把P拉動前過程中，物體P受到的靜摩擦力從向右變為水平向左．所以其大小先減小后增大．故只有A正確．選A．【點睛】在P被拉動之前的過程中，彈簧仍處于原狀，因此彈力不變，而物體P先開始受到向右的靜摩擦力，當拉力漸漸增大時，導致出現向左的靜摩擦力，因而根據進行受力分析，即可判斷．4、B【解析】

A．由于C物體處于平衡狀態，既不受拉力也不受摩擦力，A錯誤；B．由于b處于平衡狀態，由于水平拉力F=40N，因此受到水平向左的摩擦力也為40N，B正確；C．對小球m進行受力分析可知，可求出繩子拉力:因此桌面受到的靜摩擦力方向水平向左，大小為:C錯誤；D．撤去力F的瞬間，由于繩子拉力小于a與桌面間的摩擦力，因三個物體仍將靜止不動，D錯誤．5、B【解析】

A．合外力對物體做功為0，物體動能不變，速度方向可能改變，它的動量可能要改變，故A錯誤；B．由動量定理可知，合外力對物體沖量為0，則物體的動量不變，即物體的速度不變，所以物體的動能一定不變，故B正確；C．做變速運動的物體，動能不一定變化，如勻速圓周運動的速度大小不變，動能不變，故C錯誤；D．做變速運動的物體，速度一定變化，則物體的動量一定變化，故D錯誤。故選B。6、B【解析】

A．手對槍的作用力和槍受到的重力都作用在槍上，是一對平衡力，故A錯誤；B．根據彈力產生的原因可知，地面給人的支持力是因為地面發生了形變，故B正確；C．手對槍的作用力和槍對手的作用力是兩個物體之間的相互作用，是一對作用力與反作用力，故C錯誤；D．標兵站立時受到重力與支持力是一對平衡力，若存在摩擦力，則標兵不能平衡，故D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

勻強電場的等勢線是等間距的平行直線，根據幾何關系，知ab的電勢差等于dc的電勢差，即φa-φb=φd-φc，解得：φd=2V，故A正確；a、b兩點的電勢分別為4V、8V，e為ab的中點，則e點的電勢為6V，所以ec為等勢線，根據電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，知電場線垂直于ec向下，故C正確，B錯誤；因為a點的電勢小于c點的電勢，根據電勢能Ep=qφ，知a點的電勢能大于c點的電勢能，故D錯誤。所以AC正確，BD錯誤。8、AD【解析】由于球擺動過程中機械能守恒，則有，球通過最低點時，根據牛頓第二定律和向心力公式得．解得．故A正確，B錯誤；由上述求解過程可以看出，有，所以球到懸點的距離跟最終結果無關．只要球擺到最低點．細繩的拉力都是．球對地面的壓力剛好為零．故C錯誤，D正確；故選AD．點睛：本題關鍵對小球b運用機械能守恒定律和向心力公式聯合列式求解；解題時要抓住臨界態進行分析．9、BCD【解析】根據動能定理得，mgR=12mv2，知兩物塊達到底端的動能相等，速度大小相等，但是速度的方向不同．故A錯誤，B正確；根據P=mgv豎直，可知乙物體中重力的功率隨速度的增大是增大的；故C正確；甲物塊在下滑過程，開始時重力功率為零，到達底部時重力的功率也為零，中間功率不為零，則說明重力的功率一定是先增大后減小，選項D正確；故選10、ACD【解析】

A.C→A為等溫變化，，A→B為等容變化，，由查理定律可知，，則，一定量理想氣體的內能只與溫度有關，因為，所以，故A正確.B.因為，分子平均動能與溫度有關，則分子的平均速率，故B錯誤；C.由B可知，，分子的平均速率，氣體分子在單位時間內對器壁的平均作用力，故C正確；D.由A、B可知，，C狀態分子數密度最小，單位時間撞擊器壁的分子數最少，A與B狀態的分子數密度相等，但A狀態的分子平均速率大，單位時間A狀態撞擊器壁的分子數多，則氣體分子在單位時間內對器壁單位面積碰撞次數，故D正確。E.由圖示圖象可知，體積，則單位體積的分子數關系為：，故E錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、8.06.04.00.504.0【解析】

(2)[1]串聯電路電流處處相等，由圖（a）所示電路圖可知：則：則圖象的斜率：解得：RX=8.0Ω(3)[2][3]由圖（a）所示電路圖可知：圖線是電源的U-I圖象，由圖示圖象可知，電源電動勢：E=6.0V，電源內阻：[4][5]圖線是RX的U-I圖象，兩圖線交點反應的是電源與定值電阻直接串聯時的情況，交點的橫坐標：縱坐標：U=E-Ir=6-0.50×4=4.0V12、勻速直線0.11150.11050.015【解析】

(1)物塊平衡阻力需要依靠自身的重力的分力來平衡，所以物塊所受合外力為零，做勻速直線運動；(2)根據功的公式求出合外力做功的大小，結合某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出點的速度，從而得出動能的變化量；(3)根據連續相等時間內的位移之差是一恒量求出加速度，對砝碼和砝碼盤分析，根據牛頓第二定律求出砝碼的質量。【詳解】(1)[1]物塊所受合外力為零時，物塊所受阻力和重力的分力平衡，達到平衡阻力的目的，故物塊應該做勻速直線運動；(2)[2]合力做功：[3]點的速度：故點的動能為：(3)[4]根據，運用逐差法得：由牛頓第二定律得：代入數據解得：【點睛】解決本題的關鍵掌握紙帶的處理，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關鍵是勻變速直線運動兩個重要推論的運用。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、⑴⑵【解析】

(1)物體b在豎直平面內做圓周運動，在P點時重力提供向心力，有解得兩物體分離后物塊b沿圓軌道向上運動，由動能定理有解得(2)a與b分離瞬間在水平方向上動量守恒，由動量守恒定律有mvb-2mva=0解得