2025屆安徽省示范高中培優聯盟高三物理第一學期期中質量跟蹤監視試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一內壁光滑的固定圓錐形漏斗，其中心軸線豎直，有兩個質量相同的小球A和B，分別緊貼著漏斗壁在水平面內做勻速圓周運動，其中小球A的位置在小球B的上方，則（）A．A球的速率小于B球的速率B．A球的角速度大于B球的角速度C．A球的轉動周期大于B球的轉動周期D．A球對漏斗壁的壓力大于B球對漏斗壁的壓力2、石墨烯是目前世界上已知的強度最高的材料,它的發現使“太空電梯”的制造成為可能,人類將有望通過“太空電梯”進入太空。設想在地球赤道平面內有一垂直于地面延伸到太空的輕質電梯,電梯頂端可超過地球的同步衛星A的高度延伸到太空深處,這種所謂的太空電梯可用于降低成本地發射繞地人造衛星。如圖所示,假設某物體B乘坐太空電梯到達了圖示的位置并停在此處,與同高度運行的衛星C相比較()A．B的角速度大于C的角速度B．B的線速度小于C的線速度C．若B突然脫離電梯，B將做離心運動D．B的向心加速度大于A的向心加速度3、如圖所示，質量為m的小球A沿高度為h傾角為θ的光滑斜面以初速v0滑下，另一質量與A相同的小球B自相同高度同時由靜止落下，結果兩球同時落地．下列說法正確的是（）A．重力對兩球做的功不等B．落地前的瞬間A球的速度等于B球的速度C．落地前的瞬間A球重力的瞬時功率大于B球重力的瞬時功率D．兩球重力的平均功率相同4、一個彈性小球，在光滑水平面上以5m/s的速度向左垂直撞到墻上，碰撞后小球以大小為3m/s速度向右運動．則碰撞前后小球速度變化量△v的大小和方向分別為（）A．2m/s，向左 B．2m/s，向右 C．8m/s，向左 D．8m/s，向右5、如圖所示，兩個完全相同的小球分別從水平地面上A點和A點正上方的O點拋出，O點拋出小球做平拋運動，A點斜拋出的小球能達到的最高點與O點等高，且兩球同時落到水平面上的B點，關于兩球的運動，下列說法正確的是A．兩小球應該是同時拋出B．兩小球著地速度大小相等C．兩小球著地前瞬間時刻，重力的瞬時功率相等D．兩小球做拋體運動過程重力做功相等6、如圖所示，固定的半圓形豎直軌道，AB為水平直徑，O為圓心，同時從A點水平拋出質量相等的甲、乙兩個小球，初速度分別為v1、v2，分別落在C、D兩點．并且C、D兩點等高，OC、OD與豎直方向的夾角均為37°（sin37°=0.6，cos37°=0.8）．則下列說法正確的是：（）A．甲、乙下落的時間不相同 B．重力對甲乙做的功不相同C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，電源電動勢E=6V，其內阻可忽略不計，電阻的阻值分別為R1=2.4kΩ、R2=4.8kΩ。閉合開關S，待電流穩定后，用電壓表測R1兩端的電壓，其穩定值為1.5V。則下列說法正確的是（）A．該電壓表的內阻為4.8kΩB．電壓表接入時，電流表有向右的電流C．由于電壓表接入，電容器的帶電量減小D．斷開電鍵，電流表瞬間有向右的電流8、2017年4月,我國第一艘貨運飛船天舟一號順利升空，隨后與天宮二號交會對接．假設天舟一號從B點發射經過橢圓軌道運動到天宮二號的圓軌道上完成交會，如圖所示．已知天宮二號的軌道半徑為r，天舟一號沿橢圓軌道運動的周期為T，A、B兩點分別為橢圓軌道的遠地點和近地點，地球半徑為R，引力常量為G．則（）A．天宮二號的運行速度小于7.9km/sB．天舟一號的發射速度大于11.2km/sC．根據題中信息可以求出地球的質量D．天舟一號在A點的速度大于天宮二號的運行速度9、如圖，在同一平面內固定有一長直導線PQ和一導線框R，R在PQ的右側．導線PQ中通有正弦交流電i，i的變化如圖所示，規定從Q到P為電流正方向．導線框R中的感應電動勢A．在時為零B．在時改變方向C．在時最大，且沿順時針方向D．在時最大，且沿順時針方向10、如圖所示，在真空中，和為固定在軸上的兩個點電荷，且，，、、為兩側的三個點，則下列說法中正確的是A．點電場強度為零，電勢也為零B．、兩點處，一定有電勢，C．若將一試探電荷從點沿軸移至點，則其電勢能增加D．若將一試探電荷從點靜止釋放，則其經過點時動能最大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）將橡皮筋的一端固定在A點，另一端拴上兩根細繩，每根細繩分別連著一個量程為5N、最小刻度為0.1N的彈簧測力計．沿著兩個不同的方向拉彈簧測力計．當橡皮筋的活動端拉到O點時，兩根細繩相互垂直，如圖所示．這時彈簧測力計的讀數可從圖中讀出．(1)由圖可讀得兩個相互垂直的拉力的大小分別為_______N和________N.(2)在圖所示的方格紙上按作圖法的要求畫出這兩個力及它們的合力______．(3)圖(A)(B)兩圖是兩位同學得到的實驗結果，其中哪一個圖符合實際？_______若合力測量值F′是準確的，則F與F′有誤差的原因可能是哪些？________12．（12分）某同學用如圖1所示的實驗裝置來測定重力加速度，同時研究重物在下落過程中機械能是否守恒。他認為如果實驗中測量重力加速度的相對誤差不超過5%，即可認為重物下落過程機械能守恒。請你幫他完成以下問題。(1)該同學在一次實驗中得到了如圖2所示的紙帶，他選取了紙帶上清晰連續的8個實際的點來進行數據分析，這8個點分別標記為A、B、C、D、E、F、G、H，各點與A點的距離已在圖中標出．已知打點計時器所用交變電流的頻率為f，則G點速度的表達式為___________(2)該同學用同樣的方法繼續算出B、C、D、E、F的速度，作出了如圖3所示的圖，由圖可得重力加速度的測量值為=______m/s2(3)如果當地的重力加速度的實際值為，通過計算相對誤差可知重物下落過程機械能___________（填寫“守恒”或“不守恒”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一不可伸長的輕繩上端懸掛于O點，下端系一質量m=1.0kg的小球．現將小球拉到A點（保持繩繃直）由靜止釋放，當它經過B點時繩恰好被拉斷，小球平拋后落在水平地面上的C點．地面上的D點與OB在同一豎直線上，已知繩長L=1.0m，B點離地高度H=1.0m，A、B兩點的高度差h=0.5m，重力加速度g取10m/s2，不計空氣阻力影響，求：（1）地面上DC兩點間的距離s；（2）輕繩所受的最大拉力大小．14．（16分）如圖所示，裝置的中間是水平傳送帶，傳送帶始終以1m/s的速率逆時針轉動，兩邊是光滑水平臺面，傳送帶與左右兩邊的臺面等高，并能平滑對接．左邊臺面的D點處放置著質量M=4kg的小物塊A，O點距傳送帶左端L=1.1m．質量m=1kg的小物塊B從右邊臺面上以v0=3m/s的初速度向左運動滑上傳送帶．已知物塊B與傳送帶之間的動摩擦因數，傳送帶水平部分的長度l=1.0m．設物塊A、B間發生的是彈性碰撞，A與擋板碰撞中沒有機械能損失，碰撞時間不計．兩小物塊均可視為質點，取g=10m/s1．（1）求兩物塊第一次碰撞前物塊B的速度大小v1，；（1）若兩物塊發生第1次碰撞的位置仍在O處，求O與左側擋板的距離；（3）求第n次碰撞后，物塊A的速度．15．（12分）利用電場和磁場來控制帶電粒子的運動，在現代科學實驗和技術設備中有廣泛的應用。如圖1所示為電子槍的結構示意圖，電子從熾熱的金屬絲發射出來，在金屬絲和金屬板之間加以電壓U0，發射出的電子在真空中加速后，沿電場方向從金屬板的小孔穿出做直線運動。已知電子的質量為m，電荷量為e，不計電子重力及電子間的相互作用力。設電子剛剛離開金屬絲時的速度為零。（1）求電子從金屬板小孔穿出時的速度v0的大小；（2）示波器中的示波管是利用電場來控制帶電粒子的運動。如圖2所示，Y和Y′為間距為d的兩個偏轉電極，兩板長度均為L，極板右側邊緣與屏相距x，OO′為兩極板間的中線并與屏垂直，O點為電場區域的中心點。接（1），從金屬板小孔穿出的電子束沿OO′射入電場中，若兩板間不加電場，電子打在屏上的O′點。為了使電子打在屏上的P點，P與O′相距h，已知電子離開電場時速度方向的反向延長線過O點。則需要在兩極板間加多大的電壓U；（3）電視機中顯像管的電子束偏轉是用磁場來控制的。如圖3所示，有一半徑為r的圓形區域，圓心a與屏相距l，b是屏上的一點，ab與屏垂直。接（1），從金屬板小孔穿出的電子束沿ab方向進入圓形區域，若圓形區域內不加磁場時，電子打在屏上的b點。為了使電子打在屏上的c點，c與b相距l，則需要在圓形區域內加垂直于紙面的勻強磁場。求這個磁場的磁感應強度B的大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A、B、對小球受力分析，小球受到重力和支持力，它們的合力提供向心力，如圖根據牛頓第二定律，有：，解得:,，A的轉動半徑大，則A的線速度較大，角速度較小，A、B錯誤；C、因為A的角速度小于B的角速度，根據知，A的轉動周期大于B球的轉動周期，C正確；D、因為支持力，支持力等于球對筒壁的壓力，知球A對筒壁的壓力一定等于球B對筒壁的壓力，D錯誤；故選C．2、B【解析】

AB．由圖可知C的周期小于同步衛星的周期即小于B的周期，則C的角速度大于B的角速度,由：知C的線速度大，則A錯誤，B正確

C．若B突然脫離電梯，因其線速度小于同軌道的衛星的線速度，則所需向心力小于萬有引力,做近心運動.則C錯誤.D．因同步衛星A與B的角速度相同，故根據：可知A的向心加速度大于B的向心加速度，故D錯誤.3、D【解析】

本題考查功和功率A.兩球從相同的高度下落，策略所做的功相同，均為，故A錯；B.設落地前的瞬間A，B球的速度為，則，，由于所以，所以落地前的瞬間A球的速度大于B球的速度，故B錯；C.根據平均速度公式可知：對A有：，對B有：，整理得：，而vAsinθ就是A球在底端的豎直速度，很明顯小于vB，，因此PA＜PB，故C錯誤．D.重力所做的功相同，均為；做功的時間也相同均為，所以其功率也相同，且為，故本題正確答案為D4、D【解析】

規定向左做為正方向，則v0=5m/s，v=-3m/s；故速度變化量為△v=v-v0=-3-5m/s=-8m/s，負號說明與規定方向相反，故速度變化量方向向右，故選D．【點睛】本題主要考查了速度與速度變化量間的關系，關鍵是明確正方向，正負號表示方向；變化量是末態量減去初態量.5、C【解析】

A、從水平地面上點拋出的小球做斜拋運動，設O點與水平地面的高度為，所以從水平地面上點拋出的小球的運動時間為，從點拋出的小球做平拋運動，小球的運動時間為，故選項A錯誤；BC、兩小球在豎直方向上，則有，在水平方向根據可知從水平地面上點拋出的小球的水平初速度是從點拋出的小球做平拋運動的初速度的2倍，根據可知兩小球著地速度大小不相等，根據可知兩小球著地前瞬間時刻重力的瞬時功率相等，故選項C正確，B錯誤；D、根據可得從水平地面上點拋出的小球的重力做功為零，從點拋出的小球的重力做功為，故選項D錯誤；6、C【解析】

A、由圖可知，兩個物體平拋的下落的高度是相等的，根據,可知甲乙兩球下落到軌道的時間相等,故A錯誤.B、由重力做功可知兩物體質量相等，高度相等，則重力做功相同；B錯誤.C、D、設圓形軌道的半徑為R．則AC的水平位移為x1=R-Rsin37°=0.4R，AD的水平位移為x2=R+Rsin37°=1.6R，則x2=4x1；因平拋時間相同，則由可知，；故C正確，D錯誤.故選C.【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，結合運動學公式靈活求解．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

A．令電壓表的內阻為RV，測得R1兩端的電壓為U1，R1與RV并聯后的總電阻為R。電路穩定時，電阻R1與電壓表電阻RV分得電壓為U1=1.5V，可得電阻R2分得電壓為：U2=E-U1=6.0-1.5=4.5V根據串聯電壓分壓規律可得：即，解得：RV=4.8kΩ故A正確。BC．電壓表的接入，總電阻減小，干路電流增大，電容器兩端電壓增大，電容器充電，左極板為正極板，則電流表有向右的電流。故B正確，C錯誤。

D．斷開電鍵，電容器放電，電流表瞬間有向左的電流。故D錯誤。8、AC【解析】7.9km/s是近地衛星的環繞速度，衛星越高，線速度越小，則天宮二號的運行速度小于7.9km/s，選項A正確；11.2km/s是第二宇宙速度，是衛星脫離地球引力逃到其它星球上去的最小速度，則天舟一號的發射速度小于11.2km/s，選項B錯誤；根據開普勒第三定律=常數，已知天宮二號的軌道半徑r，天舟一號的周期T以及半長軸(r+R)，可求得天宮二號的周期T1，再根據可求解地球的質量，選項C正確；天舟一號在A點加速才能進入天宮二號所在的軌道，則天舟一號在A點的速度小于天宮二號的運行速度，選項D錯誤；故選AC.9、AC【解析】

本題考查交變電流圖象、法拉第電磁感應定律、楞次定律及其相關的知識點．解析由圖（b）可知，導線PQ中電流在t=T/4時達到最大值，變化率為零，導線框R中磁通量變化率為零，根據法拉第電磁感應定律，在t=T/4時導線框中產生的感應電動勢為零，選項A正確；在t=T/2時，導線PQ中電流圖象斜率方向不變，導致導線框R中磁通量變化率的正負不變，根據楞次定律，所以在t=T/2時，導線框中產生的感應電動勢方向不變，選項B錯誤；由于在t=T/2時，導線PQ中電流圖象斜率最大，電流變化率最大，導致導線框R中磁通量變化率最大，根據法拉第電磁感應定律，在t=T/2時導線框中產生的感應電動勢最大，由楞次定律可判斷出感應電動勢的方向為順時針方向，選項C正確；由楞次定律可判斷出在t=T時感應電動勢的方向為逆時針方向，選項D錯誤．10、CD【解析】某點的電場強度是和在該處產生的電場的疊加，是合場強．根據點電荷的場強公式，和在P點產生的電場方向相反，選取向右為正方向，合場強，所以合電場強度為零，由于電勢的零點與人為的選擇有關，則P點的電勢不一定等于1．故A錯誤；設pb之間的距離為，則b點的合場強，可知b點場強的方向向右．同理可知，在P點右側各點的場強都向右，則一定有電勢；但由于b、c與P點的距離關系未知，所以并不能判斷出b與c的場強的大小關系．故B錯誤；同理可知，P點與之間的電場強度的方向向左，將一試探電荷+q從a點沿x軸移至P點，電場力做負功，則其電勢能增加．故C正確；由B與C的分析可知，P點兩側的電場強度的方向相反，所以相對于P點兩側，P點的電勢最高，所以將一試探電荷-q從a點靜止釋放，則其經過P點時電勢能最小，動能最大，故D正確．故選CD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.504.00如圖；B正確測力計的讀數不準確；力的方向畫的準確【解析】（1）由圖可讀得兩個相互垂直的拉力的大小分別為2.50N和4.00N.（2）取如圖所示的兩格表示1.0N，則可得出F1、F2，由上圖得出兩力的方向；作出平行四邊形，即其對角線的長度表示力的大小，箭頭的指向表示力的方向，故答案如圖所示：求得F=4.7N；

（3）圖B中的F與F′中，F是由平行四邊形得出的，而F′是通過實驗方法得出的，其方向一定與橡皮筋的方向相同，一定與AO共線的是F′，故選B．

若合力測量值F′是準確的，則F與F′有誤差的原因可能是:測力計的讀數不準確；力的方向畫的準確.點睛：本題考查彈簧秤的讀數及作力的圖示，都屬對基礎技能的考查；應注意讀數時要注意精度及題目的要求．本實驗采用的是等效替代的方法，即一個合力與幾個分力共同作用的效果相同，可以互相替代．12、（1）(x7?x5)f；（1）9.40；（3）守恒．【解析】

（1）根據勻變速直線運動的推論，結合T=；

則有：（1）根據v1=1gh公式，速度的二次方v1與距離（h）的關系圖線的斜率為k=1g==18.8；所以g=9.4m/s1．

（3）根據相對誤差（×100%），即有×100%=4.3%＜5%，即可認為重物下落過程機械能守恒．【點睛】了解實驗的裝置和工作原理．對于紙帶的問題，我們要熟悉勻變速直線運動的特點和一些規律，注意相對誤差的理解及正確的計算．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1.41m（2）20N【解析】

（1）設小球運動至B點的速度為v，小球由A運動至B點的過程中，只有重力做功，根據動能定理有mgh=①小球由B至C過程中，做平拋運動，設平拋運動的時間為t，根據平拋運動的規律在水平方向上有：s=vt②在豎直方向上有：H=③由①②③式聯立，并代入數據解得：s=m=1.41m（2）在小球剛到達B點繩斷瞬間前，受重力mg和繩的拉力T作用，根據牛頓第二定律有：T-mg=④顯然此時繩對小球的拉力最大，根據牛頓第三定律可知，繩所受小球