山東省名校聯盟新教材2025屆高三上物理期中檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、設同步衛星離地心的距離為r，運行速率為v1，加速度為a1；地球赤道上的物體隨地球自轉的向心加速度為a2，第一宇宙速度為v2，地球的半徑為R，則下列比值正確的是（）A． B． C． D．2、一質點做直線運動的v–t圖象如圖所示．下列說法正確的是A．質點在0~1s的位移與1~2s的位移可能相等B．質點在1~2s做加速度逐漸減小的直線運動C．質點在1~2s中某時刻的加速度等于質點在2~3s的加速度D．質點在1s時刻，離出發點最遠，在2s時刻，返回出發點3、如圖所示，平行直虛線AA'、BB'、CC'、DD'、EE'，分別表示電勢-4V、-2V、0V、2V、4V的等勢面，若AB=BC=CD=DE=2cm，且與直虛線MN成30°角，則（）A．該電場是勻強電場，電場強度大小E=2V/mB．該電場是勻強電場，電場強度垂直于AA'，且指向右下C．該電場是勻強電場，距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為2V，最低電勢為-2VD．該電場是勻強電場，距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為4V，最低電勢為-4V4、如圖是國慶閱兵時的標兵站立姿勢，身體微微前傾，對于以下說法，正確的是（）A．手對槍的作用力和槍受到的重力是相互作用力B．地面給人的支持力是因為地面發生了形變C．手對槍的作用力和槍對手的作用力是平衡力D．地面給標兵有摩擦力的作用5、如圖所示，某高處有一固定的光滑半球形容器，底部有一小孔，用一細輕桿通過小孔，使容器內壁的一個光滑小球緩慢地沿內壁下滑很小的一段（已知桿的彈力始終沿著桿），則在此過程中下列說法正確的是（）A．桿對球的作用力大小越來越小B．桿對球的作用力大小不變C．容器壁對球的作用力大小越來越大D．容器壁對球的作用力大小越來越小6、下列說法正確的是（）A．滑動摩擦力只可能作負功B．靜摩擦力既可作正功，也可作負功C．一對作用力和反作用力做功的代數和為零D．具有加速度的物體，一定有外力對它作功二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A、B兩小球由繞過輕質定滑輪的細線相連，A放在固定的光滑斜面上，B、C兩小球在豎直方向上通過勁度系數為k的輕質彈簧相連，C球放在水平地面上．現用手控制住A，并使細線剛剛拉直但無拉力作用，并保證滑輪左側細線豎直、右側細線與斜面平行．已知A的質量為3m，B、C的質量均為m，重力加速度為g，細線與滑輪之間的摩擦不計，開始時整個系統處于靜止狀態．釋放A后，A沿斜面下滑至速度最大時C恰好離開地面．則下列說法正確的是（）A．斜面傾角α=37°B．A獲得最大速度為C．C剛離開地面時，B的加速度最大D．從釋放A到C剛離開地面的過程中，A、B兩小球組成的系統機械能守恒8、在光滑水平面上，一質量為M，速度大小為v的P球與質量為3M靜止的Q球碰撞后，P球的速度方向與碰撞前相反．則碰撞后Q球的速度大小可能是（）A．0.62vB．0.45vC．0.31vD．0.38v9、如圖所示，在動摩擦因數μ＝0.2的水平面上，質量m＝2kg的物塊與水平輕彈簧相連，物塊在與水平方向成θ＝45°角的拉力F作用下處于靜止狀態，此時水平面對物塊的彈力恰好為零．g取10m/s2，以下說法正確的是()A．此時輕彈簧的彈力大小為20NB．若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度為0C．若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度大小為8m/s2，方向向右D．當撤去拉力F的瞬間，物塊的加速度大小為8m/s2，方向向左10、如圖，一個質量的長木板置于光滑水平地面上，木板上放有質量分別為和的A、B兩物塊，A、B兩物塊與木板之間的動摩擦因數都為，若現用水平恒力F作用在A物塊上，重力加速度g取10m/s2，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力，則下列說法正確的是()A．當F=2N時，A物塊和木板開始相對滑動B．當F=1N時，則A、B兩物塊都相對木板靜止不動C．若F=4N，則B物塊所受摩擦力大小為D．若F=6N，則B物塊的加速度大小為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組做“探究動能定理”實驗，裝置如圖甲所示。探究對象是鋁塊（質量小于砂桶），保持其質量m不變，通過在砂桶中加砂來改變對鋁塊的拉力，由力傳感器可測得拉力的大小F。已知當地重力加速度為g，電源頻率為f。（1）若把力傳感器裝在右側輕繩上則實驗的誤差會更________（填“大”或“小”）。（2）實驗時，讓砂桶從高處由靜止開始下落，在紙帶打出一系列的點，如圖乙所示，其中0是打下的第一個點，取紙帶上0~5過程進行研究，鋁塊動能的增加量ΔEk=__________，外力做的功W=________。（3）為了更普遍地反應鋁塊運動過程中功與動能增加量的關系，某同學選取0點到不同計數點過程，作出ΔEk–W圖象如圖丙所示，他根據_____________，才得到結論：外力做的功等于動能的增加量。12．（12分）如圖甲所示是某同學設計的“探究加速度a與物體所受合力F及質量m間關系”的實驗裝置簡圖，A為小車，B為打點計時器，C為裝有砂的砂桶，D為一端帶有定滑輪的長方形木板，實驗中認為細繩對小車拉力F等于砂和砂桶的總重力，小車運動加速度a可由紙帶求得．（1）圖乙所示是某同學通過實驗得到的一條紙帶，他在紙帶上取A、B、C、D、E、F、G等7個計數點（每相鄰兩個計數點之間還有4個點沒有畫出）．已知打點計時器所使用電源的頻率為50Hz，用刻度尺測得：AB=0.60cm，AC=1.60cm，AD=3.00cm，AE=4.80cm，AF=7.00cm，AG=9.60cm，則打E點時小車的速度為_______m/s，小車的加速度為_______m/s1．（結果均保留兩位有效數字）（1）另一同學保持小車質量不變，改變砂和砂桶質量，該同學根據實驗數據作出了加速度a與合力F圖線如圖丙，該圖線不通過原點，其主要原因是__________________．（3）若實驗中將小車換成滑塊，將木板水平放置可測出滑塊與木板間的動摩擦因數μ．要測出動摩擦因數μ，需要測量的物理量有_______________________________；實驗測得的動摩擦因數μ比真實值____________（選填“大”或“小”）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質量為mc=1mb的物塊c靜止在傾角均為α=30°的等腰斜面上E點，質量為ma的物塊a和質量為mb的物塊b通過一根不可伸長的勻質輕繩相連，細繩繞過斜面頂端的小滑輪并處于松馳狀態，按住物塊a使其靜止在D點，讓物塊b從斜面頂端C由靜止下滑，剛下滑到E點時釋放物塊a，細繩正好伸直且瞬間張緊繃斷，之后b與c立即發生完全彈性碰撞，碰后a、b都經過t=1s同時到達斜面底端．已知A、D兩點和C、E兩點的距離均為l1=0.9m，E、B兩點的距離為l1=0.4m．斜面上除EB段外其余都是光滑的，物塊b、c與EB段間的動摩擦因數均為μ=，空氣阻力不計，滑輪處摩擦不計，細繩張緊時與斜面平行，取g=10m/s1．求：（1）物塊b由C點下滑到E點所用時間．（1）物塊a能到達離A點的最大高度．（3）a、b物塊的質量之比．14．（16分）在以坐標原點O為圓心、半徑為r的圓形區域內，存在磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面向里的勻強磁場，如圖所示．一個不計重力的帶電粒子從磁場邊界與x軸的交點A處以速度v沿－x方向射入磁場，它恰好從磁場邊界與y軸的交點C處沿＋y方向飛出．（1）請判斷該粒子帶何種電荷，并求出其比荷；（2）若磁場的方向和所在空間范圍不變，而磁感應強度的大小變為B1，該粒子仍從A處以相同的速度射入磁場，但飛出磁場時的速度方向相對于入射方向改變了60°角，求磁感應強度B1多大？（3）若磁感應強度的大小變為，帶電粒子以速度v沿任意方向射入磁場，粒子在磁場中運動的最長時間t是多少？15．（12分）如圖所示，真空中某豎直平面內有一長為2l、寬為l的矩形區域ABCD，區域ABCD內加有水平向左的勻強電場和垂直于該豎直面的勻強磁場。一質量為m、電荷量為+q的帶電微粒，從A點正上方的O點水平拋出，正好從AD邊的中點P進入電磁場區域，并沿直線運動，從該區域邊界上的某點Q離開后經過空中的R點(Q、R圖中未畫出)。已知微粒從Q點運動到R點的過程中水平和豎直分位移大小相等，O點與A點的高度差，重力加速度為g，求：(1)微粒從O點拋出時初速度v0的大小；(2)電場強度E和磁感應強度B的大小；(3)微粒從O點運動到R點的時間t。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

對于地球同步衛星和以第一宇宙速度運動的近地衛星，由萬有引力提供做勻速圓周運動所需向心力得到：，解得得：，故A錯誤，D正確。因為地球同步衛星的角速度和地球赤道上的物體隨地球自轉的角速度相同，由a1=ω2r，a2=ω2R可得，，故BC錯誤；故選D。2、C【解析】在v–t圖象中，圖線下的面積表示位移，質點在0~1s的位移小于在1~2s的位移，選項A錯誤；在v–t圖象中，圖線的斜率表示加速度，質點在1~2s做加速度逐漸增大的直線運動，選項B錯誤；質點在1~2s中某時刻的斜率等于質點在2~3s的斜率，質點在1~2s中某時刻的加速度等于質點在2~3s的加速度，選項C正確；質點在3s時刻，離出發點最遠，在2s時刻，沒有返回出發點，選項D錯誤．3、D【解析】

AB．從圖中可以看出，等勢面平行且間距相等，故一定是勻強電場；由于電場線與等勢面垂直，且從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，故場強方向與AA′垂直，且指向左上方；根據場強與電勢差關系公式U=Ed可得故AB錯誤；

CD．勻強電場的等勢面是一些平行的等間距的直線，故該電場是勻強電場；由于勻強電場中沿著電場線，電勢降低的最快，且每前進相同距離，電勢降低相等的值，故距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為4V，最低電勢為-4V，故C錯誤，D正確。

故選D。4、B【解析】

A．手對槍的作用力和槍受到的重力都作用在槍上，是一對平衡力，故A錯誤；B．根據彈力產生的原因可知，地面給人的支持力是因為地面發生了形變，故B正確；C．手對槍的作用力和槍對手的作用力是兩個物體之間的相互作用，是一對作用力與反作用力，故C錯誤；D．標兵站立時受到重力與支持力是一對平衡力，若存在摩擦力，則標兵不能平衡，故D錯誤．5、A【解析】

對小球受力分析，如圖所示，設小球與O點的連線與豎直方向之間的夾角為θ，在小球下滑的過程中θ減小。

由相似三角形關系可知，N=mg，F=2mg?sinθ2；可知當θ減小時，容器壁對球的作用力大小不變，始終等于重力；而桿對球的作用力越來越小。故BCD錯誤，A正確，故選A。6、B【解析】

A、力做功的正負即決于力和位移的方向關系,摩擦力可以做正功,也可以做負功,還可以不做功,故A錯誤,B正確;

C、作用力和反作用力可以同時做正功,也可以同時做負功,做功的代數和不一定為零,故C錯誤;

D、勻速圓周運動具有加速度,但沒有外力對它做功,故D錯誤.故選B【點睛】力做功的正負即決于力和位移的方向關系;根據作用力和反作用力的性質可以判斷兩力做功的情況.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】試題分析：當C恰好離開地面時，彈簧彈力為mg，此時A的速度最大，繩子的拉力為2mg，有，A錯；ABC和彈簧構成的系統機械能守恒，從開始到A的速度最大，這個過程中彈簧形變量沒有變，彈性勢能不變，則有，開始平衡時mg=kx，s=2x，由此可得最大速度為，C剛離開地面時，B的加速度為2g，之后彈簧繼續伸長，彈力增大，B的加速度繼續增大，C錯；D錯，故選B考點：考查連接體問題點評：本題難度中等，根據各物體的受力判斷運動的臨界點是關鍵，系統在只有重力或彈力做功的情況下機械能守恒，物體所受合外力最大時加速度最大8、BD【解析】

PQ兩球在水平方向上合外力為零，P球和Q球碰撞的過程中動量守恒，設PQ兩球碰撞后的速度分別為V1、V2，選P原來的運動方向為正方向，由動量守恒定律有：mv=-mv1+3mv2…①假設碰后A球靜止，即v1=0，可得：v2=v3由題意知球A被反彈，所以球B的速度：v2＞v3PQ兩球碰撞過程能量可能有損失，由能量關系有：12由①③兩式聯立得：v2由②④兩式可得：v故應選：BD。9、AD【解析】

A．將拉力F分解為豎直向上的力和水平向右的力，則有，，因為此時水平面對物塊的彈力為零，即，解得，，因為地面對物塊的支持力為零，即物塊與水平面之間的正壓力為零，所以地面對物塊不存在摩擦力，故水平方向上受到彈簧的彈力T和，所以，A正確；BC．剪斷彈簧的瞬間，彈力變為零，重力mg和平衡，物塊與水平面間仍沒有摩擦力，所以在剪斷彈簧的瞬間物塊合力為，故加速度為，方向水平向右，BC錯誤；D．撤去力F的瞬間，彈力大小不變，仍為20N，由于豎直向上的分力消失，故物塊與水平面間存在摩擦力，物體所受的最大靜摩擦力為，根據牛頓第二定律得小球的加速度為，方向水平向左，D正確。故選D。10、BC【解析】

A.與木板間的最大靜摩擦力為：A與木板即將發生相對滑動時木板和B得加速度為對整體受力分析由牛頓第二定律有當時，所以、兩物塊和木板保持相對靜止，整體在作用下向左勻加速運動，故A錯誤；B.當時，所以、兩物塊都相對木板靜止不動，整體在作用下向左勻加速運動，故B正確；C.若，在木板表面滑動，摩擦力為2N；則和木板整體受摩擦力為2N，所以木板和B的加速度：此時受到的摩擦力將達到：故C正確；D.若，A在木板表面滑動，摩擦力為2N；則和木板整體受摩擦力為2N，所以木板和的加速度：故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、大（F-mg）(h+x1)圖像斜率近似為1【解析】

(1)[1]由于滑輪的摩擦，若把力傳感器裝在右側輕繩上則實驗的誤差會更大；(2)[2]計數點5的瞬時速度則系統動能的增加量[3]外力做的功(3)[4]對鋁塊由動能定理得如果圖像斜率近似為1時，可知外力做的功等于動能的增加量。12、0.100.40實驗前未平衡摩擦力（或平衡摩擦力不足或平衡摩擦力時木板傾角過小）砂和砂桶的總質量、木塊的質量以及對應的加速度大【解析】

由題中“如圖甲所示是某同學設計的“探究加速度a與物體所受合力F及質量m間關系”可知，本題考查牛頓第二定律實驗，根據實驗原理、數據處理和誤差分析可解答本題。【詳解】（1）[1]根據打點計時器瞬時速度公式可得解得[1]根據加速度公式解得（1）[3]由圖可知，當有力的時候沒有加速度，原因是實驗前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足或平衡摩擦力時木板傾角過小；（3）[4]如果要測出滑塊與木板間的動摩擦因數μ，則根據牛頓第二定律可得因此需要測量砂和砂桶的總質量、木塊的質量以及對應的加速度。[5]因為在公式中沒有考慮繩的摩擦，因此求出的動摩擦因數μ比真實值偏大。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（１）0.6；（２）0.578；（３）15/16【解析】

本題考查物體沿斜面的運動，以及碰撞；需運用牛頓運動定律、運動學公式、動量及能量守恒、動量定理等知識．（1）物塊b在斜面上光滑段CE運動的加速度為由解得：（1）取沿AC方向為正方向，由，解得a沿斜面上滑距離有所以物