福建省閩侯第二中學等五校教學聯合體2025屆高三上物理期中綜合測試模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質量為2m的物塊A和質量為m的物塊B相互接觸放在水平面上，如圖所示。若對A施加水平推力F，則兩物塊沿水平方向作加速運動。關于A對B的作用力，下列說法正確的是（）A．若水平面光滑，物塊A對B的作用力大小為FB．若水平面光滑，物塊A對B的作用力大小為C．若物塊A與地面無摩擦，B與地面的動摩擦因數為，則物塊A對B的作用力大小為D．若物塊A與地面無摩擦，B與地面的動摩擦因數為，則物塊A對B的作用力大小為2、人從高處跳到低處時，一般都是讓腳尖先著地，下列解釋正確的是（）A．減小沖量B．使動量的變化量變的更小C．延長人與地面的作用時間，從而減小沖力D．增大人對地面的壓強，起到安全作用。3、如圖所示，一個小球（視為質點）從H=18m高處，由靜止開始通過光滑弧形軌道AB，進入半徑R=6m的豎直圓環，且與圓環間動摩擦因數處處相等，當到達環頂C時，剛好對軌道壓力為零；沿CB圓弧滑下后，進入光滑弧形軌道BD，且到達高度為h的D點時的速度為零，g=10m/s2，所有高度均相對B點而言，則h值可能為（）A．10m B．11m C．12m D．13m4、如圖所示，在斜面頂端的A點以速度v平拋一小球經t1時間落到斜面上B點處，若在A點將此小球以速度0.5v水平拋出，經t2落到斜面上的C點處，以下判斷正確的是（）A．AB：AC="4"：1 B．t1：t2="4"：1C．AB：AC=2：1 D．t1：t2=：15、物塊在水平面上在外力作用下發生運動，其速度隨位移變化的規律如圖所示，則下列說法正確的是（）A．物塊做勻加速直線運動B．物塊的加速度逐漸增大C．物塊的加速度逐漸減小D．物塊的加速度先逐漸增大后保持不變6、在做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中有同學各自畫了以下力的圖示，圖中F1、F2是用兩把彈簧測力計同時拉橡皮筋時各自的拉力，F′是用一把彈簧測力計拉橡皮筋時的拉力；以表示F1、F2的有向線段為鄰邊畫平行四邊形，以F1、F2交點為起點的對角線用F表示，在以下四幅圖中，只有一幅圖是合理的，這幅圖是A．B．C．D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、“水流星”是一種常見的雜技項目，該運動可以簡化為輕繩一端系著小球在豎直平面內的圓周運動模型.已知繩長為l，重力加速度為g，則()A．當v0gl時，細繩始終處于繃緊狀態B．當v0gl時，小球一定能通過最高點PC．小球運動到最高點P時，速度要大于等于glD．小球初速度v0越大，則在P、Q兩點繩對小球的拉力差越大8、有一種雜技表演叫“飛車走壁”,由雜技演員駕駛摩托車沿圓臺形表演臺的側壁,做勻速圓周運動.如圖中粗線圓表示摩托車的行駛軌跡,軌跡離地面的高度為h,下列說法中正確的是(

)A．h越高,摩托車對側壁的壓力將越大B．摩托車做圓周運動的向心力大小與h無關C．h越高,摩托車做圓周運動的周期將越大D．h越高,摩托車做圓周運動的線速度將越大9、如圖所示，質量均為M的物塊A、B疊放在光滑水平桌面上，質量為m的物塊C用跨過輕質光滑定滑輪的輕繩與B連接，且輕繩與桌面平行，A、B之間的動摩擦因數為μ，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g，下列說法正確的是()A．物塊A運動的最大加速度為B．要使物塊A、B發生相對滑動，應滿足關系C．若物塊A、B未發生相對滑動，物塊A受到的摩擦力為D．輕繩對定滑輪的作用力為10、如圖所示,光滑桿O′A的O′端固定一根勁度系數為k=10N/m

,原長為l0=1m

的輕彈簧,質量為m=1kg

的小球套在光滑桿上并與彈簧的上端連接,OO′為過O點的豎直軸,桿與水平面間的夾角始終為θ=300

,開始桿是靜止的,當桿以OO′為軸轉動時,角速度從零開始緩慢增加,直至彈簧伸長量為0.5m

,下列說法正確的是(

)A．桿保持靜止狀態,彈簧的長度為0.5mB．當桿轉動的角速度為453rad/s,

C．當彈簧恢復原長時,桿轉動的角速度為102D．在此過程中,桿對小球做功為12J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）橡皮筋也像彈簧一樣，在彈性限度內伸長量x與彈力F成正比即F=kx，k的值與橡皮筋的原長L、橫截面積S有關．理論與實際都表明k=，其中Y是一個由材料決定的常數，材料力學上稱之為楊氏模量.（1）在國際單位中，楊氏模量Y的單位應該是（________）A．NB．mC．D．（2）某同學通過實驗測得該橡皮筋的一些數據，做出了外力F與伸長量x之間的關系圖象如圖所示由圖象可求得該橡皮筋的勁度系數K=__________N/m(保留兩位有效數字)12．（12分）某學習小組利用如圖1所示的裝置做探究彈力和彈簧伸長的關系的實驗．實驗中，先測出不掛鉤碼時彈簧的長度，再將5個鉤碼逐個加掛在彈簧下端，穩定后測出相應的彈簧總長度，將數據填在表中．（彈力始終未超過彈性限度，取g=9.8m/s（1）上表記錄數據中有一組數據在測量或記錄時有錯誤，它是第______組數據．（2）根據實驗數據將對應的彈力大小計算出來并填入表內相應的空格內（保留3位有效數字）_____、_____、_____、_____、_____．（3）在坐標紙中作出彈簧彈力大小F跟彈簧總長度L之間的關系圖線．_____（4）根據圖線求得該彈簧的勁度k=______N/m．（保留2位有效數字）（5）若考慮彈簧自重對第一組數據的影響，彈簧勁度系數k的實驗值_______真實值．（填“大于”、“小于”或“等于”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）改革開放40年，我國在各個行業都取得巨大成就，高鐵技術更是成為我國名片。一列高鐵列車的總質量為m，運動過程中受到的阻力恒為f。列車沿直線由靜止啟動過程中列車的輸出功率與速度關系圖象如圖所示，當列車的速度超過v0后，列車的功率恒為3fv0。（1）求列車的最大速度（2）若列車從靜止開始運動到剛達到最大速度時通過的位移為x，求由靜止開始至達到最大速度的過程列車的運行時間14．（16分）一半圓柱形透明物體橫截面如圖。底面AOB鍍銀(圖中粗線),O表示半圓截面的圓心。一束光線在橫截面內從M點的入射角為30°,∠M0A=60°,∠NOB=30°。求：①光線在M點的折射角;②透明物體的折射率。15．（12分）如圖所示，一質量M＝0.4kg的長木板靜止在光滑的水平地面上，另一質量m＝0.2kg的小滑塊，以v0＝1.2m/s的速度從長木板的左端滑上長木板，已知小滑塊與長木板間的動摩擦因數μ＝0.2.g取10m/s2，則(1)經過多少時間小滑塊與長木板速度相等？(2)從小滑塊滑上長木板到小滑塊與長木板相對靜止，摩擦力對小滑塊做的功為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

AB．根據牛頓第二定律，對整體對B：物塊A對B的作用力大小為故AB項錯誤；CD．對整體由牛頓第二定律有對B由牛頓第二定律得代入解得：故C項錯誤，D項正確。2、C【解析】

人從高處跳到低處時，速度是一定的，即動量的變化是一定的，一般都是讓腳尖先著地，是為了增大與地面的接觸時間，根據可知，可以減小地面對人的沖力，從而減小人對地面的壓強，故C正確，ABD錯誤。故選C。3、D【解析】

小球到達環頂C時，剛好對軌道壓力為零，所以在C點，重力充當向心力，由牛頓第二定律得：.已知圓環半徑R=6m，小球在C點動能：，以B所在平面為零勢能面，在C點，小球重力勢能EP=2mgR=12mg，小球從靜止開始運動到到達C點過程中由動能定理得：，解得Wf=-3mg，小球在C點時的機械能：E=EK+EP=15mg.由于克服摩擦力做功，機械能減少，小球到達底端時的機械能小于15mg；小球從C點下滑過程中克服摩擦力做功，機械能減少，到達軌道同一高度處的速度比上升時的速度小，小球對軌道壓力變小，摩擦力變小，小球下滑時，克服摩擦力做功小于3mg，故小球到達底端時的機械能大于15mg-3mg=12mg，小球進入光滑弧形軌道BD時，小球機械能的范圍為，12mg＜E＜15mg，小球到達最高點時的機械能E=mgh，則12m＜h＜15m，故A，B，C錯誤，D正確.故選D.【點睛】本題解題的關鍵是對小球運動過程的分析，知道小球在兩個半圓上的摩擦力做功不等.4、A【解析】由平拋運動可知，由A到B和C位移夾角相同，又由運動學公式可得答案為A。5、B【解析】在任意時間取一段很短的距離，對應的時間為，速度的變化量為，則物塊此時的加速度為．因速度隨位移變化的圖線的斜率是個定值，而物塊的瞬時速度越來越大，所以物塊運動的加速度越來越大，物體做變加速直線運動，故B正確．6、B【解析】

在實驗中，F′是一個彈簧秤單獨拉橡皮筋時的拉力，F′應沿橡皮筋方向；F是根據平行四邊形定則作出的F1和F2的合力，沿平行四邊形的對角線方向，兩者存在一定的誤差，在誤差允許的范圍內重合，則平行四邊形定則得到驗證。符合該特征的B圖是最合理的；A．該圖與結論不相符，選項A錯誤；B．該圖與結論相符，選項B正確；C．該圖與結論不相符，選項C錯誤；D．該圖與結論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

根據動能定理得，?mgh＝0?12mv02，若v0＜gl時，則h＜12l，可知小球不會越過四分之一圓周，細繩始終處于繃緊狀態，故A正確。小球越過最高點的臨界速度v=gl，即小球運動到最高點P時，速度要大于等于gl，根據動能定理得，?mg?2l＝12mv2?12mv02，解得v0=5gl，即在最低點的速度需滿足v0＞5gl，小球才能通過最高點P，故B錯誤，C正確。在Q點，根據牛頓第二定律得，F1?mg＝mv02l，在P點，F2+mg＝mv2l，又?mg?2l＝12mv22?12mv02【點睛】本題小球做變速圓周運動，在最高點和最低點重力和拉力的合力提供向心力，同時結合動能定理解答即可．8、BD【解析】摩托車做勻速圓周運動，提供圓周運動的向心力是重力mg和支持力N的合力，受力分析如圖，側壁對摩托車的支持力N=與高度h無關，所以摩托車對側壁的壓力不變，故A錯誤；如圖向心力Fn=mgtanα，與高度h無關，所以向心力大小不變，故B正確；根據牛頓第二定律得Fn=，h越高，r越大，Fn不變，則T越大，故C錯誤；根據牛頓第二定律得Fn=，h越高，r越大，Fn不變，則v越大，故D正確；故選BD。9、AC【解析】

A.A受到的最大合外力為μMg，則A的最大加速度：a=μMg/M=μg故A正確；B.當A的加速度恰好為μg時，A、B發生相對滑動，以A、B、C系統為研究對象，由牛頓第二定律得：mg=(M+M+m)μg解得：m=，要使物塊A、B之間發生相對滑動，物塊C的質量至少為，故B錯誤；C.若物塊A、B未發生相對滑動，A、B、C三者加速度的大小相等，由牛頓第二定律得：mg=(2M+m)a對A:f=Ma解得：f=，故C正確；D.C要向下做加速運動，C處于失重狀態，繩子的拉力：T<mg，輕繩對定滑輪的作用力：N==T<故D錯誤；10、AB【解析】

當桿靜止時，小球受力平衡，根據力的平衡條件可求壓縮量，從而求彈簧的長度；對小球分析，抓住豎直方向上的合力為零，水平方向上的合力提供向心力，列式聯立求出勻速轉動的角速度；結合最高點的動能，運用動能定理求出桿對小球做功的大小．【詳解】當桿靜止時，小球受力平衡，根據力的平衡條件可得：mgsin30°=kx，代入數據解得：x=0.5m，所以彈簧的長度為：l1=l0-x=0.5m，故A正確；當彈簧伸長量為0.5m時，小球受力如圖示：

水平方向上：F2cos30°+Nsin30°=mω22（l0+x）cos30°；豎直方向上：Ncos30°=mg+F2sin30°；彈簧的彈力為：F2=kx；聯立解得：ω2=453rad/s，故B正確；當彈簧恢復原長時，由牛頓第二定律可得：mgtan30°=mω12l0cos30°，解得：ω1=2153rad/s，故C錯誤；在此過程中，彈簧的彈力做功為0，由動能定理可得：W-mg?2xsin30°=12m[ω2（l0+x）cos30°]2-0，解得：W=12.5J，故D【點睛】本題考查了動能定理、牛頓第二定律、胡克定律與圓周運動的綜合，知道小球做勻速轉動時，靠徑向的合力提供向心力，并結合豎直方向上的合力為零，聯立求解．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C【解析】

（1）由得k的單位為N/m，又因為k=，則Y的單位滿足，故C對；（2）根據圖像斜率可求出彈簧的勁度系數為：故本題答案是：(1).C(2).【點睛】根據公式可以得到導出單位，再根據圖像的斜率可以求出彈簧的勁度系數．12、50.2940.5880.8821.181.478.9等于【解析】（1）表格中的數據小數點后面的位數應相同，所以第5組彈簧總長的數據不規范，應為31.20；（2）彈簧的彈力等于鉤碼的重力，即F=mg，所以彈力大小依次為：0，0.294，0.588，0.882，1.18，1.47；（3）在誤差允許的范圍內，從18cm開始的一次函數（4）圖線的斜率表示彈簧的勁度系數k=1.6（5）由胡克定律可知，彈簧彈力的增加量與彈簧的形變量成正比，即：ΔF=kΔx，因此彈簧的自重不會對勁度系數產生影響，故勁度系數的測量值與真實值相比相等.【點睛】根據數據記錄規律可明確數據是否準確；根據重力公式求解重力；根據描點法可得出對應的圖象；根據表格中彈力的大小和彈簧總長，作出F與x之間的關系圖線，根據圖線的斜率求出勁度系數．根據胡克定律可知：ΔF=kΔx，因此彈簧的自重不會對勁度系數產生影響．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必