2024年陜西省渭南市澄城縣中考物理二模試卷一、選擇題（共10小題，每小題2分，計20分。每小題只有一個選項是符合題意的）1．（2分）近年來，澄城縣聚力建設“中國櫻桃第一縣”，澄城櫻桃實現從1月至6月持續供應，成為備受市場認可的“金果果”。一粒普通櫻桃的質量約為（）A．10g B．50g C．50mg D．0.1kg2．（2分）如圖所示，盲人用手杖敲擊不同的盲道導航地磚辨別不同的信息，下列說法正確的是（）A．導航地磚主要是利用聲音傳遞能量 B．路上汽車里傳出的歌聲對行走的盲人而言是樂音 C．用大小不同的力敲擊同一塊地磚產生聲音的音調不同 D．地磚發聲是由地磚振動產生的3．（2分）《淮南子?天文訓》記載：“方諸見月，則津而為水”。意思是在有月亮的晚上拿一個不浸水的盤，放在露天環境下，盤上會結露水（有月亮的晚上溫度低）。下列現象中與此現象物態變化相同的是（）A．冰箱冷凍室的內壁出現“霜” B．衣柜里防蟲用的樟腦丸變小 C．冬天室外行人嘴里呼出“白氣” D．使用吹風機吹頭發很快吹干4．（2分）2024年西安城墻甲辰新春燈會在西安城墻永寧門區域（文昌門以西至朱雀門以東）舉辦，為期52天。如圖所示是利用無人機搭載的航拍攝像機拍攝的一張照片，下列有關說法正確的是（）A．游客看到的花燈美輪美奐，是因為光在花燈的表面發生了鏡面反射 B．地面上人來人往的人影與小孔成像的原理相同 C．“龍燈”在攝像機的感光元件上成正立、縮小的實像 D．攝像機的鏡頭與近視眼鏡的鏡片屬于同一類透鏡5．（2分）漢麻混凝土是一種麻纖維、石灰和水的混合物，這是一種新型建筑材料，它完全固化后，同體積的質量比普通混凝土輕8倍，可用作墻、屋頂或地板的隔熱層.下列關于該材料的描述，正確的是（）A．密度小 B．導熱性好 C．導電性好 D．延展性好6．（2分）如圖是學校田徑運動會上100m短跑比賽的情境。以下說法正確的是（）A．若以奔跑中的運動員為參照物，看臺座位上的觀眾是靜止的 B．運動員到達終點時受到慣性作用不能立即停止 C．運動員靜止站立時，運動員受到的重力和地面對運動員的支持力是一對平衡力 D．運動員穿鞋底有花紋的鞋子是為了減小壓強7．（2分）如圖所示是部分家庭電路示意圖，下列說法正確的是（）A．燈泡及開關連接是符合安全用電要求的 B．若空氣開關自動跳閘，可能是發生了短路 C．電能表表盤轉得越快就表示用電器消耗電能越多 D．用試電筆辨別火線和零線時，手不能接觸筆尾金屬體8．（2分）如圖所示，在水平桌面上，甲、乙兩個完全相同的玻璃杯分別裝有不同密度的鹽水。把同一個雞蛋分別放入甲、乙兩杯鹽水中，雞蛋在甲杯中懸浮，而在乙杯中漂浮，且放入雞蛋后液面高度相同。下列說法正確的是（）A．甲杯中鹽水的密度大于乙杯中鹽水的密度 B．甲杯對桌面的壓強小于乙杯對桌面的壓強 C．甲杯中鹽水對杯底的壓強等于乙杯中鹽水對杯底的壓強 D．雞蛋在甲杯中所受浮力大于在乙杯中所受浮力9．（2分）在“做中學”，可以幫助我們學習和運用知識，提升操作技能與探究能力。如圖所示，小明利用課余時間制作了一個磁浮玩具，玩偶穩定地“漂浮”在空中。下列判斷正確的是（）A．通電螺線管的上端為S極 B．電路中的a點必須連接電源的負極 C．磁浮玩具的工作原理是異名磁極互相排斥實現“漂浮”的 D．若要增加玩偶“漂浮”的高度，可將滑片P向上移動10．（2分）如圖甲電路中，電源電壓保持不變，R0、R1均為定值電阻，R2為滑動變阻器。閉合開關S，改變R2的阻值，兩電壓表示數與電流表示數變化的關系如圖乙，當滑片P在b端時電流表示數為0.3A，若滑片P置于變阻器的中點位置，R2消耗的電功率為0.8W。閉合開關S，則下列說法正確的是（）A．圖乙中的圖線②表示的是電壓表V1與電流表示數變化的關系 B．電源電壓為10V C．R0的阻值為2Ω D．當滑片P在a端時，通電1min，電阻R0產生的熱量為432J二、填空與作圖題（共7小題，計18分）11．（2分）常見物質是由大量的原子構成的，原子是由中心的原子核和核外帶電的電子構成的。12．（3分）如圖所示，2024年4月15日，我國在酒泉衛星發射中心使用長征二號丁運載火箭，成功將四維高景三號01星發射升空。火箭升空過程中與空氣摩擦，外殼溫度升高，這是通過的方式使外殼的內能增大，該過程的能量轉化與四沖程汽油機的沖程相同。衛星到達太空后，通過（選填“電磁波”或“超聲波”）與地球傳遞信息。13．（3分）物理知識在生活中有廣泛的應用，如圖甲所示，船閘是利用原理工作的；如圖乙所示，利用吸管喝水時，水在的作用下進入口中；如圖丙所示，旋轉的竹蜻蜓升空，這是因為葉片上方的氣流速度（選填“大于”或“小于”）下方的氣流速度，產生了壓強差。14．（3分）如圖所示是電解水實驗原理圖，蓄電池在向外供電時把能轉化為電能。為增強水的導電性，通常向水中加少量的NaOH。在閉合開關的瞬間，若溶液中的Na+是從C移動到D，則蓄電池的A端是極。如果用導線將蓄電池A、B兩端直接相連，會造成，可能會損壞電源。15．（3分）工人要把一個重為900N的重物搬到車上。如圖所示，他用3m長的木板搭了一個高為1m的斜面，用沿斜面向上400N的推力，歷時12s將重物勻速地推到車上。此過程中，推力的功率為W，斜面的機械效率為。若要提高該斜面的機械效率，可采取的措施是（選填“增大”、“減小”、“不變”）斜面的坡度。16．（2分）如圖所示，一束光AO從水中斜射入空氣中，請畫出反射光線和大致的折射光線。17．（2分）光控開關在天黑時自動閉合，聲控開關在有聲音時自動閉合。請用筆畫線代替導線，將圖中的器材連接成只有在夜晚且有人經過發聲時，燈泡才會發光的電路。二、實驗與探究題（共4小題，計22分）18．（4分）按要求完成填空。（1）如圖甲所示，量筒中水的體積是mL。（2）如圖乙所示，閉合開關，AB棒在磁場中左右運動時，靈敏電流計指針偏轉，則AB的材料可能是（選填“塑料”或“鋁”）。（3）如圖丙所示，在“測小車的平均速度”的實驗中，適當減小斜面的坡度是為了減小測量時造成的誤差；若小車過了A點后才開始計時，則測得AB段的平均速度會（選填“偏大”或“偏小”）。19．（4分）在探究并聯電路電流規律的實驗中，如圖甲所示是實驗電路。（1）使用電流表時，若不能預先估計被測電流的大小，則應先用電流表（選填“較大”或“較小”）的量程進行試觸。（2）連接好電路后，閉合開關，電流表示數如圖乙，則電流表的示數為A。（3）換用不同規格的燈泡，多次改變電表位置，將測量數據記錄在表中。分析數據得出結論：（寫出表達式）。實驗次數燈泡L1的電流I1/A燈泡L2的電流I2/A干路電流I/A10.300.160.4620.200.2004030.240.340.58（4）第3次實驗中，若所用兩燈泡燈絲的長度相同，則（選填“L1”或“L2”）的燈絲更粗。20．（7分）小明用壓強計（如圖甲）來研究液體中不同位置壓強的大小。（1）在使用壓強計前，小明發現U形管左右兩側的水面有一定的高度差，如圖甲。接下來他應對裝置進行的操作是。（2）調節好壓強計后，小明把探頭放入水中，如圖乙所示，通過觀察來反映被測液體內部壓強大小。（3）通過實驗，小明收集到下標所示的數據。序號液體深度/mm壓強計橡皮膜方向液面高度差/mm1水20.0朝上18.52朝下18.53朝左18.54朝右18.5540.0朝上36.8660.0朝上54.67酒精60.0朝上43.5①比較序號為的四組數據，可得出結論：同種液體，深度相同時，液體內部向各個方向的壓強相等。可比較序號為1、5、6的三組數據，可得出結論：同種液體，深度增大，液體內部壓強。③比較序號為6、7的兩組數據，可得出結論：，液體內部壓強越大。（4）如圖丙所示，小明為了測量一種液體的密度ρx，在兩端開口、粗細均勻的U形玻璃管中裝到分度為ρ的某種液體，再從左側管口緩慢注入待測液體，這兩種液體互不相溶，穩定后兩端液面到分界面的高度差分別為h1和h2。穩定后，U形玻璃管中左側液體對管底的壓強（選填“大于”“小于”或“等于”）右側液體對管底的壓強，待測液體的密度為ρx＝（用已知量的字母表示）。21．（7分）小華在上體育課時發現，將排球拍打在水泥地面、塑膠地面和草坪上反彈的高度各不相同，于是他想探究排球反彈高度與哪些因素有關，做了如下猜想：猜想一：排球反彈高度可能與拍打排球時向下的力的大小有關。猜想二：排球反彈高度可能與地面的材質有關。（1）實驗中發現，拍打排球時的力度不好控制，通過分析，小華認為用不同大小的力拍打排球的實質是改變了排球接觸地面時的速度，所以小華將猜想一修改為：排球反彈高度可能與排球接觸地面時的速度大小有關。因為排球被舉得越高，下落時重力勢能轉化為能就越大，故與地面接觸瞬間的越大，于是他設計以下方案：將同一個排球分別調整到不同的高度由靜止下落。（2）為了驗證猜想二，小華選用家中三種不同材質的地面（瓷磚地面、實木地面、毛毯地面）進行實驗，此時他應該將排球從（選填“相同”或“不同”）高度由靜止下落到不同地面上。（3）表格是小華通過實驗得到的數據：實驗序號地面材質排球被舉起的高度/m排球反彈的高度/m1瓷磚0.50.42瓷磚10.753瓷磚1.51.24實木10.55毛毯10.15①通過分析實驗序號為1、2、3的三組實驗數據，可以得出結論：；②通過分析實驗序號為的三組實驗數據可知，猜想二是（選填“正確”或“錯誤”）的。（4）在工業生產中，有一種檢測硬度的方法，它的原理是使用具有一定質量的物體沖擊被檢測物體表面，測量該物體在距被測物表面1mm處的沖擊前速度大小和沖擊后的反彈速度大小，從而計算出被測物體的硬度。通過對本實驗數據分析可知：反彈速度大小變化越（選填“大“或“小”），被測物體硬度越大。四、綜合題（共3小題，計20分）22．（4分）爸爸給小明買了一臺電動平衡車（如圖所示），車重150N，輪胎與地面的總接她面積為100cm2。重為500N的小明騎著平衡車以5m/s的車速沿水平公路勻速直線行駛，平衡車勻速行駛中所受阻力為總重的0.1倍。求：（1）小明騎行5min通過的路程。（2）勻速騎行過程中，平衡車受到的牽引力。（3）平衡車（空載）靜止時，對水平地面的壓強。23．（8分）如表所示為一款電飯煲的銘牌，其簡化電路如圖所示，其中R1、R2為電熱絲（阻值不變）。使該電飯煲在加熱擋正常工作500s，可以將2kg的粥從20℃加熱到86℃。[粥的比熱容為4×103J/（kg?℃）]電飯煲額定電壓220V產品型號DFB﹣2403額定頻率50Hz保溫功率440W額定容積5.0L加熱功率1320W（1）電飯煲是利用電流的效應工作的；只閉合開關S1，電飯煲處于（選填“加熱”或“保溫”）擋。（2）R2的電阻大小是多少？（3）電飯煲加熱粥的過程中的加熱效率是多少？24．（8分）陜西九曲山抽水蓄能電站位于陜西省鎮坪縣的九曲山，總裝機容量為1500萬千瓦，是我國西部地區最大的抽水蓄能電站。某抽水蓄能電站的工作原理：深夜用電低谷時，用過剩電能把山下水庫的水抽到山頂水庫（看作長方體）內（：如圖甲）；用電高峰時，則通過放水發電以補充電能不足（如圖乙）。若山頂水庫面積為1.2×106m2，電動水泵每天從深夜11時至清晨4時抽水使山頂水庫水面增高1m，放水發電時，水下落高度看成72m不變，水下落時重力做功的70%轉化為電能，問：（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）（1）發電所利用的水能屬于（選填“可再生”或“不可再生”）能源。發電機在發電時會有能量損耗，整個過程中，能量的總量（選填“增大”“不變”或“減小”）。（2）電動水泵夜間所抽水的總重力是多少？（3）若將夜間抽到山頂水庫的水全部用來放水發電，該抽水蓄能電站可以產生的電能是多少？（4）每燃燒1噸標準煤可以發電3000kW?h，排放二化碳2.5噸，則該抽水蓄能電站將夜間抽到山頂水庫的水全部用來放水發電，可減少多少噸二氧化碳的排放？

2024年陜西省渭南市澄城縣中考物理二模試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共10小題，每小題2分，計20分。每小題只有一個選項是符合題意的）1．（2分）近年來，澄城縣聚力建設“中國櫻桃第一縣”，澄城櫻桃實現從1月至6月持續供應，成為備受市場認可的“金果果”。一粒普通櫻桃的質量約為（）A．10g B．50g C．50mg D．0.1kg【分析】質量是指物體所含物質的多少，一粒普通櫻桃的質量約為10g。【解答】解：ABCD、質量是指物體所含物質的多少，所以估測一粒普通櫻桃的質量約為10g，故A正確，BCD錯誤。故選：A。【點評】本題考查了估測物體的質量。2．（2分）如圖所示，盲人用手杖敲擊不同的盲道導航地磚辨別不同的信息，下列說法正確的是（）A．導航地磚主要是利用聲音傳遞能量 B．路上汽車里傳出的歌聲對行走的盲人而言是樂音 C．用大小不同的力敲擊同一塊地磚產生聲音的音調不同 D．地磚發聲是由地磚振動產生的【分析】（1）聲音可以傳遞信息、能量。（2）從環境保護的角度來說，凡是影響人們正常學習、生活、工作、休息和對人們要聽的聲音起干擾作用的聲音都屬于噪聲。（3）聲音的大小叫響度，響度與振幅和距離聲源的遠近有關。（4）聲音是由物體的振動產生的。【解答】解：A．導航地磚主要是利用聲音傳遞信息，故A錯誤；B．路上汽車里傳出的歌聲會干擾盲人的行走，所以對盲人來說是噪聲，故B錯誤；C．聲音的大小叫響度，響度與振幅和距離聲源的遠近有關，用大小不同的力敲擊同一塊地磚產生聲音的響度不同，故C錯誤；D．聲音是由物體振動產生的，地磚發聲是由地磚振動產生的，故D正確。故選：D。【點評】本題考查的是噪聲的來源及危害、聲音產生的條件；知道聽覺的形成過程和響度的影響因素。3．（2分）《淮南子?天文訓》記載：“方諸見月，則津而為水”。意思是在有月亮的晚上拿一個不浸水的盤，放在露天環境下，盤上會結露水（有月亮的晚上溫度低）。下列現象中與此現象物態變化相同的是（）A．冰箱冷凍室的內壁出現“霜” B．衣柜里防蟲用的樟腦丸變小 C．冬天室外行人嘴里呼出“白氣” D．使用吹風機吹頭發很快吹干【分析】物體由液態變為固態的過程叫凝固，物體由固態變為液態的過程叫熔化；物體由氣態變為液態的過程叫液化，物體由液態變為氣態的過程叫汽化，汽化的兩種方式是蒸發和沸騰；物體由氣態直接變為固態的過程叫凝華，物體由固態直接變為氣態的過程叫升華。【解答】解：盤上會結露水，是空氣中的水蒸氣液化而來的；A、冰箱冷藏室的內壁結出“霜”，是由空氣中的水蒸氣遇冷凝華而成的小冰晶，是凝華現象，故A不符合題意；B、樟腦丸變小是由固態直接變為氣態，是升華現象，故B不符合題意；C、冬天室外行人嘴里呼出“白氣”是人呼出的水蒸氣遇冷液化成小水珠，故C符合題意；D、使用吹風機吹頭發很快吹干，加快了水分的蒸發，屬于汽化，故D不符合題意。故選：C。【點評】判斷物態變化現象，首先要知道物態變化的定義，然后看物體由什么狀態變為了什么狀態，根據物態變化的定義來判斷是什么物態變化。4．（2分）2024年西安城墻甲辰新春燈會在西安城墻永寧門區域（文昌門以西至朱雀門以東）舉辦，為期52天。如圖所示是利用無人機搭載的航拍攝像機拍攝的一張照片，下列有關說法正確的是（）A．游客看到的花燈美輪美奐，是因為光在花燈的表面發生了鏡面反射 B．地面上人來人往的人影與小孔成像的原理相同 C．“龍燈”在攝像機的感光元件上成正立、縮小的實像 D．攝像機的鏡頭與近視眼鏡的鏡片屬于同一類透鏡【分析】（1）自身能發光的物體是光源；（2）小孔成像是光的直線傳播形成的；（3）凸透鏡成像時，物距u＞2f時，成倒立縮小的實像，應用是照相機和攝像頭；（4）近視眼的鏡片是凹透鏡。【解答】解：A．燈是光源，自行發光，觀眾看到的燈美輪美奐，是因為燈在發光，不是反射，故A錯誤；B．地面上人來人往的人影是光的直線傳播形成的暗區，與小孔成像的原理相同，故B正確；C．攝像頭是凸透鏡，成像相當于照相機，物距u＞2f時，成倒立縮小的實像，故C錯誤；D．攝像機的鏡頭是凸透鏡，近視眼的鏡片是凹透鏡，故D錯誤。故選：B。【點評】本題考查了光源的定義、光的直線傳播現象、凸透鏡成像規律的應用和近視眼的矯正，屬于基礎題。5．（2分）漢麻混凝土是一種麻纖維、石灰和水的混合物，這是一種新型建筑材料，它完全固化后，同體積的質量比普通混凝土輕8倍，可用作墻、屋頂或地板的隔熱層.下列關于該材料的描述，正確的是（）A．密度小 B．導熱性好 C．導電性好 D．延展性好【分析】根據密度公式ρ＝，體積相同，質量小的物體密度小。【解答】解：由題知，這種新型建筑材料，同體積的質量比普通混凝土輕8倍，根據密度公式ρ＝，體積相同，質量小的物體密度小。故A符合題意，BCD不符合題意。故選：A。【點評】此題考查了物質的屬性及在生產生活中的應用，屬基礎題目。6．（2分）如圖是學校田徑運動會上100m短跑比賽的情境。以下說法正確的是（）A．若以奔跑中的運動員為參照物，看臺座位上的觀眾是靜止的 B．運動員到達終點時受到慣性作用不能立即停止 C．運動員靜止站立時，運動員受到的重力和地面對運動員的支持力是一對平衡力 D．運動員穿鞋底有花紋的鞋子是為了減小壓強【分析】（1）在研究物體運動時，要選擇參照的標準，即參照物，物體的位置相對于參照物發生變化，則運動，不發生變化，則靜止。（2）物體保持原來運動狀態不變的性質叫慣性。（3）二力平衡的條件：大小相等、方向相反、作用在同一個物體上，作用在同一條直線上。（4）增大摩擦的方法：在接觸面粗糙程度一定時，增大壓力；在壓力一定時，增大接觸面的粗糙程度。【解答】解：A、若以奔跑中的運動員為參照物，看臺座位上的觀眾與運動員之間發生了位置變化，看臺座位上的觀眾是運動的，故A錯誤。B、運動員到達終點時不能立即停止，是因為運動員具有慣性，慣性不是力，不能說受到慣性作用，故B錯誤。C、運動員靜止站立時，處于平衡狀態，運動員受到的重力和地面對運動員的支持力符合二力平衡條件，是一對平衡力，故C正確。D、運動員穿鞋底有花紋的鞋子是在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力，故D錯誤。故選：C。【點評】本題以田徑運動會為背景考查蘊含的物理知識，具有較強的綜合性，注重了物理和生活的聯系，考查了學生應用物理知識解決實際問題的能力。7．（2分）如圖所示是部分家庭電路示意圖，下列說法正確的是（）A．燈泡及開關連接是符合安全用電要求的 B．若空氣開關自動跳閘，可能是發生了短路 C．電能表表盤轉得越快就表示用電器消耗電能越多 D．用試電筆辨別火線和零線時，手不能接觸筆尾金屬體【分析】（1）開關要接在用電器和火線之間；（2）家庭電路中電流過大時，出現“跳閘”的原因：一是短路，二是用電器總功率過大；（3）電能表表盤轉得越快就表示用電器消耗電能越快；（4）使用試電筆時，應讓手與筆尾的金屬體接觸，當氖管發光時，說明接觸的是火線。【解答】解：A、在家庭電路中，開關應接在燈泡與火線之間，故A錯誤；B、家庭電路安裝空氣開關是為了防止電路中的電流過大而采取的安全措施，出現“跳閘”的原因：一是短路，二是用電器總功率過大，故B正確；C、電能表表盤轉得越快表示用電器消耗電能越快，即用電器功率越大，故C錯誤；D、使用試電筆時，應讓手與筆尾的金屬體接觸，故D錯誤。故選：B。【點評】本題考查了學生對安全用電知識的了解與掌握，平時學習時多了解、多積累，加強安全意識。8．（2分）如圖所示，在水平桌面上，甲、乙兩個完全相同的玻璃杯分別裝有不同密度的鹽水。把同一個雞蛋分別放入甲、乙兩杯鹽水中，雞蛋在甲杯中懸浮，而在乙杯中漂浮，且放入雞蛋后液面高度相同。下列說法正確的是（）A．甲杯中鹽水的密度大于乙杯中鹽水的密度 B．甲杯對桌面的壓強小于乙杯對桌面的壓強 C．甲杯中鹽水對杯底的壓強等于乙杯中鹽水對杯底的壓強 D．雞蛋在甲杯中所受浮力大于在乙杯中所受浮力【分析】（1）根據物體的浮沉條件判斷兩者所受浮力關系和液體密度關系；（2）根據G＝mg＝ρVg判斷液體的重力關系，根p＝判斷燒杯對水平桌面的壓強關系；（3）由p＝ρgh判斷出鹽水對杯底壓強的關系。【解答】解：A、由圖可知，雞蛋在甲杯中懸浮，可得ρ甲＝ρ雞蛋，雞蛋在乙杯中漂浮，可得ρ乙＞ρ雞蛋，所以ρ甲＜ρ乙，故A錯誤；B、因為雞蛋在甲中懸浮，乙中漂浮，V排甲＞V排乙，又因為兩液面相平，液體的體積與排開液體的體積之和相同，所以甲液體的體積小于乙液體的體積，由A知ρ甲＜ρ乙，根據m＝ρV知m甲＜m乙，根據G＝mg可知：G甲＜G乙，甲、乙兩個燒杯對水平桌面的壓力：F＝G液體+G雞蛋+G燒杯，所以F甲＜F乙，根據p＝知甲燒杯對水平桌面的壓強小于乙燒杯對水平面的壓強，故B正確；C、由題可知，兩液面兩平，即h甲＝h乙，且ρ甲＜ρ乙，根據p＝ρgh可得甲杯中鹽水對杯底的壓強小于乙杯中鹽水對杯底的壓強，故C錯誤；D、同一個雞蛋在甲、乙兩杯中分別處于懸浮和漂浮狀態，受到的浮力都等于其自身的重力，所以雞蛋在甲杯中所受浮力等于在乙杯中所受浮力，故D錯誤。故選：B。【點評】本題考查了物體浮沉條件和液體壓強公式的應用，一定要掌握物體浮沉情況與密度的關系，同時要搞清不同狀態下（漂浮、懸浮）物體所受重力與浮力的大小關系。9．（2分）在“做中學”，可以幫助我們學習和運用知識，提升操作技能與探究能力。如圖所示，小明利用課余時間制作了一個磁浮玩具，玩偶穩定地“漂浮”在空中。下列判斷正確的是（）A．通電螺線管的上端為S極 B．電路中的a點必須連接電源的負極 C．磁浮玩具的工作原理是異名磁極互相排斥實現“漂浮”的 D．若要增加玩偶“漂浮”的高度，可將滑片P向上移動【分析】本裝置利用了磁極間的相互作用規律，根據同名磁極相互排斥，結合安培定則可判斷出磁極，再進一步確定電源的正負極。并根據變阻器的變化，分析磁極的強弱變化；根據安培定則判斷螺線管的極性。【解答】解：AC、磁浮玩具穩定地“漂浮”起來，其利用的工作原理是同名磁極互相排斥，玩偶的下端是磁鐵的N極，所以通電螺線管的上端為N極，故AC錯誤；B、電磁鐵的上端為N極，則由安培定則可知，電流從電磁鐵的下端流入，上端流出，電路中的a點必須連接電源的正極，故B錯誤；D、若要增加玩偶“漂浮”的高度，可將滑片P向上移動加以調節，使電路中的電阻變小，電流變大，電磁鐵磁性增強，故D正確。故選：D。【點評】利用所學的知識進行科技制作，將知識與能力相結合，是提高我們能力的有效途徑。10．（2分）如圖甲電路中，電源電壓保持不變，R0、R1均為定值電阻，R2為滑動變阻器。閉合開關S，改變R2的阻值，兩電壓表示數與電流表示數變化的關系如圖乙，當滑片P在b端時電流表示數為0.3A，若滑片P置于變阻器的中點位置，R2消耗的電功率為0.8W。閉合開關S，則下列說法正確的是（）A．圖乙中的圖線②表示的是電壓表V1與電流表示數變化的關系 B．電源電壓為10V C．R0的阻值為2Ω D．當滑片P在a端時，通電1min，電阻R0產生的熱量為432J【分析】（1）閉合開關，R1、R2與R0串聯，電流表測量電路電流，電壓表V2測R2的電壓，電壓表V1測R1與R2的總電壓，根據串聯電路電壓的規律，確定兩電壓表所對應的圖象：（2）當變阻器連入電路的電阻最大時，電路的電流最小，由圖可知最小電流和V2的示數，由歐姆定律，得出R2的最大阻值；當變阻器連入電路的電阻最大時，根據串聯電路的規律及歐姆定律得出R1；當變阻器連入電路的電阻為5Ω時，根據P＝I2R得出電路的電流，根據串聯電路電壓的規律及歐姆定律列式求出U和R0；（3）滑片在a端時，變阻器接入電阻為0，根據串聯電路規律和歐姆定律計算電路中的電流，由Q＝I2Rt計算電阻R0產生的熱量。【解答】解：A、閉合開關，R1、R2與R0串聯，電流表測量電路電流，電壓表V2測R2的電壓，電壓表V1測R1與R2的總電壓，根據串聯電路電壓的規律，故V1的示數大于V2的示數，故①圖象為V1的示數與電流表示數變化關系圖象，②圖象為V2的示數與電流表示數變化關系圖象，故A錯誤；BC、當滑片P在b端時，變阻器連入電路的電阻最大，電路的電流最小，即為I小＝0.3A，可知V2的示數為U2大＝3V，由歐姆定律，R2的最大阻值為：R2＝＝＝10Ω；當變阻器連入電路的電阻最大時，根據串聯電路的規律及歐姆定律，R1的阻值：R1＝＝＝8Ω；若滑片P置于變阻器的中點位置，變阻器連入電路的電阻為R2中＝R2＝×10Ω＝5Ω時，根據P＝I2R可得，電路的電流：I′＝I2中＝＝＝0.4A，根據串聯電路的規律及歐姆定律，因電源電壓不變，有：滑片在b端時：U＝U1大+I小R0，即U＝5.4V+0.3A×R0…………Ⅰ；滑片在中點時：U＝I′（R1+R2中+R0），即：U＝0.4A×（8Ω+5Ω+R0）…………Ⅱ；由以上Ⅰ、Ⅱ兩式可解得：U＝6V，R0＝2Ω，故B錯誤、C正確；D、滑片在a端時，變阻器接入電阻為0，根據串聯電路規律，電路的總電阻：R總＝R1+R0＝8Ω+2Ω＝10Ω，由歐姆定律可得，電路中的電流：I＝＝＝0.6A，由Q＝I2Rt可得，通電t＝1min＝60s，電阻R0產生的熱量：Q0＝I2R0t＝（0.6A）2×2Ω×60s＝43.2J，故D錯誤。故選：C。【點評】本題考查串聯電路的規律及歐姆定律和電功率、焦耳定律公式的運用，關鍵是從圖中獲取有效的信息。二、填空與作圖題（共7小題，計18分）11．（2分）常見物質是由大量的分子原子構成的，原子是由中心的原子核和核外帶負電的電子構成的。【分析】常見物質一般是由分子、原子構成的，原子是由位于中心的原子核和繞原子核高速運動的帶負電的電子構成。【解答】解：常見物質一般是由分子、原子構成的，原子是由位于中心的原子核和繞原子核高速運動的帶負電的電子構成。故答案為：分子；負。【點評】本題考查了原子的組成，屬于基礎題。12．（3分）如圖所示，2024年4月15日，我國在酒泉衛星發射中心使用長征二號丁運載火箭，成功將四維高景三號01星發射升空。火箭升空過程中與空氣摩擦，外殼溫度升高，這是通過做功的方式使外殼的內能增大，該過程的能量轉化與四沖程汽油機的壓縮沖程相同。衛星到達太空后，通過電磁波（選填“電磁波”或“超聲波”）與地球傳遞信息。【分析】改變物體內能的方式有兩種：做功和熱傳遞。內燃機的壓縮沖程叫機械能轉化為內能。電磁波可以在真空中傳遞信息。【解答】解：火箭升空過程中與空氣摩擦，外殼溫度升高，這是通過做功的方式使外殼的內能增大，該過程的能量轉化與四沖程汽油機的壓縮沖程相同。衛星到達太空后，通過電磁波與地球傳遞信息。故答案為：做功；壓縮；電磁波。【點評】本題考查的是改變物體內能的兩種方式；知道四沖程內燃機的原理；知道電磁波的特點及應用。13．（3分）物理知識在生活中有廣泛的應用，如圖甲所示，船閘是利用連通器原理工作的；如圖乙所示，利用吸管喝水時，水在大氣壓的作用下進入口中；如圖丙所示，旋轉的竹蜻蜓升空，這是因為葉片上方的氣流速度大于（選填“大于”或“小于”）下方的氣流速度，產生了壓強差。【分析】（1）連通器的結構特征是上端開口、底部連通，判斷是不是連通器要根據這兩個特征；（2）用吸管吸飲料利用的是大氣壓；（3）流體流速大的地方壓強小。【解答】解：（1）如圖甲所示的船閘底部相連，上端開口，是利用連通器原理工作的；（2）如圖乙所示，利用吸管喝水是利用了大氣壓的作用把水壓進口中的；（3）旋轉的竹蜻蜓時，葉片上方的空氣流速大于下方的空氣流速，于是上方氣流對葉片的壓強小于下方氣流對葉片的壓強，從而產生向上的“升力”。故答案為：連通器；大氣壓；大于。【點評】此題考查大氣壓的綜合應用、氣壓與流速的關系、連通器原理的應用，是一道綜合性很強的題目，但總體難度不大。14．（3分）如圖所示是電解水實驗原理圖，蓄電池在向外供電時把化學能轉化為電能。為增強水的導電性，通常向水中加少量的NaOH。在閉合開關的瞬間，若溶液中的Na+是從C移動到D，則蓄電池的A端是負極。如果用導線將蓄電池A、B兩端直接相連，會造成短路，可能會損壞電源。【分析】蓄電池對外供電時，化學能轉化為電能；物理學規定正電荷定向移動的方向為電流方向；在電源外部，電流從電源正極出發，經過用電器回到電源負極；電流不經過用電器，直接從電源正極流向電流負極會造成短路故障。【解答】解：蓄電池供電時，內部發生化學變化同時向外提供電能，所以其向外供電時把化學能轉化為電能；溶液中的Na+是從C移動到D，說明水中電流方向是從C到D，由在電源外部，電流從電源正極經過用電器回到電源負極知蓄電池的A端是負極；如果用導線將蓄電池A、B兩端直接相連，由于電流未經過用電器直接從電源正極流向電源負極，所以會造成短路故障。故答案為：化學；負；短路。【點評】本題考查了電源及其能源轉化、電流的方向的規定、電源外部電流的流向、短路等內容，屬于電學基礎內容，難度不大。15．（3分）工人要把一個重為900N的重物搬到車上。如圖所示，他用3m長的木板搭了一個高為1m的斜面，用沿斜面向上400N的推力，歷時12s將重物勻速地推到車上。此過程中，推力的功率為100W，斜面的機械效率為75%。若要提高該斜面的機械效率，可采取的措施是增大（選填“增大”、“減小”、“不變”）斜面的坡度。【分析】（1）利用W＝Fs求推力做的總功，知道做功時間，利用P＝求推力做功功率；（2）利用W＝Gh求克服重物重力做的有用功，斜面的機械效率等于有用功與總功的比值；（3）增大斜面的坡度，減小了物體對斜面的壓力，而斜面的粗糙程度不變，可以減小摩擦力，從而減小額外功，而有用功不變，可以減小總功，根據η＝可得斜面的機械效率的大小變化。【解答】解：（1）推力做的總功：W總＝Fs＝400N×3m＝1200J，推力做功功率：P＝＝＝100W；（2）克服重物重力做的有用功：W有用＝Gh＝900N×1m＝900J，斜面的機械效率：η＝×100%＝×100%＝75%；（3）增大斜面的坡度，減小了物體對斜面的壓力，而斜面的粗糙程度不變，可以減小摩擦力，從而減小額外功，而有用功不變，可以減小總功，由η＝可知斜面的機械效率變大。故答案為：100；75%；增大。【點評】本題考查了使用斜面時有用功、總功、功率、機械效率的計算，以及提高斜面機械效率的方法，屬于基礎題目。16．（2分）如圖所示，一束光AO從水中斜射入空氣中，請畫出反射光線和大致的折射光線。【分析】發生折射時，折射光線和入射光線、法線在同一平面內，折射光線和入射光線分居在法線兩側，光從其他介質斜射入空氣中時，折射光線遠離法線偏折，折射角大于入射角，由此作圖即可。【解答】解：過入射點O作法線，根據光由水中斜射入空氣中時，折射角大于入射角，在法線右側的空氣中畫出折射光線，如圖所示：【點評】本題考查根據光的折射規律作圖，掌握發生折射時折射角與入射角的大小關系是關鍵，注意作圖要規范。17．（2分）光控開關在天黑時自動閉合，聲控開關在有聲音時自動閉合。請用筆畫線代替導線，將圖中的器材連接成只有在夜晚且有人經過發聲時，燈泡才會發光的電路。【分析】由題意可知，只有晚上且有人走動發生出聲音時燈亮，否則燈不亮，說明兩開關不能獨立工作即為串聯，然后共同控制燈泡的亮暗，據此進行解答。【解答】解：經分析可知，光控開關和聲控開關串聯共同控制燈泡的亮暗，如下圖所示：【點評】本題考查了串并聯電路的設計，根據題意得出光控開關和聲控開關的連接方式是關鍵。二、實驗與探究題（共4小題，計22分）18．（4分）按要求完成填空。（1）如圖甲所示，量筒中水的體積是26mL。（2）如圖乙所示，閉合開關，AB棒在磁場中左右運動時，靈敏電流計指針偏轉，則AB的材料可能是鋁（選填“塑料”或“鋁”）。（3）如圖丙所示，在“測小車的平均速度”的實驗中，適當減小斜面的坡度是為了減小測量時間時造成的誤差；若小車過了A點后才開始計時，則測得AB段的平均速度會偏大（選填“偏大”或“偏小”）。【分析】（1）量筒讀數要注意分度值和液面位置；（2）在探究電磁感應現象的實驗中，我們必須保證處于磁場中的這部分是導體；（3）為了便于測量時間，應保持斜面較小的坡度；如果讓小車過了A點后才開始計時，會使計時開始過晚，所計時間偏小，根據速度公式判斷速度變化。【解答】解：（1）量筒讀數要注意分度值，圖甲中量筒分度值為1mL，量筒中水的體積為26mL；（2）在探究電磁感應現象的實驗中，我們必須保證處于磁場中的這部分是導體，兩種物質中，塑料是絕緣體，鋁是導體，所以AB棒的材料可能是鋁；（3）在“測小車的平均速度”的實驗中，適當減小斜面的坡度，延長小車在斜面上運動的時間，可以減小測量時間造成的誤差；如果讓小車過了A點后才開始計時，會導致計時開始偏晚，所計時間偏短，而路程不變，由v＝可知，所測AB段的平均速度會偏大。故答案為：（1）26；（2）鋁；（3）時間；偏大。【點評】此題考查了量筒的讀數、“探究電磁感應”的實驗、“測小車的平均速度”的實驗，屬于實驗綜合題。19．（4分）在探究并聯電路電流規律的實驗中，如圖甲所示是實驗電路。（1）使用電流表時，若不能預先估計被測電流的大小，則應先用電流表較大（選填“較大”或“較小”）的量程進行試觸。（2）連接好電路后，閉合開關，電流表示數如圖乙，則電流表的示數為0.24A。（3）換用不同規格的燈泡，多次改變電表位置，將測量數據記錄在表中。分析數據得出結論：I＝I1+I2（寫出表達式）。實驗次數燈泡L1的電流I1/A燈泡L2的電流I2/A干路電流I/A10.300.160.4620.200.2004030.240.340.58（4）第3次實驗中，若所用兩燈泡燈絲的長度相同，則L2（選填“L1”或“L2”）的燈絲更粗。【分析】（1）使用電流表時，若不能預先估計被測電流的大小，則應先用電流表較大的量程進行試觸，由指針偏轉的角度確定選用合適的量程；（2）根據電流表選用小量程確定分度值讀數；（3）根據表中數據得出結論；（4）通過L2的電流大，可知L2的電阻小，根據影響電阻大小的因素分析。【解答】解：（1）使用電流表時，若不能預先估計被測電流的大小，則應先用電流表較大的量程進行試觸。（2）連接好電路后，閉合開關，電流表示數如圖乙，電流表選用小量程，分度值為0.02A，則電流表的示數為0.24A。（3）換用不同規格的燈泡，多次改變電表位置，將測量數據記錄在表中根據表中數據可知：0.30A+0.16A＝0.46A；0.20A+0.20A＝0.40A；0.24A+0.34A＝0.58A；分析數據得出結論：I＝I1+I2；（4）因通過L2的電流大，可知L2的電阻小，根據影響電阻大小的因素，若所用兩燈泡燈絲的長度相同，則L2的燈絲更粗。故答案為：（1）較大；（2）0.24；（3）I＝I1+I2；（4）L2。【點評】本題探究并聯電路電流規律，考查電流表使用、數據分析和影響電阻大小的因素。20．（7分）小明用壓強計（如圖甲）來研究液體中不同位置壓強的大小。（1）在使用壓強計前，小明發現U形管左右兩側的水面有一定的高度差，如圖甲。接下來他應對裝置進行的操作是取下軟管重新安裝。（2）調節好壓強計后，小明把探頭放入水中，如圖乙所示，通過觀察U形管兩側液面的高度差來反映被測液體內部壓強大小。（3）通過實驗，小明收集到下標所示的數據。序號液體深度/mm壓強計橡皮膜方向液面高度差/mm1水20.0朝上18.52朝下18.53朝左18.54朝右18.5540.0朝上36.8660.0朝上54.67酒精60.0朝上43.5①比較序號為1、2、3、4的四組數據，可得出結論：同種液體，深度相同時，液體內部向各個方向的壓強相等。可比較序號為1、5、6的三組數據，可得出結論：同種液體，深度增大，液體內部壓強增大。③比較序號為6、7的兩組數據，可得出結論：深度相同時，液體密度越大，液體內部壓強越大。（4）如圖丙所示，小明為了測量一種液體的密度ρx，在兩端開口、粗細均勻的U形玻璃管中裝到分度為ρ的某種液體，再從左側管口緩慢注入待測液體，這兩種液體互不相溶，穩定后兩端液面到分界面的高度差分別為h1和h2。穩定后，U形玻璃管中左側液體對管底的壓強等于（選填“大于”“小于”或“等于”）右側液體對管底的壓強，待測液體的密度為ρx＝（用已知量的字母表示）。【分析】（1）使用壓強計前發現U形管兩側液面有高度差，說明軟管內封閉的氣體壓強與外界氣壓不相等，應重新進行安裝；（2）根據轉換法知，通過U形管液面高度差顯示壓強；（3）液體內部壓強與液體的密度和液體的深度有關，在探究與其中一個因素的關系時，應控制其它因素不變，據此分析；（4）根據液體靜止時，兩側的壓強相等，結合液體壓強公式分析解答。【解答】解：（1）在使用壓強計前，發現U形管左右兩側的水面有一定的高度差，說明軟管內封閉的氣體壓強與外界氣壓不相等，其調節的方法是應重新進行安裝，使U形管左右兩側的水面相平；（2）根據轉換法知，通過U形管液面高度差顯示探頭處受到的液體壓強；（3）比較1、2、3\4實驗，液體的密度相同，探頭所處液體深度相同，橡皮膜的方向不同，U形管兩側液面高度差相同，說明橡皮膜受到的液體壓強相同，由此得出結論：同種液體在同一深度，液體向各個方向的壓強都相等；比較1、5、6三次實驗，液體的密度相同，探頭在液體中的深度大，壓強計兩側液面的高度差大，由此可知：在同一液體中，深度越深，液體產生的壓強越大；比較序號為6、7的兩組數據，深度相同，而液體密度不同，U形管液面高度差不同，說明壓強不等，且密度大的壓強大，可得出結論：深度相同時，液體密度越大，壓強越大。（4）兩種液體互不相溶，穩定后兩端液面到分界面的高度差分別為h1和h2，分界面靜止，說明壓強相等，而液面下方的液體密度和深度相同，故U形玻璃管中左側液體對管底的壓強等于右側液體對管底的壓強；根據p＝ρgh和界面處的壓強相等有：ρxgh1＝ρgh2；解得ρx＝。故答案為：（1）取下軟管重新安裝；（2）U形管兩側液面的高度差；（3）①1、2、3、4；②增大；③深度相同時，液體密度越大；（4）等于；。【點評】本題探究影響液體壓強大小的因素，考查了轉換法、控制變量法的運用，體現了對實驗過程和實驗原理的考查。21．（7分）小華在上體育課時發現，將排球拍打在水泥地面、塑膠地面和草坪上反彈的高度各不相同，于是他想探究排球反彈高度與哪些因素有關，做了如下猜想：猜想一：排球反彈高度可能與拍打排球時向下的力的大小有關。猜想二：排球反彈高度可能與地面的材質有關。（1）實驗中發現，拍打排球時的力度不好控制，通過分析，小華認為用不同大小的力拍打排球的實質是改變了排球接觸地面時的速度，所以小華將猜想一修改為：排球反彈高度可能與排球接觸地面時的速度大小有關。因為排球被舉得越高，下落時重力勢能轉化為動能就越大，故與地面接觸瞬間的速度越大，于是他設計以下方案：將同一個排球分別調整到不同的高度由靜止下落。（2）為了驗證猜想二，小華選用家中三種不同材質的地面（瓷磚地面、實木地面、毛毯地面）進行實驗，此時他應該將排球從相同（選填“相同”或“不同”）高度由靜止下落到不同地面上。（3）表格是小華通過實驗得到的數據：實驗序號地面材質排球被舉起的高度/m排球反彈的高度/m1瓷磚0.50.42瓷磚10.753瓷磚1.51.24實木10.55毛毯10.15①通過分析實驗序號為1、2、3的三組實驗數據，可以得出結論：地面的材質相同時，排球接觸地面時的速度越大，反彈的高度越大；②通過分析實驗序號為2、4、5的三組實驗數據可知，猜想二是正確（選填“正確”或“錯誤”）的。（4）在工業生產中，有一種檢測硬度的方法，它的原理是使用具有一定質量的物體沖擊被檢測物體表面，測量該物體在距被測物表面1mm處的沖擊前速度大小和沖擊后的反彈速度大小，從而計算出被測物體的硬度。通過對本實驗數據分析可知：反彈速度大小變化越小（選填“大“或“小”），被測物體硬度越大。【分析】（1）球下落時，重力勢能轉為動能，決定物體動能大小的因素是：質量和速度；（2）根據控制變量法進行解答；（3）①通過分析前三組實驗數據可知，接觸面的材質相同，自由下落的高度相同，反彈的高度不同，進而得出結論；②研究排球反彈的高度與地面材質是否有關，應控制地面材質不相同，其它因素相同；（4）被測物體硬度越大，反彈速度大小變化越小。【解答】解：（1）因為排球被舉得越高，下落時重力勢能轉化為動能就越大，決定物體動能大小的因素是：質量和速度，質量在下落過程中不變，故與地面接觸瞬間的速度越大；（2）猜想二是可能與地面的材質有關，根據控制變量法知，應控制接觸面的材質不同，自由下落的高度相同；（3）①通過分析前三組實驗數據可知，接觸面的材質相同，接觸地面時的速度不同，反彈的高度不同，結論：地面的材質相同時，排球接觸地面時的速度越大，反彈的高度越大；②研究排球反彈的高度與地面材質是否有關，應控制地面材質不相同，自由下落的高度相同，即應分析2、4、5三組實驗；分析數據可知猜想二是正確的；（4）被測物體硬度越大，接觸時間越短，能量損失越小，反彈速度大小變化越小。故答案為：（1）動；速度；（2）相同；（3）接觸面的材質相同，自由下落的高度越大，反彈的高度越大；2、4、5；（4）小。【點評】本題研究探究排球反彈高度與哪些因素有關，考查了決定動能大小的因素，采用控制變量法研究實驗時，一定注意相同因素和不同因素。四、綜合題（共3小題，計20分）22．（4分）爸爸給小明買了一臺電動平衡車（如圖所示），車重150N，輪胎與地面的總接她面積為100cm2。重為500N的小明騎著平衡車以5m/s的車速沿水平公路勻速直線行駛，平衡車勻速行駛中所受阻力為總重的0.1倍。求：（1）小明騎行5min通過的路程。（2）勻速騎行過程中，平衡車受到的牽引力。（3）平衡車（空載）靜止時，對水平地面的壓強。【分析】（1）已知小明運動速度、運動時間，由速度公式可求出小明騎行5min通過的路程；（2）小明勻速騎行過程中，平衡車處于平衡狀態，根據二力平衡知識可知：平衡車受到的牽引力大小等于平衡車勻速行駛時所受阻力；已知阻力與總重力的大小關系，求出人和平衡車的總重力，即可求出牽引力；（3）平衡車（空載）靜止時，對水平地面的壓力大小等于平衡車的重力；已知壓力、受力面積，由壓強公式可求出平衡車（空載）靜止時，對水平地面的壓強。【解答】解：（1）由速度公式可知：小明騎行5min通過的路程為s＝vt＝5m/s×5×60s＝1500m；（2）勻速騎行過程中，平衡車處于平衡狀態，對平衡車受力分析可知：平衡車受到的牽引力等于阻力，即F牽＝f阻＝0.1G總＝0.1（G車+G人）＝0.1×（150N+500N）＝65N；（3）平衡車（空載）靜止時，對水平地面的壓