黃山市2023—2024學年度第二學期期末質量檢測(考試時間：75分鐘滿分：100分)注意事項：1.答題前在答題卡上填寫好自己的姓名、班級、考號等信息。2.請將選擇題答案用2B鉛筆正確填寫在答題卡上；請將非選擇題答案用黑色中性筆正確填寫在答案卡上。一、單項選擇題：(本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。)B.使用彈性好的“花棒”,并且A棒質量大于B棒質量C.使用彈性差的“花棒”,并且A棒質2.2023年4月10日，黃山學院6名學生在徽州區西溪南鎮拍電勢φA=φp=4V,9c=1V,正點電荷q電量為10-?C。下列說法正確的是()B.將正電荷q從A點沿直線移到B點，它的電勢能先增大后減小D.將正電荷q從B點沿直線勻速移到C點，非靜電場力做的功為3×10-?JA.15°<a<75°B.0°<a<75°C.30°<a<60°D.15°<a<90°在A的正上方C處，絲線BC長度為√2L,AC兩點間的距離為2L.當小球B靜止時，絲線與豎直方向的C.小球A的帶電荷量D如果小球A漏電導致電量減少少許，絲線拉力變大C.電壓表V的示數與電流表A示數之比不變A.地球的質量B.地球表面的重力加速度C.中圓軌道衛星所在位置的重力加速度D.地球靜止軌道衛星與中圓軌道衛星的動量之比值正確的是()AC.B.9.在磁感應強度T的勻強磁場中，有一個內阻為r=12、匝數n=311、面積為S=0.01m2的長方形線圈，以w=100πrad/s的角速度繞垂直于磁場的對稱軸勻速旋轉。線圈連接一理想變壓器。理想變壓器原、副線圈的匝數比為n:n?=1:4,副線圈接有一個電阻箱R。下列說法正確的是()A.線圈的電動勢最大值為311VB.原線圈輸入電壓為220VC.原、副線圈的電流之比為1:4D.當電阻箱的阻值調為16Ω時，電阻箱R上獲得最大電功率10.均勻介質中，波源位于O點的簡諧橫波在xOy水平面內傳播，波面為圓。t=0時刻，波面分布如圖的波速為2.5m/s。A處質點的振動圖像如圖(b)所示，z軸正方向豎直向上。下列說法正確的是()(a)A.圖中虛線表示相鄰的波谷B.t=6s時，B處質點已走過的路程為7.5mD.t=10s時，D處質點所受回復力方向豎直向下11.(1)已知電路中電源電動勢為9V,內阻不計，滑動變阻器的阻值為0～1002,圖A為某一熱敏電阻(電阻值隨溫度的改變而改變，且對溫度很敏感)的I-U特性曲線。為了通過測量得到圖A所示I—U特性曲線，在圖B、圖C兩個電路中應選擇的是(選填“圖B”或“圖C”);字)。12.某研究性學習小組利用圖甲的實驗裝置探究小車動能變化與合外力做功的關系。長木板置于水平桌面上，一端系有砂桶的細線通過光滑滑輪與固定的拉力傳感器相連。甲(1)下面關于實驗過程的看法，正確的是：A.需要將長木板左側墊高以平衡小車運動中受到的阻力B.不需要滿足砂和砂桶的質量遠小于小車的質量C.先釋放小車，后打開電源D.使用8V直流電源給電磁打點計時器供電(2)圖乙是某次實驗中打出的一條紙帶，已知相鄰兩點計數點之間的時間間隔為T,則D點的瞬時速度表達式:乙(3)利用圖乙中的數據，已知兩點計數點之間的時間間隔為T,力傳感器的示數F,利用天平測出小車的質量M,用B、D兩點來研究合外力做功和動能變化的關系，需要驗證的關系式表達式為(4)根據圖乙的數據，算出小車的加速度a,力傳感器的示數F,當地重力加速度為g,根據牛頓第二定律可以得出砂和砂桶的質量的表達式;(用a、F、g表示)分，解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫最后答案的不能得分。13.如圖所示，一根勁度系數k=200N/m的輕彈簧一端固定在墻壁上，另一端在O點上方且處于自由狀N點速度減為0。設運動過程小鐵塊與小木塊一直相對靜止。已知小木塊與OM段地面的動摩擦因數為(1)求小木塊第一次來到O點的速度v1多大?(2)求小木塊來到ON段的中點時鐵塊受到的摩擦力多大?(3)從第一次經過O點開始計時，規定水平向左為正，分析并得出小木塊與彈簧接觸的過程中，小木塊相對O點的位移與時間的關系。強磁場，圓形區域圓心在O(0,0)點，圓過點。已知比荷的帶正電粒子從(1)y軸左側電場強度的大小和方向；(2)粒子入射速度；(3)粒子在圓形區域運動時間。15.如圖所示，左側傾斜導軌面與水平面夾角θ=30°,底部與右側水平導軌平滑連接，整個導軌處處光黃山市2023—2024學年度第二學期期末質量檢測(考試時間：75分鐘滿分：100分)注意事項：1.答題前在答題卡上填寫好自己的姓名、班級、考號等信息。2.請將選擇題答案用2B鉛筆正確填寫在答題卡上；請將非選擇題答案用黑色中性筆正確填寫在答案卡上。一、單項選擇題：(本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。)A.使用彈性好的“花棒”,并且A棒質量小于B棒質量B.使用彈性好的“花棒”,并且A棒質量大于B棒質量C.使用彈性差的“花棒”,并且A棒質量大于B棒質量D.使用彈性差的“花棒”,并且A棒質量小于B棒質量【解析】拖離急流進行施救，下列分析合理的是()A.救到人后，到岸的最短時間可能少B.救到人后，應以最短路程d渡河C.救到人后，應以最大的相對河岸速度渡河D.救到人后，應垂直河岸方向用力劃水，接應者到下游處接應【答案】D【解析】【詳解】救到人后，施救者和落水者的實際運動分解為沿河岸方向和垂直河岸方向的勻速直線運動，垂直河岸方向用力劃水時，可得沿河岸方向的位移為接應者到下處接應。故選D。3.如圖所示，A、B、C三點構成等邊三角形，邊長為2cm,勻強電場方向與ABC構成的平面夾角30°。電勢φA=4g=4V,φc=1V,正點電荷q電量為10-?℃。下列說法正確的是()B.將正電荷q從A點沿直線移到B點，它的電勢能先增大后減小D.將正電荷q從B點沿直線勻速移到C點，非靜電場力做的功為3×10-?J【答案】C【解析】【詳解】A.等邊三角形的邊長L=2cm=0.02m,設AB邊中點為O,連接OC根據幾何關系可得因為9A=φg=4V故AB為一條等勢線，則電場線與AB垂直，又因為C點電勢9c=1V<φA=4p=4VOC兩點的電勢差Uoc=4o-4c=4V-1V=3V電場方向與ABC平面的夾角θ=30°,根據電場強度與電勢差之間的關系式，可得故A錯誤；B.AB為一條等勢線，正電荷從A點沿直線移到B點，電場力不做功，電勢能不變，故B錯誤；WAc+W非=0則故選C。4.如圖所示，足夠寬的液槽中盛放某種透明液體的折射率,M是可繞軸轉動的平面鏡，M與水平面的夾角為α。光線從液槽的側壁水平射入透明液體中。若經平面鏡反射后的光線能從透明液體面射出，α的取值范圍應該是()A.15°<α<75B.0°<a<75°C.30°<a<60°D.15°<a<90°【解析】也即2a?+C=90°故選A。夾角θ=45°,帶電小球A、B可視為質點，重力加速度為g.下列說法正確的是()A.B.兩小球之間的庫侖斥力為mgC.小球A的帶電荷量為D.如果小球A漏電導致電量減少少許，絲線拉力變大【答案】C【解析】【詳解】A.由題意可知BC=ACcos45°所以AB與BC垂直，兩小球之間的距離為對小球B進行受力分析如圖由平衡條件得，絲線對小球B的拉力為故A錯誤；B.兩小球之間的庫侖斥力為故B錯誤；可知故C正確；D.由相似三角形可知若A緩慢漏電，兩球間的庫侖力減小，絲線的拉力大小不變，故D錯誤。故選C。C.電壓表V的示數與電流表A示數之比不變【解析】【詳解】AB.滑動觸頭P向上滑動，滑動變阻器接入電阻減小，電路總電阻減小，干路電流增大，則I增C.根據閉合電路歐姆定律有滑動變阻器接入電阻減小，可知，電壓表V的示數與電流表A示數之比減小，故C錯誤；D.結合上述有則有故選D。7.2019年9月，北斗系統正式向全球提供服務，在軌39顆衛星中包括21顆北斗三號衛星：有18顆運行于中圓軌道、1顆運行于地球靜止軌道、2顆運行于傾斜地球同步軌道。地球靜止軌道衛星和中圓軌道衛忽略地球自轉的影響，萬有引力常量為G。利用上述數據不可以計算出()A.地球的質量B.地球表面的重力加速度C.中圓軌道衛星所在位置的重力加速度D.地球靜止軌道衛星與中圓軌道衛星的動量之比【答案】D【解析】【詳解】A.根據萬有引力提供向心力設地球的質量為M,地球的半徑為R,則對地球靜止軌道衛星m和中圓軌道衛星m2有兩式中只有R和M兩個未知數，因此聯立后可解得地球半徑R與地球質量M;B.在地球表面附近，根據萬有引力等于重力可得得地球表面的重力加速度因萬有引力常量G已知，地球半徑R與地球質量M可求，則能計算出地球表面的重力加速度g;C.對中圓軌道衛星有得中圓軌道衛星所在位置的重力加速度因地球半徑R可求，則能計算出中圓軌道衛星所在位置的重力加速度；D.因無法求出地球靜止軌道衛星與中圓軌道衛星的質量，則無法求出地球靜止軌道衛星與中圓軌道衛星的動量之比。題干要求選出不可以計算出的量，故選D。8.如圖所示，拋物線形光滑軌道，豎直放置，軌道繞對稱軸y軸以恒定角速度W轉動，一小球套在軌道值正確的是()BC.【答案】A【解析】【詳解】令小球所在位置受到的彈力方向與豎直方向夾角為θ,則小球所在位置的拋物線的切線與水平方向夾角也為θ,拋物線的方程為對函數求導有根據導數切線的關系有解得故選A。二、多項選擇題：(本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，。選對但不全的得3分，有選錯的得0分。)9.在磁感應強度T的勻強磁場中，有一個內阻為r=10、匝數n=311、面積為S=0.01m2的長方形線圈，以w=100πrad/s的角速度繞垂直于磁場的對稱軸勻速旋轉。線圈連接一理想變壓器。理想變壓器原、副線圈的匝數比為n:n?=1:4,副線圈接有一個電阻箱R。下列說法正確的是()A.線圈的電動勢最大值為311VB.原線圈輸入電壓為220VC.原、副線圈的電流之比為1:4D.當電阻箱的阻值調為16Ω時，電阻箱R上獲得最大電功率【答案】AD【解析】【詳解】A.電動勢的最大值Em=nBSw=311V故A正確；B.由電動勢的最大值可知電源的有效值為由于線圈有內阻，因此原線圈輸入電壓應小于220V,故B錯誤；C.原副線圈電流與匝數成反比，則變壓器原、副線圈的電流之比為4:1,故C錯誤；D.設副線圈中電流為I,則原線圈中電流為4I,原線圈電壓為U?=E-4Ir根據原副線圈電壓與線圈匝數的關系，可得副線圈電壓為可知當時電阻箱獲得的電功率最大，此時電阻箱的阻值為故D正確。故選AD。10.均勻介質中，波源位于O點的簡諧橫波在xOy水平面內傳播，波面為圓。t=0時刻，波面分布如圖的波速為2.5m/s。A處質點的振動圖像如圖(b)所示，z軸正方向豎直向上。下列說法正確的是()A.圖中虛線表示相鄰的波谷B.t=6s時，B處質點已走過的路程C.當波剛傳到C處時，C處質點的起振方向向上D.t=10s時，D處質點所受回復力方向豎直向下【答案】ACD【解析】【詳解】A.已知該波的波速為2.5m/s,從振動圖像中可知周期為4s,根據λ=vT可得，波的波長為圖中實線表示波峰，虛線到實線的距離則圖中虛線表示相鄰的波谷，故A正確；B.波從M傳到B的時間為則B處質點已走過的路程為故B錯誤；C.波源從O點向第一象限傳播時，先經歷波谷，再經歷波峰，根據“下坡上”,很顯然波源是向上振動，故當波剛傳到C處時，與波源振動一致，故C正確；D.波從AE波面傳播到D的距離為x=(10√2-10)m則時間為則t=10s時，C處質點動了8.3s,則此時質點位于z軸上方，回復力方向向下，D正確；故選ACD。三、實驗題：(本題包括2小題，每空2分，共14分)11.(1)已知電路中電源電動勢為9V,內阻不計，滑動變阻器的阻值為0～1002,圖A為某一熱敏電阻(電阻值隨溫度的改變而改變，且對溫度很敏感)的I-U特性曲線。為了通過測量得到圖A所示I-U特性曲線，在圖B、圖C兩個電路中應選擇的是(選填“圖B”或“圖C”);【解析】I?=I-I?=34mA在I-U曲線上，34mA對應的電壓約為5.2V。甲A.需要將長木板左側墊高以平衡小車運動中受到的阻力B.不需要滿足砂和砂桶的質量遠小于小車的質量C先釋放小車，后打開電源D.使用8V直流電源給電磁打點計時器供電(2)圖乙是某次實驗中打出的一條紙帶，已知相鄰兩點計數點之間的時間間隔為T,則D點的瞬時速度表達式乙(3)利用圖乙中的數據，已知兩點計數點之間的時間間隔為T,力傳感器的示數F,利用天平測出小車的質量M,用B、D兩點來研究合外力做功和動能變化的關系，需要驗證的關系式表達式為(4)根據圖乙的數據，算出小車的加速度a,力傳感器的示數F,當地重力加速度為g,根據牛頓第二定律可以得出砂和砂桶的質量的表達式;(用a、F、g表示)【答案】(1)AB【解析】【小問1詳解】A.需要在不掛砂桶的情況下，將長木板左側墊高以平衡小車運動中受到的阻力，使小車在實驗中只受到拉力做功，故A正確；B.本實驗中細線的拉力由力傳感器直接測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質量，也就不需要使砂和砂桶的質量遠小于小車的質量，故B正確；C.為打點穩定，使用打點計時器要先接通電源，再釋放小車，故C錯誤；D.電磁打點計時器使用8V交流電源，故D錯誤。故選AB。【小問2詳解】根據勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于平均速度可得【小問3詳解】根據題意及動能定理可得需要驗證的表達式為【小問4詳解】對砂和砂桶根據牛頓第二定律可得mg-F=m×2a解得分，解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫最后答案的不能得分。有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位)N點速度減為0。設運動過程小鐵塊與小木塊一直相對靜止。已知小木塊與OM段地面的動摩擦因數為(1)求小木塊第一次來到O點的速度v1多大?(2)求小木塊來到ON段的中點時鐵塊受到的摩擦力多大?(3)從第一次經過O點開始計時，規定水平向左為正，分析并得出小木塊與彈簧接觸的過程中，小木塊相對O點的位移與時間的關系。【解析】【詳解】(1)M到O過程中，根據動能定理有解得v?=1m/s(2)小木塊來到ON段的中點時，對整體進行分析，根據牛頓第二定律有對小鐵塊進行分析根據牛頓第二定律有f=ma解得f=5N(3)小木塊與彈簧接觸的過程中，整體做簡諧運動，根據題意有振幅為位移與時間的關系為代入t=0.05πs,x=0.1m有解得可知，位移與時間的關系14.如圖所示，在y軸兩側存在大小相等方向相反的勻強電場，同時圓形區域充滿方向垂直紙面向里的勻強磁場，圓形區域圓心在O(0,0)點，圓過的帶正電粒子從A點射入圓形區域，從O點穿過y軸。x<0區域，粒子做勻速圓周運動。x>0區域，粒子做勻速直線運(1)y軸左側電場強度的大小和方向；(2)粒子入射速度；(3)粒子在圓形區域運動時間。【答案】(1)E=10N/C,方向豎直向上；(2)v=1m/s;(3)【解析】qE=mg解得E=10N/C(2)x>0區域，粒子做勻速直線運動，根據(1)可知此區域電場力向下，因此電場力與重力的合力方向豎直向下，洛倫茲力方向必然向上qvB=qE+mg根據過y軸后洛倫茲力向上，可以判斷速度水平向右，圓周運動的圓心在y軸線上，設軌跡圓圓