2022-2023學年山西省忻州市誠信中學高三物理下學期摸底試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選）如圖所示，光滑水平面上放置質量分別為m、2m和3m的三個木塊，其中質量為2m和3m的木塊間用一輕彈簧相連，輕彈簧能承受的最大拉力為T。現用水平拉力F拉質量為3m的木塊，使三個木塊一起加速運動，則以下說法正確的是(

)A．質量為2m的木塊受到四個力的作用B．當F逐漸增大到T時，輕彈簧剛好被拉斷C．當F逐漸增大到1.5T時，輕彈簧還不會被拉斷D．當F撤去瞬間，m所受摩擦力的大小和方向不變參考答案：CD2.（多選）一物體在外力作用下從靜止開始做直線運動合外力方向不變，大小隨時間的變化如圖所示。設該物體在t0和2t0時刻相對于出發點的位移分別是x1和x2，速度分別是v1和v2,合外力從開始至t0時刻做的功是W1，從t0至2t0時刻做的功是W2，則

(

)A.x2=5x1

v2=3v1B.x2=9x1

v2=5v1C.x2=5x1

W2=8W1D.v2=3v1

W2=9W1參考答案：AC3.如圖是法拉第研制成的世界上第一臺發電機模型的原理圖。銅盤水平放置，磁場豎直向下穿過銅盤，圖中a、b導線與銅盤的中軸線處在同一平面內，從上往下看逆時針勻速轉動銅盤，下列說法正確的是A．回路中電流大小變化，，方向不變

B．回路中沒有磁通量變化，沒有電流C．回路中有大小和方向作周期性變化的電流D．回路中電流方向不變，且從b導線流進燈泡，再從a流向旋轉的銅盤參考答案：D4.如圖所示，水平地面上處于伸直狀態的輕繩一端拴在質量為m的物塊上，另一端拴在固定于B點的本樁上．用彈簧稱的光滑掛鉤緩慢拉繩，彈簧稱始終與地面平行．物塊在水平拉力作用下緩慢滑動．當物塊滑動至A位置，∠AOB=120°時，彈簧稱的示數為F．則A，物塊與地面間的動摩擦因數為F/mgB．木樁受到繩的拉力始終大于FC．彈簧稱的拉力保持不變D．彈簧稱的拉力一直增大參考答案：AD5.（單選）如圖所示，輕質彈簧的上端固定在電梯的天花板上，彈簧下端懸掛一個小鐵球，在電梯運行時，乘客發現彈簧的伸長量比電梯靜止時的伸長量大了，這一現象表明（）A．電梯一定是在下降B．電梯一定是在上升C．電梯的加速度方向一定是向下D．乘客一定處在超重狀態參考答案：考點：牛頓運動定律的應用-超重和失重．版權所有專題：牛頓運動定律綜合專題．分析：在電梯運行時，乘客發現彈簧的伸長量比電梯靜止時的伸長量大了，彈簧的彈力增大了，乘客一定處在超重狀態，電梯可能加速上升，也可能減速下降．根據牛頓第二定律確定加速度的方向．解答：解：A、B、C在電梯運行時，乘客發現彈簧的伸長量比電梯靜止時的伸長量大了，彈簧的彈力增大了，彈力大于鐵的重力，根據牛頓第二定律得知，小球的加速度方向一定向上，而速度方向可能向上，也可能向下，電梯可能加速上升，也可能減速下降．故ABC均錯誤．D、由于彈簧的彈力大于鐵球的重力，鐵球處于超重狀態，電梯也處于超重狀態．故D正確．故選D點評：本題是超重問題，實質上牛頓第二定律的具體運用，產生超重的條件是加速度方向向上，與速度方向無關．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一列向右傳播的簡諧波在t＝1s時刻的波形如圖所示，再經過0.7s，x=7m處的質點P第一次從平衡位置向上振動，此時O處質點處于

(選填“波峰”、“波谷”、“平衡位置”)，這列波的周期T=

s。參考答案：平衡位置（2分）0.2s（2分）機械波考查題。G2 由波形圖和傳播方向可知：波長為2m，從A點到P點相距3個波長，要使它第一次從平衡位置向上振動，經歷了3.5個周期，即有：，由此可知O處質點正在平衡位置。求解本題的關鍵是識波形，讀出波長，根據不同時刻的波形圖求出波的振動周期，也就是要會畫出不同時刻的波形圖，這樣根據波的傳播就可求出相關答案了。7.（4分）學習物理除了知識的學習外，還要領悟并掌握處理物理問題的思想方法，如圖所示是我們學習過的四個實驗。其中研究物理問題的思想方法按順序依次是

、

、

、

。參考答案：放大、等效、控制變量、放大8.“探究加速度與物體質量、物體受力的關系”的實驗裝置如圖所示。(1)在平衡摩擦力后，掛上砝碼盤，打出了一條紙帶如圖所示。計時器打點的時間間隔為0.02s．從比較清晰的點起，每5個點取一個計數點，量出相鄰計數點之間的距離，該小車的加速度a＝______m/s2。(結果保留兩位有效數字)(2)平衡摩擦力后，將5個相同的砝碼都放在小車上．掛上砝碼盤，然后每次從小車上取一個砝碼添加到砝碼盤中，測量小車的加速度。小車的加速度a與砝碼盤中砝碼總重力F的實驗數據如下表：砝碼盤中的砝碼總重力F(N)00.1960.3920.5880.7840.980加速度a(m·s－2)0.210.691.181.662.182.70某同學根據上面表格中的實驗數據在坐標紙上作出a－F的關系圖象，發現圖線不通過坐標原點，請說明主要原因是什么？參考答案：(1)a＝0.16m/s2或者0.17m/s2；（2分）(2)未計入砝碼盤的重力。9.某星球密度與地球相同，又知其表面重力加速度為地球表面重力加速度的2倍，則該星球的質量是地球質量的

倍。參考答案：

810.(3-5模塊)（3分）如圖所示是使用光電管的原理圖。當頻率為ν的可見光照射到陰極K上時，電流表中有電流通過。如果將變阻器的滑動端P由A向B滑動，通過電流表的電流強度將會___▲__(填“增加”、“減小”或“不變”)。當電流表電流剛減小到零時，電壓表的讀數為U，則光電子的最大初動能為____▲__(已知電子電量為e)。如果不改變入射光的頻率，而增加入射光的強度，則光電子的最大初動能將_____▲____(填“增加”、“減小”或“不變”)。參考答案：答案：減小，，不變11.為了測量某一彈簧的勁度系數，將該彈簧豎直懸掛起來，在自由端掛上不同質量的砝碼．實驗測出了砝碼質量m與彈簧長度l的相應數據，其對應點已在圖中標出．(g＝9.8m/s2)

(1)作出m—l的關系圖線；

(2)彈簧的勁度系數為________。參考答案：(1)如圖所示

(2)0.259N/m(0.248～0.262)12.某實驗小組采用圖所示的裝置探究“動能定理”，圖中小車中可放置砝碼，實驗中，小車碰到制動裝置時，鉤碼尚未到達地面，打點針時器工作頻率為50Hz．Ⅰ．實驗的部分步驟如下：①在小車中放入砝碼，把紙帶穿過打點計時器，連在小車后端，用細線連接小車和鉤碼；②將小車停在打點計時器附近，接通電源，釋放小車，小車拖動紙帶，打點計時器在紙帶上打下一列點，斷開開關；③改變鉤碼或小車中砝碼的數量，更換紙帶，重復②的操作。▲

▲

Ⅱ．圖是鉤碼質量為0.03kg，砝碼質量為0.02kg時得到的一條紙帶，在紙帶上選擇起始點O及A、B、C、D和E五個計數點，可獲得各計數點到O的距離s及對應時刻小車的瞬時速度v，請將C點的測量結果填在表1中的相應位置（計算結果保留兩外有效數字）．Ⅲ．在小車的運動過程中，對于鉤碼、砝碼和小車組成的系統，

做正功，

做負功．▲

▲

Ⅳ．實驗小組根據實驗數據繪出了圖中的圖線（其中Δv2=v2-v20），根據圖線可獲得的結論是

．要驗證“動能定理”，還需要測量的物理量是摩擦力和

．▲

▲

表1紙帶的測量結果參考答案：Ⅱ．5.07（±0.02）

0.49；

Ⅲ．鉤砝的重力

小車受摩擦阻力；Ⅳ．小車初末速度的平方差與位移成正比

小車的質量；13.質量為m＝100kg的小船靜止在水面上，水的阻力不計，船上左、右兩端各站著質量分別為m甲＝40kg，m乙＝60kg的游泳者，當甲朝左，乙朝右，同時以相對河岸3m/s的速率躍入水中時，小船運動方向為

（填“向左”或“向右”）；運動速率為

m/s。參考答案：向左；0.6三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.將下圖中的電磁鐵連入你設計的電路中（在方框內完成），要求：A．電路能改變電磁鐵磁性的強弱；B．使小磁針靜止時如圖所示。參考答案：（圖略）要求畫出電源和滑動變阻器，注意電源的正負極。15.（選修3-5）（6分）a、b兩個小球在一直線上發生碰撞，它們在碰撞前后的s～t圖象如圖所示，若a球的質量ma=1kg，則b球的質量mb等于多少?參考答案：解析：由圖知=4m/s、=—1m/s、=2m/s

（2分）

根據動量守恒定律有：ma=ma

+

mb

（2分）

∴mb=2.5kg （2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.[物理3—5]靜止的鋰核()俘獲一個速度為7．7×106m／s的中子，發生核反應后若只產生了兩個新粒子，其中一個粒子為氦核()，它的速度大小是8.0×106m／s，方向與反應前的中子速度方向相同．

(1)寫出此核反應的方程式；

(2)求反應后產生的另一個粒子的速度大小及方向．參考答案：17.如圖所示，質量為m、電荷量為+q的粒子從坐標原點O以初速度v0射出，粒子恰好經過A點，O、A兩點長度為l，連線與坐標軸+y方向的夾角為α=370，不計粒子的重力．（1）若在平行于x軸正方向的勻強電場E1中，粒子沿+y方向從O點射出，恰好經過A點；若在平行于y軸正方向的勻強電場E2中，粒子沿+x方向從O點射出，也恰好能經過A點，求這兩種情況電場強度的比值（2）若在y軸左側空間（第Ⅱ、Ⅲ象限）存在垂直紙面的勻強磁場，粒子從坐標原點O，沿與+y軸成30°的方向射入第二象限，恰好經過A點，求磁感應強度B．參考答案：考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動．專題：帶電粒子在磁場中的運動專題．分析：（1）粒子在這兩個方向不同的勻強電場中均做類平拋運動，根據運動的合成與分解分成平行于電場線和垂直于電場線方向分別列方程，然后聯立求解；（2）作出粒子圓周運動的軌跡，由幾何知識確定半徑，然后由牛頓第二定律列方程求磁感應強度．解答：解（1）在電場E1中：①lcosα=vot1②在電場E2中：③lsinα=v0t2④聯立①②③④得：⑤（2）設軌跡半徑為R，軌跡如圖所示，可見：OC=2Rsin30°①由幾何知識可得：②解得：③又由：④得：⑤由③⑤得：，方向垂直紙面向外；答：（1）這兩種情況電場強度的比值；（2）磁感應強度，方向垂直紙面向外．點評：帶電粒子在電場中的偏轉常根據類平拋運動規律列方程求解，在磁場中通常是先畫出軌跡由幾何知識確定半徑，然后由牛頓第二定律求q、m、B、v的某一個量，這是一道考查典型方法的好題．18.（12分）如圖所示，EF為水平地面，O點左側是粗糙的，右側是光滑的，一輕質彈簧右端固定在墻壁上，左端與靜止在O點、質量為m的小物塊A連接，彈簧處于原長狀態。質量為2m的物塊B在大小為F的水平恒力作用下由C處從靜止開始向右運動，已知物塊B與地面EO段間的滑動摩擦力大小為，物塊B運動到O點與物塊A相碰并一起向右運動（設碰撞時間極短），運動到D點時撤去外力F。物塊B和物塊A可視為質點。已知CO=5L，OD