期中考試統考試卷(高中)PAGE2023學年浙江省杭州市高一（上）期末物理考試模擬試卷一、選擇題（共12小題，滿分30分）1.下列各組物理量中，都是矢量的一組是（）A.位移、路程、加速度B.力、位移、速度C.力、時間、質量D.速度、位移、速率〖答案〗B〖解析〗A．位移與加速度這兩個物理量有大小、有方向，且遵循平行四邊行法則，屬于矢量；路程有大小、沒方向，遵循代數加減法，為標量，故A錯誤；B．力、位移、速度這三個物理理都是有大小、有方向，且遵循平行四邊行法則，屬于矢量，故B正確；C．力、時間、質量這三個物理量中，時間與質量這兩個物理量，有大小沒方向、且遵循代數加減法，為標量；只有力是矢量，故C錯誤；D．速度、位移、速率這三個物理量中，速度與位移為矢量；而速率為速度的大小、沒有方向，為標量，故D錯誤。2.某人沿著半徑為R的水平圓形跑道跑了2.75圈時，他的（）A.路程和位移的大小均為B.路程和位移的大小均為RC.路程為、位移的大小為D.路程為、位移的大小為〖答案〗C〖解析〗某人沿著半徑為R的水平圓形跑道跑了2.75圈時，則路程為沿跑道跑2.75圈時，位移大小為故ABD錯誤，C正確。3.下列情況中，能把研究對象視為質點的是（）A.計算一高速列車通過一座鐵路橋的時間B.研究人造地球衛星繞地球一周的時間C.研究飛機轉彎時機翼的傾斜角度D.在跳高訓練中，教練員觀察運動員的起跳過程〖答案〗B〖解析〗A．列車通過一座橋時，其長度與鐵路橋相比不能忽略，A錯誤；B．物體能不能看成質點，需要看其在描述物理情景中形狀大小是否可以忽略，故研究人造地球衛星繞地球一周的時間時，衛星可以被視為質點，B正確；C．若將飛機看做質點，將無法研究飛機的傾斜角度，C錯誤；D．在跳高訓練中，教練員觀察運動員的起跳過程，對運動員的技術動作提出指導意見，運動員的大小和形狀同樣不能忽略，也不能看成質點，D錯誤。4.一根輕質彈簧豎直懸掛在天花板上，下端懸掛一小球并靜止．彈簧和小球的受力如圖所示，下列說法正確的是（）A.F2的反作用力是F4B.F1的施力物體是彈簧C.F4的反作用力是F3D.F3的施力物體是小球〖答案〗D〖解析〗F2的反作用力是F3，選項A錯誤；F1的施力物體是地球，選項B錯誤；F4的反作用力是彈簧對天花板的拉力，選項C錯誤，F3的施力物體是小球,D正確；故選D.5.張老師從學校乘坐出租車去市教育局。通過手機APP查詢得知全程為8公里，約行駛30分鐘，拐彎三次，預計15點30分到達。下列描述正確的是（）A.題中的“30分鐘”和“15點30分”都是指時刻B.預計出租車全程的平均速度大小約為16km/hC.若途中有一次急剎車，則安全帶對張老師的作用力減小了張老師的慣性D.研究整個過程的平均速度時，可以把出租車看成質點〖答案〗D〖解析〗A．“30分鐘”是時間段，指時間間隔；“15點30分”是時間點，指時刻，A錯誤；B．16km/h是路程與時間的比值，指的是平均速率，B錯誤；C．慣性的大小只與物體的質量有關，C錯誤；D．研究整個過程的平均速度時，出租車的大小、形狀對所研究的問題影響很小，可以忽略不計，出租車可以看成質點，D正確。6.在國際單位制中，物理量的單位由基本單位和導出單位組成。下列各組物理量的單位中全部屬于力學基本單位的是（）A.米/秒（m/s）、秒（s） B.牛（N）、秒（s）C.千克（kg）、秒（s） D.米（m）、米/秒（m/s）〖答案〗C〖解析〗國際單位制中，力學基本單位有千克（kg）、米（m）、秒（s）。7.如圖為幼兒園某型號滑梯，滑梯材質均勻，小朋友自滑梯上a點滑向b點過程，雙手不與滑梯接觸，處于自由下滑過程。則自a到b過程中，根據滑梯形狀下列判斷正確的是（）A.小朋友受到的支持力不變B.小朋友受到的支持力增大C.小朋友受到的摩擦力一定不變D.小朋友運動時受到的合力始終為零〖答案〗B〖解析〗根據圖示，從a到b斜面與水平方向夾角逐漸變小，小朋友受到的支持力與豎直方向的夾角在變小，支持力增大，根據f=μFN可知，摩擦力可能增大，小朋友先加速，軌跡為曲線，合力均不為零。8.某質點做直線運動的圖像如圖所示，根據圖像判斷下列正確的是（）A.內加速度大小是內的加速度大小的2倍B.與內，質點的加速度方向相反C.與2s時刻，質點的速度方向相反D.質點在內的平均速度是〖答案〗A〖解析〗A．因為圖像的斜率代表加速度，所以有有由上述兩式可知，的加速度大小是加速度大小的兩倍，故A項正確；B．根據圖像可求出的加速度為因為和的加速度均為正值，而加速度的正負代表反向，所以其兩時間內的加速度方向相同，故B項錯誤；C．因為圖像上的點代表該時刻質點的速度，由圖像可知，和時，其速度均為正值，所以其兩時刻質點的速度方向相同，故C項錯誤；D．因為圖像的圖像與坐標軸圍成的面積代表質點的位移，所以，有平均速度為故D項錯誤。9.如圖所示，工地上的建筑工人用磚夾搬運四塊相同的磚，假設每塊磚的質量均為m，磚與磚夾的動摩擦因數均為μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。當磚處于平衡狀態時，則右邊磚夾對磚施加的水平力最小為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗以四塊磚為研究對象，進行受力分析。磚恰好靜止不動，則磚所受到摩擦力剛好與其重力相等，即又聯立兩式可得即右邊磚夾對磚施加的水平力為，選項C正確。10.在物理課堂上，某同學做實驗，在臺秤上做下蹲動作，已知他在臺秤上靜止不動時，臺秤的示數為50kg。取重力加速度大小，下列說法正確的是（）A.在完成一次下蹲動作的過程中，他一直處于超重狀態B.在完成一次下蹲動作的過程中，他一直處于失重狀態C.若臺秤的示數為45kg，則此時他下蹲的加速度大小為D.若臺秤的示數為40kg，則此時他下蹲的加速度大小為〖答案〗D〖解析〗AB．在完成一次下蹲動作的過程中，由向下加速的階段和向下減速的階段，所以不會一直處于超重或失重的狀態，故AB錯誤；C．若臺秤的示數為45kg，此時他處于失重狀態，加速度向下，由牛頓第二定律得解得故C錯誤；D．若臺秤的示數為40kg，此時他處于超重狀態，加速度向上，由牛頓第二定律得解得故D正確；11.如圖所示，一質量為m的小球以大小為v0的初速度從地面豎直上拋，剛落回地面時的速度大小為，已知小球在運動過程中受空氣阻力大小恒定，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.小球在運動過程中受空氣阻力大小為B.小球能到達的最高點距地面高C.小球下降過程經過時間t2與上升過程經過時間t1關系為t1＝2t2D.小球下降過程經過時間t2與上升過程經過時間t1關系為t1＝4t2〖答案〗B〖解析〗AB．設小球所受的空氣阻力大小為f，上升的最大高度為h。根據動能定理得上升過程有﹣（mg+f）h＝0-下降過程有（mg﹣f）h=-0聯立解得故A錯誤，B正確；CD．上升過程，由運動學公式有下降過程，由運動學公式有聯立解得t2＝2t1故CD錯誤。12.用卡車運輸質量為m的勻質圓筒狀工件，為使工件保持穩定，將其置于木板A、B之間，如圖所示。兩木板固定在車上，且板間距離剛好等于工件的外部直徑。當卡車沿平直公路以加速度a勻加速行駛時，工件對木板A、B壓力的大小分別為F1、F2，則（）A.F1＝ma，F2＝0B.F1＝0，F2＝maC.F1＝0，F2＝0D.F1＝ma，F2＝ma〖答案〗A〖解析〗當卡車沿平直公路以加速度a勻加速行駛時，工件所受的合外力提供加速度，則合外力向右，可知工件受到A板向右的壓力，即工件會擠壓木板A，不擠壓木板B，故由牛頓第二定律有BCD錯誤，A正確。二、多選題（共3小題，滿分12分，每小題4分）13.分力和合力大小關系為（）A.合力總是大于每一個分力B.合力至少比一個分力大C.兩分力大小不變，夾角（在0°～180°范圍內）增大時，合力一定減小D.兩分力之間的夾角不變，分力增大時，合力的大小可能不變〖答案〗CD〖解析〗AB．隨兩分力夾角的不同，合力的大小也不同，合力可能大于分力，也可能小于分力，故AB錯誤；C．根據平行四邊形定則，如果兩分力大小不變，當夾角（在0°～180°范圍內）增大時，合力一定減小，故C正確；D．當分力之間的夾角不變，如果夾角為180°，當分力增大時，合力的大小可能不變，但方向變化了，故D正確。14.如圖，物體A、B用細繩與彈簧連接后跨過滑輪。A靜止在傾角為45°的粗糙斜面上，B豎直懸掛。已知質量mA=3mB，不計滑輪摩擦，現將斜面傾角由45°減小到30°，下列說法正確的是（）A.彈簧的彈力大小不變B.物體A對斜面的壓力將減少C.物體A受到的靜摩擦力可能增大D.物體A受到的靜摩擦力一定減小〖答案〗AD〖解析〗A．令B的質量為m，B受重力和拉力，由二力平衡得到T=mg可知彈簧的彈力不變，故A正確；BCD．對物體A受力分析，如下圖物體A受重力、支持力、拉力和靜摩擦力，剛開始時摩擦力沿斜面向上，變為30°后摩擦力仍然沿斜面向上，根據平衡條件可得沿斜面方向有f+T-3mgsinθ=0在垂直于斜面方向有N-3mgcosθ=0聯立解得f=3mgsinθ-mgN=3mgcosθ因此當θ變小時，物體A受到的靜摩擦力f減小，物體A對斜面的壓力N增大，故BC錯誤，D正確。15.如圖所示，一個小球從豎立在地面上的輕彈簧正上方某處自由下落，接觸彈簧后將彈簧壓縮，忽略空氣阻力，從小球與彈簧開始接觸到彈簧被壓縮到最短的過程中（）A.小球一直減速運動B.小球先加速運動然后減速運動C.彈簧的壓縮量最大時小球加速度為零D.小球速度最大時彈簧彈力大小等于小球重力大小〖答案〗BD〖解析〗從小球接觸彈簧到彈簧被壓縮至最短的過程中，彈簧的彈力一直增大，開始時彈力小于重力，合力方向向下，小球速度增大，因合力在減小，所以加速度減小，當彈力等于重力時，速度最大，加速度為0；然后彈力大于重力，合力方向向上，速度減小，因合力在增大，所以加速度增大，當彈簧壓縮量最大時，速度減小為0，加速度最大，故AC錯誤，BD正確。三、實驗題（共2小題）16.某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點,OB與OC為細繩．圖乙是在白紙上根據實驗結果面出的圖．(1)如果沒有操作失誤，圖乙中的F與兩力中，方向一定沿AO方向的是____________________．(2)該實驗用到的實驗器材除了方木板、白紙、橡皮條、細繩套(兩個)、圖釘(幾個)等，還需要的實驗器材有______A.刻度尺B.量角器C.彈簧測力計(3)有關該實驗，下列說法正確的是______A.同一實驗中的兩只彈簧測力計的選取方法是:將兩只彈簧測力計水平放置并調零，之后互鉤對拉，若兩只彈簧測力計讀數相同，則可選:若讀數不同，應調整或另換，直至相同為止．B.在同一次實驗中，只用一個彈簧測力計通過繩套拉橡皮條，使橡皮條的伸長量與用兩個彈簧測力計拉時相同即可．C.用兩只彈簧測力計鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條時，夾角應取合適角度，以便算出合力大?。瓺.若只增大某一只彈簧測力計的拉力大小而保持橡皮條結點位置不變，只需調整另一只彈簧測力計拉力的大小即可．E.在用彈簧測力計拉橡皮條時，應使彈簧測力計的彈簧與木板平面平行．(4)在該實驗中，如果將OB與OC細繩也換成橡皮條，那么對實驗結果___________影響．(選填“有"或“沒有”)〖答案〗(1)F′(2)AC(3)AE(4)沒有〖解析〗（1）〖1〗.F是通過作圖的方法得到合力的理論值，而F′是通過一個彈簧稱沿AO方向拉橡皮條，使橡皮條伸長到O點，使得一個彈簧稱的拉力與兩個彈簧稱的拉力效果相同，測量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′，由于誤差的存在F和F′方向并不在重合；（2）〖2〗.該實驗用到的實驗器材除了方木板、白紙、橡皮條、細繩套(兩個)、圖釘(幾個)等，還需要的實驗器材有刻度尺和彈簧測力計，故選AC.（3）〖3〗.A.同一實驗中的兩只彈簧測力計的選取方法是：將兩只彈簧測力計水平放置并調零，之后互鉤對拉，若兩只彈簧測力計讀數相同，則可選；若讀數不同，應調整或另換，直至相同為止．故A正確．B.在同一次實驗中，只用一個彈簧測力計通過繩套拉橡皮條，使橡皮條的結點與用兩個彈簧測力計拉時拉到同一位置O，故B錯誤．C.用兩只彈簧測力計鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條時，夾角沒有嚴格要求，故C錯誤．D.若只增大某一只彈簧測力計的拉力大小而保持橡皮條結點位置不變，需調整另一只彈簧測力計拉力的大小和方向，故D錯誤．E.在用彈簧測力計拉橡皮條時，應使彈簧測力計彈簧與木板平面平行，故E正確．（4）〖4〗.由于用一個彈簧測力計和用兩個彈簧測力計拉橡皮條結點，只需要效果相同，所以將兩個細繩套換成兩根橡皮條，不會影響實驗結果．17.為了探究物體質量一定時加速度與力的關系，甲、乙兩同學設計了如圖所示的實驗裝置，其中M為帶遮光條的滑塊的質量，m為砝碼和砝碼盤的質量，測力計可測出輕繩中的拉力大小，不計滑塊和氣墊導軌之間的摩擦。（1）某次實驗中，測力計的示數為F，則滑塊所受合外力為____________。（2）若遮光條寬度為d，兩個光電門之間的距離為x，通過左、右兩個光電門的時間分別為t1和t2，則計算滑塊加速度的表達式為___________。（3）某同學以測力計的示數F為橫坐標，加速度a為縱坐標，畫出的a-F圖象是一條直線、求得圖線的斜率為k，則帶遮光條的滑塊的質量為___________。〖答案〗（1）2F（2）（3）〖解析〗（1）〖1〗通過滑輪組關系可以看出，滑塊所受合外力為測力計示數的2倍，即為2F。（2）〖2〗滑塊通過兩光電門的速度分別為根據速度位移關系有解得（3）〖3〗根據牛頓第二定律圖線的斜率為k，則四、計算題18.如圖所示，在傾角的足夠長的固定的斜面底端有一質量的物體。物體與斜面間動摩擦因數，現用輕細繩將物體由靜止沿斜面向上拉動。拉力，方向平行斜面向上。經時間繩子突然斷了，求：（1）繩斷時物體的速度大小；（2）從靜止開始物體沿斜面向上運動的最大距離；（3）物體是否會停在最高點，若能返回到斜面底端，求返回時的加速度。（，，）〖答案〗（1）；（2）20m；（3）不會，〖解析〗（1）物體受拉力向上運動過程中，受拉力F，重力mg和摩擦力f，設物體向上運動的加速度為，根據牛頓第二定律有，，聯立以上各式，解得則繩斷時物體的速度大小為故繩斷時物體的速度大小為8.0m/s。（2）繩斷時物體距斜面底端的位移繩斷后物體沿斜面向上做勻減速直線運動，設運動的加速度大小為，則根據牛頓第二定律，對物體沿斜面向上運動的過程有解得物體做減速運動的時間為則減速運動的位移為則有故從靜止開始物體沿斜面向上運動的最大距離為20m。（3）根據題意，有所以物體將斜面勻加速下滑，設物體下滑的加速度為a3，根據牛頓第二定律有解得故物體不會停在最高點，返回底端時的加速度為4.0m/s2。19.某跳傘運動員做低空跳傘表演，他離開懸停的飛機后先做自由落體運動，下落時打開降落傘，到達地面時速度減為。如果運動員打開降落傘后直至落地前可視為在做勻減速直線運動，加速度為，g取。求：（1）運動員打開降落傘時的速度是多少?（2）運動員從離開飛機到打開降落傘下落的高度是多少?（3）運動員離開飛機時距地面的高度為多少?〖答案〗（1）50m/s；（2）125m；（3）229m〖解析〗（1）運動員打開降落傘時的速度（2）運動員從離開飛機到打開降落傘下落的高度是（3）運動員打開降落傘到落地下落的高度運動員離開飛機時距地面的高度為h=h1+h2=229m20.如圖所示，質量mB＝1kg，長L＝8m的木板B靜置于水平地面上，質量mA＝3kg的煤塊（可視為質點）A靜止于木板B的左端。已知A、B間的動摩擦因數μ1＝0.2，B與地面間的動摩擦因數μ2＝0.1，重力加速度g取10m/s2，不計空氣阻力，試計算：（1）為保證A與B不發生相對滑動，水平拉力F不能超過多少；（2）若水平拉力F大小為24N，則從煤塊開始運動到從木板上滑下，需要多長時間；（3）若水平拉力F為24N不變，僅作用t1＝1s后撤去，則當A與B停止相對滑動時，A在B留下的劃痕長度。〖答案〗（1）12N；（2）2s；（3）4m〖解析〗（1）設A與B剛好不發生相對滑動時，水平拉力為F0，對木板B，根據牛頓第二定律可得μ1mAg﹣μ2（mA+mB）g＝mBa2對煤塊A，根據牛頓第二定律可得F0﹣μ1mAg＝mAa2聯立解得F0＝12N（2）因為24N＞12N，故A與B發生相對滑動，對煤塊A，根據牛頓第二定律可得F﹣μ1mAg＝mAa1煤塊脫落前A的位移為煤塊脫落前B的位移為由幾何關系得x1﹣x2＝L聯立解得t＝2s（3）撤去拉力前，對煤塊A有v1＝a1t1位移為撤去拉力后對煤塊A，根據牛頓第二定律可得μ1mAg＝mAa3撤去拉力后煤塊A減速到與木板B共速的時間為t2，對煤塊A有v＝v1﹣a3t2位移為從開始運動到木板B加速至共速，對木板B有v＝a2（t1+t2）位移為由幾何關系可得聯立解得21.美國SpaceX公司的重型獵廉火箭首次發射成功?；鸺黧w與三臺助推火箭的總質量約為1400噸。其發射主要包括兩個階段，在發射后2分30秒時，火箭