學必求其心得，業必貴于專精學必求其心得，業必貴于專精學必求其心得，業必貴于專精吉林省白城四中2019—2020下上階段檢測試卷物理注意事項：1.答題前,先將自己的姓名、準考證號填寫在試題卷和答題卡上,并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2。選擇題的作答：每小題選出答案后,用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區域均無效。3.非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區域內。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區域均無效。4.考試結束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題:本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1~8題只有一項符合題目要求,第9~12題有多項符合題目要求.全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分.1。關于傳感器,下列說法正確的是A.傳感器能將非電學量按一定規律轉換成電學量B.金屬熱電阻是一種可以將電學量轉換為熱學量的傳感器C.干簧管是能夠感知電場的傳感器D。半導體熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而增大【答案】A【解析】傳感器能將非電學量按一定規律轉換成電學量，選項A正確；金屬熱電阻是一種可以將熱學量轉換為電學量的傳感器，選項B錯誤；干簧管是能夠感知磁場的傳感器，選項C錯誤；熱敏電阻在溫度升高時,電阻會變小，熱敏電阻能把溫度這個熱學量轉換為電阻這個電學量．故D錯誤；故選A．2.銅質金屬環從條形磁鐵的正上方由靜止開始下落，如圖所示，在下落過程中，下列判斷中正確的是()A.金屬環機械能守恒B.金屬環動能的增加量小于其重力勢能的減少量C。金屬環機械能先減小后增大D。磁鐵對桌面的壓力始終大于其自身的重力【答案】B【解析】【詳解】A．當環從靜止下落過程中，由于磁通量變大，導致環中出現感應電流，受到安培阻力，安培力做負功，所以環的機械能不守恒,故A錯誤；BC．當環從靜止下落過程中,受到安培阻力，則除了重力作功外，還有安培力做功，導致下落過程中減小的重力勢能，部分用來增加動能,還有部分用來產生內能，所以環的機械能在減少，故B正確，C錯誤；D．當環從靜止下落過程中，受到安培阻力，由作用力與反作用力關系可得環對磁鐵的作用力，使得磁鐵對桌面的壓力大于其自身的重力,但環落到棒中間時環對磁鐵的作用力為零，因為那個時刻不切割磁感線，所以環落到棒中間的時，磁鐵對桌面的壓力等于其自身的重力，故D錯誤；故選B。3。如圖所示，當導線ab在電阻不計的金屬導軌上滑動時，線圈C向右擺動，則ab的運動情況是（）A。向左或向右做勻速運動 B。向左或向右做減速運動C向左或向右做加速運動 D。只能向右做勻加速運動【答案】B【解析】【詳解】線圈C向右擺動，說明穿過線圈的磁通量減小，也就是螺線管中的電流是減小的，也就是ab產生的感應電動勢逐漸減小,則ab必做減速運動;故選B．4.長直導線與矩形線框abcd處在同一平面中靜止不動，如圖甲所示．長直導線中通以大小和方向都隨時間做周期性變化的交流電:i＝Imsinωt，i－t圖象如圖乙所示．規定沿長直導線向上的電流為正方向．關于最初一個周期內矩形線框中感應電流的方向，下列說法正確的是()A。由順時針方向變為逆時針方向B.由逆時針方向變為順時針方向C。由順時針方向變為逆時針方向，再變為順時針方向D。由逆時針方向變為順時針方向，再變為逆時針方向【答案】D【解析】【詳解】據圖乙可知，在四分之一周期內，電流變大，據右手螺旋定則可知，矩形線圈所處的磁場垂直面向里變大，即導致穿過線圈中的磁通量減大，由楞次定律可知,產生的感應電流方向為逆時針;同理分析可知，在T/4?3T/4時間內，矩形線圈產生的電流方向為順時針；在3T/?T時間內矩形線圈產生的感應電流方向逆時針；故ABC錯誤，D正確．故選D．5.用相同導線繞制的邊長為L或2L的四個閉合導線框,以相同的速度勻速進入右側勻強磁場，如圖所示．在每個線框進入磁場的過程中，M、N兩點間的電壓分別為Ua、Ub、Uc和Ud.下列判斷正確的是（)A。Ua＜Ub＜Uc＜Ud B。Ub＜Ua＜Ud＜UcC。Ua＝Ub＜Uc＝Ud D.Ua＜Ub＜Ud＜Uc【答案】D【解析】【詳解】線框進入磁場后切割磁感線，a、b產生的感應電動勢是c、d電動勢的一半,而不同的線框的電阻不同，設a線框電阻為4r,b、c、d線框的電阻分別為6r、8r、6r則有:故Ua<Ub〈Ud<Uc故選D．6。如圖所示是一火警報警器的一部分電路示意圖,其中R2為用半導體熱敏材料制成的傳感器（溫度越高其阻值越小），電流表為值班室的顯示器，a、b之間接報警器．當傳感器R2所在處出現火情時，顯示器的電流I2、報警器兩端的電壓U的變化情況是（）A。I2變大，U變大 B。I2變小，U變小C。I2變小。U變大 D.I2變大，U變小【答案】D【解析】【詳解】AB.當傳感器R2所在處出現火情時，熱敏電阻R2的阻值減小，則外電路總電阻減小,由閉合電路歐姆定律可知,電路中總電流將增大，由U=E-Ir可知，路端電壓減小,則圖中報警器兩端的電壓U將減小，因總電流I總增大，則R1兩端的電壓增大．并聯部分的電壓減小,則可知流過R3的電流IR3減小流過R2的電流IR2=I總—IR3變大．故AB不符合題意．CD.當傳感器R2所在處出現火情時，熱敏電阻R2的阻值減小,則外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流將增大，由U=E—Ir可知,路端電壓減小,則圖中報警器兩端的電壓U將減小，因總電流I總增大，則R1兩端的電壓增大．并聯部分的電壓減小,則可知流過R3的電流IR3減小流過R2的電流IR2=I總—IR3變大．故C不符合題意,D符合題意．7。用如圖所示的裝置做“探究感應電流方向的規律”實驗，磁體從靠近線圈的上方靜止下落,在磁體穿過整個線圈的過程中，傳感器顯示的電流i隨時間t的圖像應該是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】磁體從靠近線圈的上方靜止下落，當磁體進入線圈的過程，穿過線圈的磁通量增加，根據楞次定律可知感應磁場方向向下，當磁體離開線圈的過程，穿過線圈的磁通量減小,根據楞次定律可知感應磁場方向向上，所以磁體進入和穿出線圈時感應電流方向相反；當磁鐵完全進入線圈內時,穿過線圈的磁通量不變，則不會產生感應電流，磁鐵會加速運動，當到達線圈底部時,磁通量變化率大于磁鐵進入線圈時位置，依據法拉第電磁感應定律和歐姆定律可知到達底部的感應電流較大,故A正確,B、C、D錯誤；故選A。8.一交流電壓為u＝100sin（100πt）V，由此表達式可知（）A.用電壓表測該電壓其示數為50VB。該交流電壓的周期為0.02sC。將該電壓加在“100V100W”的燈泡兩端，燈泡的實際功率小于100WD.t＝s時，該交流電壓的瞬時值為50V【答案】B【解析】【分析】電壓表讀數為有效值．先根據最大值求有效值，求得電壓表讀數;通過瞬時表達式與交電流的ω=2π/T，可求出周期；運用瞬時表達式求出有效值，從而利用電功率的公式P=U2/R求出電功率；直接根據瞬時表達式代入數據求解．【詳解】A．交變電壓的表達式為u=100sin100πtV，可知最大值為100V，又是正弦式電流，則電壓的有效值：U=100V，故A錯誤；B．由公式，則有周期T=0.02s．故B正確;C．由于電壓的有效值為100V，則該電壓加在100V的燈泡兩端，燈泡正常發光,功率為100W;故C錯誤；D．將t=s代入瞬時表達式,則有交流電壓的瞬時值為100V．故D錯誤；故選B．【點睛】題考查交流電的性質，要知道有效值的物理意義，及正弦式交流電的有效值等于最大值除，并知道求電功率是用交流電的有效值．9。在如圖所示的遠距離輸電電路圖中,升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，發電廠的輸出電壓和輸電線的電阻均不變，隨著發電廠輸出功率的增大，下列說法中正確的有（）A.升壓變壓器的輸出電壓增大B。降壓變壓器的輸出電壓增大C。輸電線上損耗的功率增大D.輸電線上損耗的功率占總功率的比例增大【答案】CD【解析】試題分析：由于發電廠的輸出電壓不變，升壓變壓器的匝數不變,所以升壓變壓器的輸出電壓不變，故A錯誤．B、由于發電廠的輸出功率增大,則升壓變壓器的輸出功率增大，又升壓變壓器的輸出電壓U2不變，根據P=UI可輸電線上的電流I線增大，導線上的電壓損失變大，則降壓變壓器的初級電壓減小，則降壓變壓器的輸出電壓減小，故B錯誤．根據P損=I線2R,又輸電線上的電流增大，電阻不變，所以輸電線上的功率損失增大,故C正確．根據，則有:；發電廠的輸出電壓不變，輸電線上的電阻不變，所以輸電線上損耗的功率占總功率的比例隨著發電廠輸出功率的增大而增大．故D正確．故選CD．考點：遠距離輸電10。在如圖所示的虛線框內有勻強磁場，設圖示磁場方向為正，磁感應強度隨時間變化規律如圖所示．邊長為l、電阻為R的正方形均勻線框abcd有一半處在磁場中，磁場方向垂直于線框平面，此時線框ab邊的發熱功率為P，則下列說法正確的是（)A.磁感應強度B。線框中感應電流C.線框cd邊的發熱功率為PD.a端電勢高于b端電勢【答案】BC【解析】【詳解】AB．由圖看出，在每個周期內磁感應強度隨時間均勻增大，線圈產生大小恒定的感應電流,設感應電流的大小為I，則有對ab邊，P=I2?R得I=2；由閉合電路歐姆定律得，感應電動勢為E=IR=2根據法拉第電磁感應定律得：；由圖知，聯立以上三式得:故A錯誤，B正確．C．正方形四邊的電阻相等，電流相等，則發熱功率相等，都為P,故C正確．D．由楞次定律判斷得知，線圈中感應電流方向沿逆時針,則a端電勢低于b端電勢．故D錯誤．故選BC．【點睛】本題是法拉第電磁感應定律、歐姆定律、功率和楞次定律的綜合應用，感應電動勢與電路知識與電磁感應聯系的紐帶,計算時要注意運用線圈的有效面積，即處于磁場中的面積．11.如圖所示,R是一個光敏電阻，其阻值隨光照強度的增加而減小，理想變壓器原、副線圈的匝數比為10：1，電壓表和電流表均為理想交流電表，從某時刻開始在原線圈兩端加上交變電壓，其瞬時值表達式為u1=110sin100πt(V），則A.電壓表示數為11VB.在天逐漸變黑的過程中，電流表A2的示數變小C。在天逐漸變黑的過程中，電流表A1的示數變大D.在天逐漸變黑的過程中，理想變壓器的輸入功率變小【答案】BD【解析】【詳解】根據電壓與匝數成正比可知，原線圈的電壓的最大值為110V，根據電壓之比等于線圈匝數之比可知，副線圈的電壓的最大值為11V，電壓表的示數為電壓的有效值，所以示數為U=V=11V，故A錯誤；在天變黑的過程中，光照變弱，R阻值增大；電路的總電阻減大，由于電壓是由變壓器決定的，輸出的電壓不變，所以次級電流變小，電流表A2的示數變小;由于次級電流減小，則初級電流也減小，即電流表A1的示數變小，故B正確，C錯誤;由于變壓器的輸入和輸出的功率是相等的,副線圈的電流減小,電壓不變,所以由P=UI可知，輸出的功率要減小，故輸入的功率也要減小,故D正確．故選BD．12。如圖甲所示，在勻強磁場中，一矩形金屬線圈兩次分別以不同的轉速，繞與磁感線垂直的軸勻速轉動，產生的交變電動勢圖象如圖乙中曲線a，b所示，則(）A。兩次t＝0時刻線圈平面均與中性面重合B.曲線a，b對應的線圈轉速之比為2∶3C.曲線a表示的交變電動勢頻率為25HzD。曲線b表示的交變電動勢有效值為10V【答案】AC【解析】t＝0時刻，兩次產生的交流電的電動勢瞬時值均為零，因此線圈平面均與中性面重合，A項正確；圖中a、b對應的周期之比為2∶3，因此線圈轉速之比na∶nb＝∶＝3∶2，B項錯誤；a線表示的交流電動勢的頻率為fa＝＝25Hz,C項正確；a線對應線圈相應的電動勢的最大值Eam＝NBS·，由圖象知Eam＝15V，b線對應線圈相應的電動勢的最大值Ebm＝NBS·,因此＝＝，Ebm＝10V，有效值Eb＝V＝5V，D項錯誤．二、非選擇題：本題共5小題，共52分。按題目要求作答.解答題應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟,只寫出最后答案的不能得分。有數值計算的題,答案中必須明確寫出數值和單位.13.如圖是一位同學設計的防盜門報警器的簡化電路示意圖。門打開時，紅外光敏電阻R3受到紅外線照射，電阻減小；門關閉時會遮蔽紅外線源（紅外線源沒有畫出）。經實際試驗，燈的亮、滅能反映門的開、關狀態.（1）門打開時R2兩端的電壓U2與門關閉時相比______（選填“增大”或“減小”）；（2)門打開時________（選填“紅”或“綠"）燈亮。【答案】（1）。減小（2)。紅【解析】【詳解】（1)[1］當門打開時，受紅外線照射，電阻減小，從而使并聯電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律可得總電流增大,兩端的電壓為所以兩端的電壓減小；（2）［2]根據歐姆定律通過的電流減小，根據并聯分流可得通過的電流增大,線圈產生的磁場增強，吸引銜鐵，紅燈亮。14.如圖所示，先后以速度v1和v2(v1＝2v2)，勻速地把同一線圈從同一位置拉出有界勻強磁場的過程中，在先后兩種情況下：（1）線圈中的感應電流之比I1∶I2＝________。（2)線圈中產生的熱量之比Q1∶Q2＝________.（3)拉力做功的功率之比P1∶P2＝________。【答案】(1)。2:1(2）。2：1（3）.4:1【解析】試題分析:根據，求出線圈中的感應電動勢之比，再求出感應電流之比．根據焦耳定律,求出線圈中產生的熱量之比．根據和平衡條件，求出外力大小之比．根據求解外力功率之比．（1）根據,得感應電流，可知感應電流，所以感應電流之比;（2）由焦耳定律得:熱量，可知，則熱量之比為2:1,（3）勻速運動時，作用在線圈上的外力大小等于安培力大小，,可知，則知，外力功率，則得．15。發電機轉子是邊長為0。2m的正方形，線圈匝數為100匝，內阻為8Ω，初始位置如圖所示,以ad、bc中點連線為軸以600r/min的轉速在磁感應強度為T的勻強磁場中轉動，燈泡電阻為24Ω，則：（1)從圖示位置開始計時,寫出感應電動勢的瞬時值表達式；(2）燈泡的實際消耗功率為多大?【答案】（1）e＝80sin(20πt）V(2）P＝75W【解析】（1)線圈轉動的角速度ω＝20πrad/s感應電動勢的最大值為Em＝nBSω＝80V瞬時值表達式e＝80sin（20πt)V（2）感應電動勢的有效值E＝V＝40V,電流為燈泡實際消耗的功率P＝I2R＝75W16。如圖所示，光滑導軌MN、PQ在同一水平面內平行固定放置，其間距d＝1m，右端通過導線與阻值RL＝8Ω的小燈泡L相連,CDEF矩形區域內有方向豎直向下、磁感應強度B＝1T的勻強磁場，一質量m＝50g、阻值為R＝2Ω的金屬棒在恒力F作用下從靜止開始運動s＝2m后進入磁場恰好做勻速直線運