2024屆上海市莘莊中學高二物理第一學期期末復習檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為有兩個量程的電壓表，當使用a、b兩端點時，量程為1V；當使用a、c兩端點時，量程為10V．已知電流表的內阻Rg為50Ω，滿偏電流Ig為1mA．則R1和R2的電阻值：A.R1=950Ω，R2=9kΩB.R1=9kΩ，R2=950ΩC.R1=9kΩ，R2=1kΩD.R1=1kΩ，R2=9kΩ2、如圖所示，垂直紙面放置的兩根平行長直導線分別通有方向相反的電流I1和I2，且I1＞I2，紙面內的一點H到兩根導線的距離相等，則該點的磁感應強度方向可能為圖中的()A.B1 B.B2CB3 D.B43、通電直導線穿過閉合線圈L，如圖所示，則()A.當電流I增大時，線圈L中有感應電流B.當L左右平動時，L中有感應電流C.當L上下平動時，L中有感應電流D.以上各種情況都不會產生感應電流4、一木塊靜止在水平桌面上（）A.桌面對木塊的支持力和木塊受的重力是一對平衡力B.木塊對桌面的壓力就是木塊受的重力，施力物體是地球C.木塊對桌面壓力是彈力，是由于桌面發生形變而產生的D.木塊保持靜止是由于木塊對桌面的壓力與桌面對木塊的支持力保持平衡5、如圖所示，用F表示兩分子間的作用力，用Ep表示分子間的分子勢能，在兩個分子之間的距離由10r0變為r0的過程中()A.F不斷增大，Ep不斷減小B.F不斷增大，Ep先增大后減小CF先增大后減小，Ep不斷減小D.F、Ep都是先增大后減小6、如圖所示，電源內阻較大，當開關閉合、滑動變阻器滑片位于某位置時，水平放置的平行板電容器間一帶電液滴恰好處于靜止狀態，燈泡L也能正常發光，現將滑動變阻器滑片由該位置向a端滑動，則（）A.燈泡將變暗，電源效率將減小B.液滴帶正電，將向下做加速運動C.電源的路端電壓增大，輸出功率也增大D.滑片滑動瞬間，帶電液滴電勢能將減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在兩平行金屬板間，有如圖所示的互相正交的勻強電場和勻強磁場．α粒子（氦原子核）以速度v0從兩板的正中央垂直于電場方向和磁場方向從左向右射入，恰好能沿直線勻速通過．下列說法正確的是（）A.若電子以速度沿相同方向射入，電子將向下偏轉B.若質子以速度沿相同方向射入，質子將沿直線勻速通過C.若質子以大于的速度沿相同方向射入，質子將向下偏轉D.若質子以大于的速度沿相同方向射入，質子將向上偏轉8、如圖所示，在磁感應強度大小為B、方向豎直向上的勻強磁場中，有一質量為m，阻值為R的閉合矩形金屬線框abcd，用絕緣輕質細桿懸掛在O點，并可繞O點左右擺動．金屬線框從圖示位置的右側某一位置由靜止釋放，在擺動到左側最高點的過程中，細桿和金屬線框平面始終處于同一平面，且垂直紙面．則下列說法中正確的是（）A.穿過線框中磁通量先變小后變大B.穿過線框中磁通量先變大后變小C.線框中感應電流的方向先是d→c→b→a→d，后是a→b→c→d→aD.線框中感應電流的方向是d→c→b→a→d9、如圖所示，兩個半徑相同的半圓形光滑軌道分別豎直放在勻強磁場和勻強電場中，軌道兩端在同一高度上兩個相同的帶正電小球可視為質點同時分別從軌道的左端最高點由靜止釋放，M、N分別為兩軌道的最低點，則()A.兩小球到達軌道最低點的速度B.兩小球到達軌道最低點時對軌道壓力C.兩小球第一次到達最低點的時間相同D.兩小球都能到達軌道的另一端10、如圖所示，一帶電粒子（電荷量為q）以速度v由A點垂直射入磁感應強度為B，寬度為d的有界勻強磁場中，在C點穿出磁場時的速度方向與帶電粒子原來的入射方向成30°夾角，則該帶電粒子的質量與穿過磁場所用的時間的大小為（）A.帶電粒子的質量為B.帶電粒子的質量為C.帶電粒子穿過磁場所用時間為D.帶電粒子穿過磁場所用時間為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一節干電池，電動勢約為，內阻約為某實驗小組為了比較準確的測量其電動勢和內阻，在實驗室找到了如下器材：A.電流表A量程，內阻約為B.電流表G量程，內阻C.定值電阻D.定值電阻E.滑動變阻器，額定電流F.滑動變阻器，額定電流G.開關S和導線若干(1)因缺少電壓表，該組同學準備利用電流表G與定值電阻串聯改裝成電壓表，為較好的滿足測量需要，定值電阻應選擇______填“C”或“D”；為操作方便，滑動變阻器應選擇______填“E”或“F”(2)該小組根據實驗原理圖連接線路、測量數據、并在坐標紙上描點連線，得到相應的圖線如圖，其中I1為電流表G的示數，I2為電流表A的示數，則該電源的電動勢E=____________V，內阻r=______(兩空均保留三位有效數字)12．（12分）如圖兩個相干波源S1、S2產生的波在同一種均勻介質中相遇。圖中實線表示某時刻的波峰，虛線表示某時刻的波谷，圖中所標A、B、C、D、E，為介質中的質點，其中E點位于AD連線的中點，則其中處于減弱區的質點有________，從此刻起經四分之一周期時刻，E質點處于_______（選填“波峰”、“波谷”、“平衡位置”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】根據歐姆定律和串聯電路的特點可知：代入數據可解得：同理有：代入數據可解得：所以只有選項A正確；2、C【解析】根據右手螺旋定則得出兩電流在H點的磁場方向，如圖，因為I1>I2，故I1產生的磁場大于I2產生的磁場，根據平行四邊形定則知H點的合場強可能為B3方向A．B1與分析結果不符，A錯誤B．B2與分析結果不符，B錯誤C．B3與分析結果相符，C正確D．B4與分析結果不符，D錯誤3、D【解析】通電直導線周圍的磁感線是一些垂直導線的同心圓，滿足安培定則，所以當線圈L垂直長直導線時，通電長直導線的磁感線與線圈平面平行，即穿過線圈L的磁通量為0，A、B、C中的三種運動，都沒有改變穿過L的磁通量的大小，即磁通量始終為零，故沒有感應電流產生，D正確．故選D.【點睛】解決本題的關鍵要掌握安培定則，熟練運用來判斷直導線產生的磁場方向，并根據產生感應電流的條件進行判斷4、A【解析】作用在同一物體上的兩個力如果大小相等、方向相反，是一對平衡力，A正確；木塊對桌面的壓力等于木塊受的重力，施力物體是木塊，是由于木塊發生形變而產生的，B錯誤、C正確；木塊對桌面的壓力與桌面對木塊的支持力是作用在不同物體上的兩個力，不是平衡力，D錯誤5、C【解析】當r=r0時，分子的引力與斥力大小相等，分子力為F=0．在兩個分子之間的距離由10r0變為r0的過程中，由圖看出，分子力F先增大后減小．此過程分子力表現為引力，分子力做正功，分子勢能Ep減小．故C正確．故選C6、D【解析】A．將滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，電路中總電阻增大，電路中電流減小，燈泡消耗的功率減小，則燈泡將變暗．電源的效率外電路總電阻增大，路端電壓增大，則電源效率增大．故A項錯誤B．液滴受力平衡，因電容器上極板帶負電，板間場強向上，則知液滴帶正電．滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，電路中總電阻增大，電路中電流減小，電容器板間電壓增大，板間場強增大，液滴所受的電場力增大，因此液滴將向上做加速運動．故B項錯誤C．由于電源的內電阻與外電阻關系未知，所以不能判斷輸出功率如何變化，故C項錯誤D．因電容器兩端的電壓增大，板間場強增大，下極板與電荷所在位置間的電勢差增大，因下極板接地，電勢始終為0，則電荷所在位置的電勢減小；粒子帶正電，則粒子電勢能減小．故D項正確【點睛】本題是電容器動態變化分析與電路動態變化分析的綜合，抓住電容器的電壓與電阻電壓的關系進行分析；下極板接地且與電源正極相連，板間各點電勢均為負值二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】粒子受到向上的洛倫茲力和向下的電場力，二力平衡時粒子沿直線運動，當二力不平衡時，粒子做曲線運動，由公式qv0B=qE，電量與電性不會影響粒子的運動性質；再分析電子的受力情況，從而明確電子是否會發生偏轉【詳解】由于α粒子從左向右射入正交的電場和磁場空間，恰能做勻速直線運動，則兩力平衡，即Eq=qvB，所以選擇的速度v=，與電性和電量無關，但有確定的進、出口．若電子以相同的速度射入，相對α粒子電場力和洛侖茲力均反向，則電子仍將做勻速直線運動，所以選項A錯誤；同理，質子以相同的速度射入時，相對α粒子電場力和洛侖茲力雖減小，但兩力仍平衡，沿直線通過，所以選項B正確；若質子進入的速度變大，電場力不變，但向上的洛侖茲力變大，所以質子將向上偏轉，選項C錯誤，選項D正確．故選BD【點睛】本題考查了利用質譜儀進行粒子選擇原理，只要對粒子進行正確的受力分析即可解決此類問題，注意掌握粒子做直線運動，一定是勻速直線運動，且粒子的電量與電性均不會影響運動性質8、AD【解析】AB.由靜止釋放到最低點過程中，磁通量減小，且磁場方向向上，由最低點向右運動的過程中，穿過線框的磁通量增大，故A正確，B錯誤；CD.由靜止釋放到最低點過程中，磁通量減小，且磁場方向向上，由楞次定律，感應電流產生磁場也向上，再由右手螺旋定則可知，感應電流的方向：d→c→b→a→d；同理，當繼續向左擺動過程中，向上的磁通量增大，根據楞次定律可知，電流方向是d→c→b→a→d；故C錯誤，D正確.9、AB【解析】小球在磁場中運動，在最低點進行受力分析可知，解得：①，小球在電場中運動，在最低點受力分析可知，解得②，由于小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機械能守恒；而小球在電場中運動受到的電場力對小球做負功，到達最低點時的速度的大小較小，所以在電場中運動的時間也長，A正確C錯誤；因為，結合①②可知：，B正確；由于小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機械能守恒，所以小球可以到達軌道的另一端，而電場力做小球做負功，所以小球在達到軌道另一端之前速度就減為零了，故不能到達最右端，D錯誤【點睛】洛侖茲力對小球不做功，但是洛侖茲力影響了球對軌道的作用力，在電場中的小球，電場力對小球做功，影響小球的速度的大小，從而影響小球對軌道的壓力的大小10、BD【解析】粒子垂直射入勻強磁場中，只受洛倫茲力作用做勻速圓周運動，畫出軌跡，由幾何知識求出軌跡的半徑，由牛頓第二定律求出質量，由幾何知識求出軌跡所對的圓心角α，利用周期公式聯立即可求出帶電粒子穿過磁場所用時間詳解】粒子垂直射入勻強磁場中，只受洛倫茲力作用做勻速圓周運動，畫出軌跡，由幾何知識得到粒子軌跡的半徑為，由牛頓第二定律，解得由幾何關系得到，軌跡的圓心角．則粒子在磁場中運動的時間是，故選BD【點睛】本題是帶電粒子在勻強磁場中圓周運動問題，關鍵要畫出軌跡，根據圓心角求時間，由幾何知識求半徑是常用方法三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.C②.E③.1.48④.0.840【解析】(1)[1][2]由于沒有電壓表，可以用電流表G與定值電阻串聯組成電壓表測電壓，改裝后電壓表的量程若電流表G與定值電阻串聯組成電壓表的量程電源電動勢約為1.5V，所以只需改裝成2V的電壓表，故定值電阻選擇C；因電源內阻較小，為了有效調節電路中的電流，滑動變阻器選擇總阻值較小的E；(2)[3][4]設為電流表的示數，為電流表G的示數，數值遠大于的數值，可以認為電路電流，在閉合電路中，電源電動勢：則：由圖示圖像可知，圖像縱軸截距：則：電源電動勢：圖像斜率：解得：12、①.B、C②.波谷【解析】[1]．因為B、C兩點是峰谷相遇點，是處于減弱區的質點；[2]．E點處于峰峰