福建省泉州市泉港區一中高一物理第一學期期末統考模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖,套在豎直桿上的物塊P與放在水平桌面上的物塊Q用足夠長的輕繩跨過定滑輪相連，將P由圖示位置釋放,當繩與水平方向夾角為θ時物塊Q的速度大小為v，此時物塊P的速度大小為()A. B.C. D.2、如圖所示，小球從高處下落到正下方豎直放置的輕彈簧上，那么小球從接觸彈簧開始到將彈簧壓縮到最短的過程中（彈簧一直保持豎直），下列說法中正確的是（）A.小球受到的彈力先增大后減小B.小球的速度一直在減小C.小球的加速度先減小后增大D.小球一直處于失重狀態3、物體受到幾個力的作用而做勻速直線運動，如果只撤掉其中的一個力，其他力保持不變，它不可能做A.勻速直線運動B.勻加速直線運動C.勻減速直線運動D.曲線運動4、甲、乙兩物體從同一點出發且在同一條直線上運動，它們的位移—時間（x–t）圖象如圖所示，由圖象可以得出在0~4s內（）A.甲、乙兩物體始終同向運動B.4s時甲、乙兩物體間的距離最大C.甲的平均速度等于乙的平均速度D.甲、乙兩物體間的最大距離為6m5、如圖所示，質量為m的木塊在質量為M的長木板上滑動，長木板與水平地面間的動摩擦因數為μ1，木塊與木板間的動摩擦因數為μ2，已知長木板處于靜止狀態，那么此時長木板受到地面的摩擦力大小為（）A.μ2mg B.μ1MgC.μ1（m+M）g D.μ2mg+μ1Mg6、一名宇航員在某星球上完成自由落體運動實驗，讓一個質量為1kg的小球從一定的高度自由下落，測得在第5s內的位移是18m，則（）A.小球在2s末的速度是20m/sB.該星球上的重力加速度為4m/s2C.小球在第5s內的平均速度是3.6m/sD.小球在前5s內的位移是100m7、如圖所示，質量為m、頂角為α的直角劈和質量為M的正方體放在兩豎直墻和一水平面間，處于靜止狀態。若不計一切摩擦，則（）A.直角劈對墻面的彈力大小為mgsinαB.墻面對正方體的彈力大小為C.正方體對直角劈的彈力大小為mgcosαD.水平面對正方體的彈力大小為(M＋m)g8、如圖所示，質量均為m的物塊A、B用輕彈簧相連放置于傾角為α的光滑固定斜面上，物塊B與垂直于斜面的擋板C接觸，物塊A系一輕質細繩，細繩繞過斜面頂端的定滑輪系一重物D，細繩與輕彈簧均與斜面平行，平衡時物塊B恰好不離開擋板。已知彈簧的勁度系數為k，重力加速度為g，某一瞬間剪斷細繩，則下列說法正確的是（）A.重物D的重力為B.剪斷細繩后，物塊A下滑過程中加速度一直增大C.剪斷細繩瞬間，物塊A的加速度大小為D.物塊A下滑過程中速度最大時，彈簧的縮短量9、2018年11月，第十二屆中國國際航空航天博覽會在廣東珠海如期舉行，首次亮相航展的空軍航空大學“紅鷹”飛行表演隊為現場觀眾帶來了“八機鉆石筋斗、丘比特之箭”等精彩動作，如圖所示。下列關于“紅鷹”飛行表演的說法中正確的是（）A.地面上的人看到飛機飛過，是以飛行員為參考系B.飛行員看到觀禮臺向后掠過，是以飛機為參考系的C.研究某架飛機在空中飛行的軌跡時，可將飛機視為質點D.研究飛機中空中的各種表演動作時，可將飛機視為質點10、如圖所示，光滑水平地面上放有截面為圓周的柱狀物體A，A與墻面之間放一光滑的圓柱形物體B，對A施加一水平向左的力F，整個裝置保持靜止．若將A的位置向左移動稍許，整個裝置仍保持平衡，則()A.水平外力F增大B.墻對B的作用力減小C.地面對A的支持力減小D.B對A的作用力減小11、如圖甲所示，水平傳送帶始終以恒定速率v1向右運行．初速度大小為v2的小物塊向左從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶。若從小物塊滑上傳送帶開始計時，小物塊在傳送帶上運動的v-t圖象（以地面為參考系）如圖乙所示。已知v2＞v1，正確是（）A.t2時刻，小物塊離A處的距離達到最大B.t2時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大C.0～t2時間內，小物塊受到的摩擦力方向始終向右D.0～t3時間內，小物塊相對傳送帶的位移大小為12、如圖所示,質量為m木塊在質量為M的長木板上受到向右的拉力F的作用向右滑行,長木板處于靜止狀態,已知木塊與木板間的動摩擦因數為μ1，木板與地面間的動摩擦因數為μ2.下列說法正確的是()A.木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1(m+M)gB.木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1mgC.當F>μ2(m+M)g時,木板便會開始運動D.無論怎樣改變F的大小,木板都不可能運動二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點，OB和OC為細繩，圖乙是在白紙上根據實驗結果畫出的圖（1）如果沒有操作失誤，圖乙中的與兩力中，方向一定沿AO方向的是_____（2）本實驗采用的科學方法是_____A．理想實驗法B．等效替代法C．控制變量法（3）下列方法中，有助于減小實驗誤差的是_____A．盡可能使OB和OC兩細繩的夾角大些B．盡可能使兩彈簧秤的讀數相差大些C．盡可能使OB和OC兩細繩與紙面平行14、（10分）已知共點力，，它們的夾角為，通過作圖法可求出合力的大小為_________N，合力的方向與成_________度角。（結果保留2位有效數字）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，物體甲通過三段輕繩懸掛，三段輕繩的結點為O，輕繩OB水平且B端與放在水平面上的物體乙相連，物體甲及物體乙均處于靜止狀態。已知：物體甲的質量m1=10kg，物體乙的質量m2=50kg，輕繩OA與豎直方向的夾角θ=37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。求：（1）輕繩OA、OB受到的拉力分別是多大？（2）物體乙與水平面間的摩擦力多大？16、（12分）如圖所示，國產某品牌汽車裝備了具有“全力自動剎車”功能的城市安全系統，系統實時監視前方的交通狀況．當汽車發現前方有障礙物時，如果司機未及時采取制動措施，系統就會立即啟動“全力自動剎車”，加速度大小為5m/s2．設當時車速v＝10m/s，前方障礙物靜止不動，為避免與障礙物相撞，計算該汽車此時的安全距離x（即不發生碰撞的最小距離）17、（12分）民航客機一般都有緊急出口，發生意外情況的飛機緊急著陸后，打開緊急出口，狹長的氣囊會自動充氣，形成一個連接出口與地面的斜面，人員可沿斜面滑行到地上，如圖甲所示，圖乙是其簡化模型.若緊急出口下沿距地面的高度h=3.0m，氣囊所構成的斜面長度L=5.0m.質量m=60kg的某旅客從斜面頂端由靜止開始滑到斜面底端.已知旅客與斜面間的動摩擦因數μ=0.5，不計空氣阻力及斜面的形變，旅客下滑過程中可視為質點，取重力加速度g=10m/s2.求：（1）旅客沿斜面下滑時受到摩擦力的大小和方向；（2）旅客沿斜面下滑時的加速度大小；（3）旅客滑到斜面底端時的速度大小.

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】將物塊P的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于Q的速度，依據運動的合成法則，即可求解。【詳解】將物塊P的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于Q的速度。已知Q的速度為v，即在沿繩子方向的分速度為v，可得則C正確，ABD錯誤。故選C。2、C【解析】A．彈簧的壓縮量不斷變大，故彈簧的彈力不斷變大，故A錯誤；BCD．小球開始下落時，只受重力作用做加速運動，當和彈簧接觸時，受到彈簧彈力作用，開始時彈簧壓縮量小，因此重力大于彈力，此時：mg-kx=ma隨著彈簧壓縮量的增加，彈力增大，加速度減小，但是物體仍加速運動，當mg=kx時，速度最大，然后彈簧繼續被壓縮，當mg=kx時，加速度等于零，速度最大，物體繼續向下運動，彈簧繼續被壓縮，彈力大于重力，物體開始減速運動，所以整個過程中物體先加速后減速運動，加速度先減小后增大，小球先處于失重狀態后處于超重狀態，故BD錯誤，C正確故選C【點睛】下落過程中正確對小球進行受力分析，然后根據牛頓第二定律即可判斷其加速度的變化情況，然后進一步判斷速度變化情況3、A【解析】A.物體受到幾個力的作用而做勻速直線運動，如果只撤掉其中的一個力，其它力保持不變，合力與撤去的力大小相等方向相反，合力大小方向不變，不可能做勻速直線運動，A符合題意B.若撤去的力與運動的方向相反，則物體做勻加速直線運動，故B不符合題意C.若撤去的力與運動的方向相同，則物體做勻減速直線運動，故C不符合題意；D.若撤去的力與速度的方向不在同一條直線上，物體做曲線運動，故D不符合題意4、C【解析】A．圖像的斜率等于速度，可知在內甲、乙都沿正向運動，運動方向相同。內甲沿負向運動，乙仍沿正向運動，運動方向相反，故A錯誤。BD．內甲乙同向運動，甲的速度較大，兩者距離不斷增大。后甲反向運動，乙仍沿原方向運動，兩者距離減小，則時甲、乙兩物體間的距離最大，最大距離為，故BD錯誤。C．由圖知，在內甲、乙的位移都是，平均速度相等，故C正確。5、A【解析】對木塊受力分析，受重力mg、長木板的支持力FN和向左的滑動摩擦力Ff1，有Ff1=μ2FNFN=mgFf1=μ2mg對長木板受力分析，受到重力Mg、木塊對長木板的壓力、木塊對長木板向右的滑動摩擦力、地面的支持力F支和向左的靜摩擦力Ff2，長木板受力平衡，由平衡條件可知，在豎直方向受力平衡，在水平方向受力平衡則有Ff2=由牛頓第三定律可知=Ff1=μ2mgA正確，BCD錯誤。故選A。6、B【解析】考查初速度為零的勻變速直線運動的規律應用。【詳解】ABD．自由落體運動第1s內，第1s內，第2s內，第3s內，第4s內，第5s內位移之比為：設前5s的位移為x，則：解得由勻變速的位移公式的：解得重力加速度為：小球在2s末的速度為：B正確，AD錯誤；C．小球在第5s內的平均速度為：C錯誤。故選B。7、BD【解析】以直角劈和質量為M正方體整體為研究對象，分析受力情況，如圖1所示則由平衡條件得，水平面對正方體的彈力大小對直角劈研究，分析受力情況，如圖2所示根據平衡條件得墻面對m的彈力正方體對直角劈的彈力大小為對整體可知，墻面對正方體彈力根據牛頓第三定律得知，直角劈對墻面的彈力大小故選BD。8、CD【解析】A．平衡時物塊恰不離開擋板，則滿足故A錯誤；BCD．平衡時物塊恰不離開擋板，此時彈簧的拉伸量：剪斷細繩瞬間，彈簧的彈力不變，此時對A根據牛頓第二定律得：解得：此后彈簧的彈力減小，物體A受到的合外力減小，加速度減小，直至為零，此時彈簧處于壓縮狀態，A的速度最大，彈簧的壓縮量為此后，A繼續沿斜面向下運動，加速度方向沿斜面向上，做加速度越來越小的減速運動；故CD正確，B錯誤；故選CD。9、BC【解析】A．地面上的人看到飛機飛過，是以地面為參考系，飛機是運動的，故A錯誤；B．飛行員以飛機為參考系，飛行員看到觀禮臺向后掠過，故B正確；C．研究某架飛機在空中飛行的軌跡時，飛機的大小可以忽略不計，可將飛機視為質點，故C正確；D．觀看飛機表演的空翻動作時，飛機的大小和形狀不能忽略，不可以看成質點，故D錯誤。故選BC。10、BD【解析】先對B球受力分析，受到重力mg、A球對B球的支持力N′和墻壁對B球的支持力N，然后根據共點力平衡條件得到A球左移后各個力的變化情況；最后再對整體受力分析，根據平衡條件判斷推力F和地面的支持力的變化情況【詳解】對B球受力分析，受到重力mg、A球對B球的支持力N′和墻壁對B球的支持力N，如圖所示：當A球向左移動后，A球對B球的支持力N′的方向不斷變化，根據平衡條件結合合成法可以知道A球對B球的支持力N′和墻壁對B球的支持力N都在不斷減小，故BD正確；再對A和B整體受力分析，受到總重力G、地面支持力FN，推力F和墻壁的彈力N，如圖所示：根據平衡條件，有F=N，FN=G，故地面的支持力不變，推力F隨著壁對B球的支持力N的不斷減小而不斷減小，故AC錯誤．所以BD正確，AC錯誤【點睛】本題關鍵是先對小球B受力分析，根據平衡條件得到各個力的變化情況，然后再對A、B整體受力分析，再次根據平衡條件列式分析11、BC【解析】A．在0-t1時間內小物塊向左減速，受向右的摩擦力作用，在t1-t2時間內小物塊向右加速運動，受到向右的摩擦力作用，t1時刻小物塊向左運動到速度為零，離A處的距離達到最大，A錯誤；B．t2時刻前小物塊相對傳送帶向左運動，之后相對靜止，則知小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大，B正確；C.0～t2時間內，小物塊受到的摩擦力方向始終向右，且大小不變，C正確；D．0～t1時間內，傳送帶的位移為小物塊的位移為所以小物塊相對傳送帶的位移向左，大小為t1~t2時間內，物塊向右加速，皮帶向右勻速運動，物體相對皮帶向左，相對位移大小為兩者的位移之差由于t2-t3時間內小物塊相對傳送帶靜止，所以0～t3時間內小物塊相對傳送帶的位移向左，大小為故D錯誤。故選BC。12、BD【解析】A、由于木板相對于地面是否剛要滑動不清楚，地面的靜摩擦力不一定達到最大，則木板受到地面的摩擦力的大小不一定是μ2(m+M)g;故A錯誤.B、對木板：水平方向受到木塊向右滑動摩擦力f1和地面的向左的靜摩擦力f2，而f1=μ1mg，由平衡條件得：f2=f1=μ1mg；故B正確.C、D、由題分析可知，木塊對木板的摩擦力f1不大于地面對木板的最大靜摩擦力，當F改變時，f1不變，則木板不可能運動；故C錯誤，D正確.故選BD.二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、①.②.B③.C【解析】(1)是實驗測得的、用平行四邊形定則作圖而得，是用一個力拉橡皮條時直接測量而得．則方向一定沿AO方向的是(2)本實驗采用的科學方法是等效替代法．故B項正確(3)A：盡可能使OB和OC兩細繩的夾角大，會使合力偏小，測量的相對誤差較大．故