安徽省池州市查橋中學高三物理聯考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，直立的彈簧下端固定在地面上，在距彈簧上端h=1m處有一質量為m=200g的鋼球自由下落，落到彈簧上以后，彈簧的最大壓縮量為10cm，若球與彈簧碰撞時無能量損失，g=10m/s2，則彈簧的最大彈性勢能是（）A．2J B．2.2J C．20J D．22J參考答案：B解：壓縮到最小時，小球機械能減小量為：E=mg（h+△h）=0.2×10×（1+0.1）=2.2J；對小球和彈簧組成的系統分析可知機械能守恒；根據機械能守恒定律可知，小球減小的機械能全部轉化為彈簧的彈性勢能；故彈簧增加的最大彈性勢能為2.2J，故B正確，ACD錯誤．故選：B．2.(多選)如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數比為5：l，原線圈接入圖乙所示的電壓，副線圈接火災報警系統（報警器未畫出），電壓表和電流表均為理想電表，R0為定值電阻，R為半導體熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小．下列說法中正確的是 A． 圖乙中電壓的有效值為110V B． 電壓表的示數為44V C． R處出現火警時電流表示數增大 D． R處出現火警時電阻R0消耗的電功率增大參考答案：ACD3.關于靜電場，下列說法正確的是

(

)A．電勢等于零的物體一定不帶電B．電場強度為零的點，電勢一定為零C．同一電場線上的各點，電勢一定相等D．負電荷沿電場線方向移動時，電勢能一定增加參考答案：D4.如圖所示，一個物體由繞過定滑輪的繩拉著，分別用圖中所示的三種情況拉住，在這三種情況下，若繩的張力分別為F1、F2、F3，軸心O對定滑輪的支持力分別為N1、N2、N3。滑輪的摩擦、質量均不計，則（

）A．F1＝F2＝F3，N1＞N2＞N3

B．F1＞F2＞F3，N1＝N2＝N3C．F1＝F2＝F3，N1＝N2＝N3

D．F1＜F2＜F3，N1＜N2＜N3參考答案：A5.一汽車關閉發動機后在路面情況相同的公路上直線滑行，下面關于車速、慣性、質量和滑行路程的討論，正確的是：A．車速越大，它的慣性越大

B．質量越大，慣性就越大C．質量越大，滑行距離越短

D．滑行距離越長，說明慣性越大參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.對“落體運動快慢”、“力與物體運動關系”等問題，亞里士多德和伽利略存在著不同的觀點。請完成下表：

亞里士多德的觀點伽利略的觀點落體運動快慢重的物體下落快，輕的物體下落慢

力與物體運動關系

維持物體運動不需要力

參考答案：答案：物體下落快慢與物體輕重無關

維持物體運動需要力7.如圖3－3－10所示為“用DIS(位移傳感器、數據采集器、計算機)研究加速度和力的關系”的實驗裝置．圖3－3－10(1)在該實驗中必須采用控制變量法，應保持________不變，用鉤碼所受的重力作為________，用DIS測小車的加速度．

(2)改變所掛鉤碼的數量，多次重復測量．在某次實驗中根據測得的多組數據可畫出a－F關系圖線(如圖3－3－11所示)．①分析此圖線的OA段可得出的實驗結論是________________________________________________________________________________________________________________________________________________.②(單選題)此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是

()A．小車與軌道之間存在摩擦B．導軌保持了水平狀態C．所掛鉤碼的總質量太大D．所用小車的質量太大參考答案：(1)小車的總質量(或：小車的質量)小車所受外力(或：外力、合外力)(2)①在質量不變的條件下，加速度與合外力成正比②C8.如圖所示，物體A、B的質量mA=6kg,mB=4kg,A與B、B與地面之間的動摩擦因數都等于0.3，通過輕滑輪在外力F的作用下，A和B一起做加速度為a=1m/s2的勻加速直線運動，則A對B的摩擦力大小為

N，方向為

，

參考答案：14N，向右，9.摩托車手在水平地面轉彎時為了保證安全，將身體及車身傾斜，車輪與地面間的動摩擦因數為μ，車手與車身總質量為M，轉彎半徑為R。為不產生側滑，轉彎時速度應不大于

；設轉彎、不側滑時的車速為v，則地面受到摩托車的作用力大小為

。參考答案：

；。10.圖示是某金屬發生光電效應時光電子的最大初動能Ek與入射光頻率ν的關系圖象，可知該金屬的逸出功為

．若入射光的頻率為2ν0，則產生的光電子最大初動能為．已知普朗克常量為h．參考答案：hν0，hν0．【考點】愛因斯坦光電效應方程．【專題】定量思想；推理法；光電效應專題．【分析】根據光電效應方程Ekm=hv﹣W0和eUC=EKm得出遏止電壓Uc與入射光頻率v的關系式，從而進行判斷．【解答】解：當遏止電壓為零時，最大初動能為零，則入射光的能量等于逸出功，所以W0=hv0．從圖象上可知，逸出功W0=hv0．根據光電效應方程，Ekm=hv﹣W0=hv0．若入射光的頻率為2ν0時，產生的光電子的最大初動能為hν0，故答案為：hν0，hν0．11.光電門傳感器也是一種研究物體運動情況的計時儀器，現利用圖甲所示裝置設計一個“驗證物體產生的加速度與合外力、質量關系”的實驗，圖中NO是水平桌面，PO是一端帶有滑輪的長木板，1、2是固定在木板上的兩個光電門。小車上固定著用于擋光的窄片，讓小車從木板的頂端滑下，光電門連接數據采集器，并把數據采集器和計算機連接，打開軟件。①已知窄片的寬度為d（L遠大于d），計算機顯示的光電門1、2的擋光時間分別為t1、t2。②用米尺測量光電門間距為L，則小車的加速度表達式a=

(各量均用①②里的字母表示)。

③該實驗把砂和砂桶m拉車的力當作小車的合力。由于所用導軌摩擦力較大，必須平衡摩擦力，方法是

。④該實驗中，讓小車質量M不變時，探究a與F關系，使用的探究方法是______________。有位同學通過測量，作出a—F圖線,如圖乙中的實線所示。試分析：乙圖線不通過坐標原點的原因是

；乙圖線上部彎曲的原因是

；參考答案：a=(d2/t22-d2/t12)/2L；調出一個合適的斜面；控制變量法；木板夾角過大；m<<M的條件未能很好滿足；12.如圖為懸掛街燈的支架示意圖，橫梁BE質量為6kg，重心在其中點。直角桿ADC重力不計，兩端用鉸鏈連接。已知BE=3m，BC=2m，∠ACB=30°，橫梁E處懸掛燈的質量為2kg，則直角桿對橫梁的力矩為_______N·m，直角桿對橫梁的作用力大小為_______N。（重力加速度g=l0m/s2）參考答案：150

150

13.小球A以初速度v-0做豎直上拋運動,上升的最大高度為H。小球B以初速度v-0沿著足夠長的光滑斜面上滑；小球C以初速度v-0沿著光滑的圓軌道（O為圓軌道的圓心，圓軌道的半徑為R，且R<H）從最低點上滑，如圖所示。則B、C兩球上升的最大高度與H的關系為__________。

參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.“水立方”國家游泳中心是北京為2008年夏季奧運會修建的主游泳館．水立方游泳館共有8條泳道的國際標準比賽用游泳池，游泳池長50m、寬25m、水深3m．設水的摩爾質量為M＝1.8×10-2kg／mol，試估算該游泳池中水分子數．參考答案：1.3×1032個解：游泳池中水的質量為m，阿伏加德羅常數為，游泳池中水的總體積為。則游泳池中水的物質的量為；所含的水分子數為個15.如圖所示，在平面直角坐標系中有一個垂直紙面向里的圓形勻強磁場，其邊界過原點O和y軸上的點A（0，L）．一質量為m、電荷量為e的電子從A點以初速度v0平行于x軸正方向射入磁場，并從x軸上的B點射出磁場，射出B點時的速度方向與x軸正方向的夾角為60°．求：（1）勻強磁場的磁感應強度B的大小；（2）電子在磁場中運動的時間t．參考答案：答：（1）勻強磁場的磁感應強度B的大小為；（2）電子在磁場中運動的時間t為考點： 帶電粒子在勻強磁場中的運動；牛頓第二定律；向心力．專題： 帶電粒子在磁場中的運動專題．分析： （1）電子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律可以求出磁感應強度．（2）根據電子轉過的圓心角與電子做圓周運動的周期可以求出電子的運動時間．解答： 解：（1）設電子在磁場中軌跡的半徑為r，運動軌跡如圖，可得電子在磁場中轉動的圓心角為60°，由幾何關系可得：r﹣L=rcos60°，解得，軌跡半徑：r=2L，對于電子在磁場中運動，有：ev0B=m，解得，磁感應強度B的大小：B=；（2）電子在磁場中轉動的周期：T==，電子轉動的圓心角為60°，則電子在磁場中運動的時間t=T=；答：（1）勻強磁場的磁感應強度B的大小為；（2）電子在磁場中運動的時間t為．點評： 本題考查了電子在磁場中的運動，分析清楚電子運動過程，應用牛頓第二定律與周期公式即可正確解題．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，在直角坐標系xoy第一象限中，有一半徑為R的半圓，該半圓的直徑是OD，圓心為C，半圓區域內有垂直紙面向外的勻強磁場；在y軸的左側有平行于y軸的勻強電場，場強大小為E，在C處有一帶負電的粒子(質量為m、電荷量為q)，以初速度垂直x軸進入磁場，經偏轉后射出磁場，又經過一段時間后從y軸上的P點垂直進入電場，若OP=0．6R(粒子重力不計)．求：

(1)磁感應強度為B；

(2)粒子進入電場后到達x軸上Q點時的速率及坐標；

(3)粒子從C點出發到達x軸上Q點所用的總時間．參考答案：17.如圖所示，在空間建立直角坐標系，坐標軸正方向如圖所示。空間有磁感應強度為B=1T，方面垂直于紙面向里的磁場，II、III、IV象限（含x、y軸）有電場強度為E=1N/C，豎直向下的電場。光滑1/4圓弧軌道圓心O`，半徑為R=2m，圓環底端位于坐標軸原點O。質量為m1=1kg，帶電q1=-1C的小球A從O`處水平向右飛出，經過一段時間，正好運動到O點。質量為m2=2kg，帶電q2=2C小球的B從與圓心等高處靜止釋放，與A同時運動到O點并發生完全非彈性碰撞，碰后生成小球C。小球A、B、C均可視為質點，所在空間無重力場作用。（1）小球A在O`處的初速度為多大；（2）碰撞完成后瞬間，圓弧軌道對小球C的支持力；（3）小球C從O點飛出后的瞬間，將磁場方向改為豎直向上。分析C球在后續運動過程中，再次回到y軸時離O點的距離。參考答案：（1）1m/s

（2）1.5N

（3）【分析】A從飛出后，在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，根據洛倫茲力提供向心力求出小球A在處的初速度；由動能定理求出B滑到O點的速度，A、B在O點發生完全非彈性碰撞，由動量守恒定律求出碰后生成的C球速度；根據牛頓第二定律求出碰后瞬間軌道對C支持力；C球從軌道飛出后，受到豎直向下的電場力和垂直紙面向外的洛倫茲力，在電場力作用下，C球在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，在水平方向做勻速圓周運動，根據牛頓第二定律和運動規律求出再次回到y軸時離O點的距離；【詳解】解：(1)A從飛出后，在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，解得：

(2)設B滑到O點的速度為，由動能定理

解得：A、B在O點發生完全非彈性碰撞，設碰后生成的C球速度為，由動量守恒定律

在碰后瞬間，C球做圓周運動，設軌道對C支持力為N，C球帶電量

解得：N=1.5N(3)C球從軌道飛出后，受到豎直向下的電場力和垂直紙面向外的洛倫茲力，在電場力作用下，C球在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，在水平方向做勻速圓周運動，每隔一個周期T，C球回到y軸上。

由：，及,解得C球圓周運動周期

C球豎直方向加速度

C球回到y軸時坐標：

代入數據解得：（n=1、2、3.）18.如圖所示，用輕彈簧將質量均為m=1kg的物塊A和B連接起來，將它們固定在空中，彈簧處于原長狀態，A距地面的高度h1=0.15m．同時釋放兩物塊，設A與地面碰撞后速度立即變為零，由于B壓縮彈簧后被反彈，使A剛好能離開地面（但不繼續上升）．已知彈簧的勁度系數k=100N/m，取g=10m/s2．求：（1）物塊A剛到達地面的速度；（2）物塊B反彈到最高點時，彈簧的彈性勢能；（3）若將B物塊換為質量為2m的物塊C（圖中未畫出），仍將它與A固定在空中且彈簧處于原長，從A距地面的高度為h2處同時釋放，C壓縮彈簧被反彈后，A也剛好能離開地面，此時h2的大小．參考答案：；（2）設A剛好離地時，彈簧的形變量為x，此時B