第第頁2022-2023學年浙江省杭州市S9聯盟高二（下）期中物理試卷（含解析）2022-2023學年浙江省杭州市S9聯盟高二（下）期中物理試卷

學校:___________姓名：___________班級：___________考號：___________

第I卷（選擇題）

一、單選題（本大題共13小題，共39.0分）

1.下列屬于磁感應強度的單位是()

A.特斯拉B.韋伯C.牛頓D.伏特

2.在物理學的發展過程中，許多科學家做出了突出貢獻，下列關于科學家和他們的貢獻說法錯誤的是()

A.斯涅耳在分析了大量實驗數據后，總結由光的折射定律

B.梅曼率先在實驗室中制造出了激光，之后激光被廣泛應用于生產生活

C.麥克斯韋確信電場與磁場的對稱之美，大膽假設變化的電場會產生磁場

D.奧斯特首先發現了通電導線周圍存在著磁場，后來總結了判斷電流與磁場的方向關系的規律

3.如圖甲、乙、丙、丁所示，下列關于四幅圖的說法正確的是()

A.甲圖為條形磁鐵的磁感線分布圖

B.乙圖為直線電流的磁感線分布圖

C.丙圖中通電螺線管周圍產生的磁場和磁感線都是真實存在的

D.丁圖為法拉第圓盤發電機利用了“電生磁”的現象為原理制作而成

4.如圖所示，通電導線所受安培力或運動電荷所受洛倫茲力正確的是()

A.B.C.D.

5.如圖所示，三顆人造衛星正在圍繞地球做勻速固周運動，則下列有關說法中正確的是()

A.衛星可能的軌道為、、

B.衛星可能的軌道為、

C.同步衛星可能的軌道為、

D.同步衛星可能的軌道為、

6.如圖所示為某型號的電池，在其外殼上標注有“伏”的字樣，這表示()

A.正電荷通過該電池的過程中，有的化學能轉化為電能

B.在單位時間內有的化學能轉化為電能

C.該電池短路時，輸出的電流為

D.將該電池接入電路后，電池兩端的電壓始終為

7.如圖所示，三段長度相等的直導線、、相互平行處在同一豎直面內，、間的距離等于、間的距離，通電電流，方向如圖所示，則下列判斷正確的是()

A.導線受到的安培力可能為

B.導線受到的安培力可能為

C.導線受到的安培力的方向一定向左

D.導線、受到的安培力的方向一定相同

8.在日常生活及各項體育運動中，有彈力出現的情況比較普遍，如圖所示的情況就是一個實例。當運動員踩壓跳板使跳板彎曲到最低點時，下列說法正確的是()

A.跳板發生形變，運動員的腳沒有發生形變

B.運動員受到的支持力，是運動員的腳發生形變而產生的

C.此時跳板對運動員的支持力和運動員的重力等大

D.此時跳板對運動員的支持力大于運動員的重力

9.主動降噪耳機能收集周圍環境中的噪聲信號，并產生相應的抵消聲波，某一噪聲信號傳到耳膜的振動圖像如圖所示，取得最好降噪效果的抵消聲波聲音在空氣中的傳播速度為()

A.振幅為

B.頻率為

C.波長應為的奇數倍

D.在耳膜中產生的振動與圖中所示的振動同相

10.現有光束沿圖示方向平行直徑射入球形雨滴，經兩次折射和一次反射后離開雨滴，其中出射光線與直徑成，為真空中光速，為雨滴半徑，下列說法中正確的是()

A.光束在雨滴中的折射率為

B.光束在雨滴中經歷的時間為

C.入射光光強一定弱于出射光光強

D.光束在雨滴內可能發生了全反射

11.一列沿軸正方向傳播的簡諧橫波，時的波形如圖甲所示，處質點的振動圖像如圖乙所示，則波速可能是()

A.B.C.D.

12.如圖所示為洛倫茲力演示儀的結構示意圖。演示儀中有一對彼此平行且共軸的勵磁圓形線圈，通入電流后，能夠在兩線圈間產生勻強磁場；玻璃泡內有電子槍，通過加速電壓對初速度為零的電子加速并連續發射。電子剛好從球心點正下方的點沿水平向左射出，電子通過玻璃泡內稀薄氣體時能夠顯示出電子運動的徑跡。則下列說法正確的是()

A.若要正常觀察電子徑跡，勵磁線圈的電流方向應為逆時針垂直紙面向里看

B.若保持不變，增大，則圓形徑跡的半徑變大

C.若同時減小和，則電子運動的周期減小

D.若保持不變，減小，則電子運動的周期將不變

13.如圖所示，在圓形區域內存在垂直紙面向外的勻強磁場，是圓的一條直徑。一帶正電的粒子從點射入磁場，速度大小為，方向與成角時恰好從點飛出磁場，粒子在磁場中運動的時間為。若僅將速度大小改為，則粒子在磁場中運動的時間為不計帶電粒子所受重力()

A.B.C.D.

二、多選題（本大題共2小題，共6.0分）

14.如圖甲是一個磁懸浮地球儀，原理如圖乙所示。上方的地球儀內有一個永磁體，底座內有一個線圈，線圈通上直流電，地球儀就可以懸浮起來。下列說法正確的是()

A.將地球儀上下位置翻轉，仍能繼續保持懸浮

B.圖中線圈的端須連接直流電源的負極

C.若增加線圈的匝數，穩定后地球儀受到的磁力增大

D.若增大線圈中的電流，穩定后地球儀受到的磁力不變

15.如圖所示，干旱季節，農民通過潛水泵抽取地下水灌溉農田。已知潛水泵由電動機、水泵、輸水鋼管組成，某地下水源距離地表深，安裝潛水泵時將一根輸水鋼管豎直打入地底下與地下水源連通，水泵出水口離地表高度為，水流由出水口水平噴出時的速度為，每秒出水量為。已知電動機額定電壓為，水泵的抽水效率為，水的密度為，則()

A.出水口鋼管橫截面積為B.每秒內水流機械能增加

C.電動機的輸入功率為D.電動機線圈的電阻約為

第II卷（非選擇題）

三、實驗題（本大題共2小題，共14.0分）

16.如圖甲所示，某同學用力傳感器探究在小車及傳感器總質量不變時加速度跟它們所受拉力的關系。

實驗中使用的電火花計時器，應接______電源

A.交流交流

該同學將實驗器材如圖甲所示連接后，沙桶的質量______填“需要”、“不需要”遠小于小車及傳感器總質量，實驗時如將細線拉力當作小車及傳感器的合外力，則______填“需要”、“不需要”先平衡摩擦力。

先接通電源，小車由靜止釋放，獲得的一條紙帶如圖乙，每打個點取一個計數點，，由圖中數據可求得：、兩點的距離即約為______結果保留三位有效數字

在實驗中，甲、乙兩位同學根據實驗數據畫出如圖丙所示的小車的加速度和小車所受拉力的圖象分別為圖中的直線Ⅰ和直Ⅱ甲線Ⅱ下面給出了關于形成這種情況原因的四種解釋，其中可能正確的是______多選

A.實驗前甲同學沒有平衡摩擦力

B.甲同學在平衡摩擦力時把長木板的右端拍得過高了

C.實驗前乙同學沒有平衡摩擦力

D.乙同學在平衡摩擦力時，把長木板的右端抬得過高了

17.小丁同學對實驗室中的線圈如圖甲所示產生了濃厚興趣，決定利用伏安法測量線圈電阻，實驗電路圖如圖乙所示。

實驗前，圖乙中滑動變阻器的滑片應置于______選填“”或“”端。

已知實驗中電壓表所接量程為，某次實驗中電壓表表盤如圖丙所示，則電壓表讀數為______。

改變滑動變阻器滑片位置，待電路穩定后得到多組電流、電壓值如表所示，請在圖丁中作出相應的圖像。

電壓

電流

由圖像可得該線圈電阻為______。

四、計算題（本大題共4小題，共41.0分）

18.質量為的物體在平行于斜面向上的拉力的作用下從斜面底端由靜止開始沿斜面向上運動，一段時間后撤去拉力，其向上運動的圖象如圖所示，斜面固定不動，與水平地面的夾角求：

物體與斜面間的動摩擦因數

拉力的大小；

物體沿斜面向上運動的最大距離．

19.運動員駕駛摩托車做騰躍表演。如圖所示，是平直路面，為上坡路，其中段可視為半徑的圓弧且與、平滑連接。運動員駕駛摩托車在段加速，到點時速度，再經的時間通過坡面到達點后水平飛出。已知人和車的總質量，坡頂高度，落地點與點的水平距離。若摩托車的功率始終為，取，求：

人和車從點飛出時的速度大小；

人和車過點剛進入圓弧軌道時受到的支持力大小；

人和車從到的過程中重力所做的功和阻力所做的功。

20.一質量為的煙花彈獲得動能后，從地面豎直升空，當煙花彈上升的速度為零時，中火藥爆炸將煙花彈炸為質量相等的兩部分，兩部分獲得的動能之和也為，且均沿豎直方向運動。爆炸時間極短，重力加速度大小為，不計空氣阻力和火藥的質量，求：

求煙花彈從地面開始上升到彈中火藥爆炸所經過的時間及此時離地面的高度；

爆炸后煙花彈向上運動的部分距地面的最大高度。

21.如圖所示的平面直角坐標系，在軸上方區域內有平行于軸的勻強電場，方向沿軸正方向；在軸下方區域內有勻強磁場，方向垂直于平面向里。一質量為、電荷量為的負粒子，從軸上的點，以大小為的速度沿軸正方向射入電場，通過電場后從軸上的點進入第四象限，再經過磁場恰和軸相切繼續經過軸射回電場，一直運動下去。不計粒子所受的重力。求：

電場強度的大小；

磁感應強度的大小；

第一次和第三次經過軸時，兩坐標間的距離為多少。

答案和解析

1.【答案】

【解析】解：、磁感應強度的單位是特斯拉，故A正確；

B、韋伯是磁通量的單位，故B錯誤；

C、牛頓是力的單位，故C錯誤；

D、伏特是電壓單位，故D錯誤。

故選：。

磁感應強度的國際制單位是特斯拉。

本題考查了物理量的單位，要注意區分各個單位對應的物理量。

2.【答案】

【解析】解：、斯涅耳在分析了大量實驗數據后，總結出光的折射定律，故A正確；

B、梅曼率先在實驗室中制造出了激光，之后激光被廣泛應用于生產生活，故B正確；

C、麥克斯韋確信電場與磁場的對稱之美，大膽假設變化的電場會產生磁場，故C正確；

D、奧斯特首先發現了通電導線周圍存在著磁場，安培發現了判斷電流與磁場的方向關系的規律，故D錯誤。

故選：。

根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可．

本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一．

3.【答案】

【解析】解：、條形磁鐵外部的磁感線從極到極，故A錯誤；

B、通電直流導線周圍的磁場為一組組的同心圓，故B正確；

C、磁感線不是客觀存在的，是人類假想出來的，故C錯誤；

D、丁圖是法拉第根據磁生電的原理制作而成的，故D錯誤。

故選：。

，通電直流導線周圍的磁場根據安培定則判斷即可，磁感線不是客觀存在的，是人類假想出來的，法拉第圓盤根據磁生電的原理制作出來的。

本題考查磁體周圍的場的分布與安培定則。

4.【答案】

【解析】解：、安培力方向判斷方法：伸開左手，使大拇指與其它四指垂直且在一個平面內，讓磁感線穿過掌心，四指所指方向為電流方向，大拇指所指方向就是安培力的方向，可知安培力方向豎直向下，故A錯誤；

B、電流和磁場的方向平行，安培力為零，故B錯誤；

C、洛倫茲力方向判斷方法：伸開左手，讓磁感線穿過掌心，四指所指方向為正電荷運動的方向，為負電荷運動的反方向，則和四指垂直的的大拇指的方向為洛倫茲力的方向，則可知洛倫茲力方向豎直向下，故C正確；

D、根據選項洛倫茲力方向的判斷方法可知洛倫茲力方向豎直向下，故D錯誤。

故選：。

、根據左手定則判斷安培力和洛倫茲力的方向；

B、磁場和電流方向平行，則安培力為零。

本題考查了安培力和洛倫茲力的方向，解題的關鍵是熟練掌握左手定則，注意電流和磁場方向平行時安培力為零，在判斷洛倫茲力的方向時，若運動電荷為負電荷，則四指指向負電荷運動的反方向。

5.【答案】

【解析】解：人造地球衛星靠萬有引力提供向心力，做勻速圓周運動，萬有引力的方向指向地心，所以圓周運動的圓心是地心。

A、軌道的圓心不在地心，故不可能是衛星軌道，故A錯誤；

B、軌道、的圓心在地心，故其可能是衛星的軌道，故B正確；

、同步衛星的軌道平面與赤道平面共面，故C不可能是同步衛星軌道，故CD錯誤。

故選：。

人造地球衛星繞地球做勻速圓周運動，靠地球的萬有引力提供向心力，而萬有引力的方向指向地心，所以人造地球衛星做圓周運動的圓心是地心，同步衛星的軌道在赤道平面．

解決本題的關鍵知道人造地球衛星靠萬有引力提供向心力，做勻速圓周運動，圓周運動的圓心為地心，知道同步衛星軌道平面與赤道共面．

6.【答案】

【解析】解：、電池將的正電荷從負極移至正極的過程中，克服靜電力做功，故電勢能增加，即化學能轉化為電能，故A正確；

B、電池的電動勢為，表示非靜電力將正電荷從電源的負極通過電源內部移送到正極時所做的功為，即電能增加，化學能轉化為電能，與時間無關，故B錯誤；

C、不知道該電池的內電阻，所以不能求出電池短路時，該電池輸出的電流，故C錯誤；

D、將該電池接入電路后，電池兩端的電壓：，其中為外電路的電阻，為電池的內電阻，由公式可知將該電池接入電路后，電池兩端的電壓小于電池的電動勢，故D錯誤。

故選：。

電動勢是表征電源特征的物理量，電源的電動勢是電源將其它形式的能轉化為電能的本領，在數值上，等于非靜電力將單位正電荷從電源的負極通過電源內部移送到正極時所做的功。常用符號表示，單位是伏。根據閉合電路的歐姆定律分析路端電壓。

本題關鍵是明確電動勢的概念、物理意義、單位；同時應該知道：電動勢的方向規定為從電源的負極經過電源內部指向電源的正極，即與電源兩端電壓的方向相反．

7.【答案】

【解析】解：、根據同向電流相互吸引、反向電流相互排斥可知，導線對導線有向左的吸引力，導線對導線有向左的排斥力，則導線受到的安培力不為，方向向左，故A錯誤；

B、導線對導線有向右的吸引力，導線對導線有向左的排斥力，由于，所以導線受到的安培力可能為，故B正確；

C、導線和對導線都有向右的排斥力，故導線受到的安培力的方向一定向右，故C錯誤；

D、導線受到的安培力大小和方向不確定，則導線、受到的安培力的方向不一定相同，故D錯誤。

故選：。

根據同向電流相互吸引，結合力的合成法分析三段導線受到的安培力大小和方向。

本題考查了平行通電直導線間的作用、左手定則等知識點。要記牢：電流方向相同時，將會吸引；電流方向相反時，將會排斥。

8.【答案】

【解析】解：、根據力的作用的相互性，跳板和運動員都會受到力的作用，所以都會發生形變，故A錯誤；

B、彈力是由施力物體形變引起并指向受力物體的；故運動員受到的支持力，是跳板發生形變而產生的；故B錯誤；

C、由于人受重力和支持力的作用而彈起，故支持力一定要大于重力；故C錯誤，D正確；

故選：。

外力停止作用后，能夠恢復原狀的形變叫做彈性形變。發生彈性形變的物體，會對跟它接觸且阻礙它恢復原來形狀的物體產生力的作用。這種力叫彈力。

根據力的作用的相互性，運動員給跳板一個力的作用，同時跳板也給運動員一個力的作用。

運動員受到的支持力，是跳板發生形變而產生的；同時明確力是改變物體運動狀態的原因。

9.【答案】

【解析】解：、由圖像得，噪聲聲波的振幅為，所以抵消聲波的振幅為，故A錯誤；

B、由圖像得，聲波的周期為，頻率，故B正確；

C、聲波的波長，為的偶數倍，故C錯誤；

D、對應的抵消聲波與圖中所示的噪聲聲波相位相反，發生干涉現象，使振動減弱，從而實現降噪的目的，故D錯誤；

故選：。

由圖像求解聲波的振幅和周期，進而得到其頻率和波長；為實現降噪的目的，在耳膜中產生的振動與圖中所示的振動相位相反。

本題考查振動圖像和波的干涉，解題關鍵是能從振動圖像中得到聲波的頻率和波長，進而求解。

10.【答案】

【解析】解：、根據題意畫出光路圖，如下圖所示：

設第一次進入雨滴的折射光線的折射角為，根據，可知

光線在點發生反射，則可知

根據，可知

根據光路可逆，可知出射光線的折射角等于，設法線與水平方向的夾角為，由圖可知，

，所以

由圖可知：，則，即

可得：

根據折射定律可得，故A錯誤；

B、光束在雨滴中傳播的速度

光束在雨滴中傳播的距離

光束在雨滴中經歷的時間，故B正確；

、設光束的臨界角為，則有，可知臨界角

，可知光束在雨滴內沒有發生全反射，在點發生折射，有光線從點射出雨滴，根據能量守恒，入射光光強一定強于出射光光強，故CD錯誤。

故選：。

A、根據題意畫出光路圖，根據題意和幾何關系可知第一次進入雨滴的折射光線的折射角大小，根據折射定律可得折射率的大小；

B、根據折射率和光速可得光束在雨滴中傳播的速度，根據幾何關系可得光束在雨滴中傳播的距離，根據可得光束在雨滴中傳播的時間；

、根據折射率可得光束的臨界角，根據入射角和臨界角的大小可知沒有發生全反射，所以光束在雨滴內發生折射，根據能量守恒，可知入射光線和出射光線的強弱。

本題考查了光的折射、折射定律、全反射、臨界角。解題的關鍵是畫出光路圖，根據幾何關系找出各個角度的關系。

11.【答案】

【解析】解：由圖乙可知，時處的質點正向上振動，該波的周期為

則

該波向軸正方向傳播，處的質點在波長最大的情況下，離點的距離

結合波的周期性有：，

解得：，

所以該波的波速為：，

當時

當時，故B有可能，不可能，故ACD錯誤，B正確。

故選：。

由圖乙讀出時處的質點振動方向，以及該波的周期；該波向軸正方向傳播，由圖甲得到波長的表達式，再根據得到波速的可能值。

本題主要是考查波的圖像；解答本題關鍵是要理解波的圖象的變化規律，能夠根據圖像直接讀出周期，知道波速、波長和周期之間的關系。

12.【答案】

【解析】A、若要正常觀察電子徑跡，則電子需要受到向上的洛倫茲力，根據左手定則可知，玻璃泡內的磁場應向里，根據安培定則可知，勵磁線圈的電流方向應為順時針，故A錯誤；

B、電子在磁場中，向心力由洛倫茲力提供，則，可得而電子進入磁場的動能由電場力做功得到，即，即不變，則不變。由于、不變，而當增大時，增大，故半徑減小，故B錯誤；

C、因為，所以電子運動的周期與無關，當減小電流時，則線圈產生的磁場也減小，電子運動的周期為，可知減小則增大，故C錯誤；

D、由中分析可知，不變，減小，不變，故D正確。

故選：。

根據題意，電子要向上偏轉，根據左手定則分析玻璃泡內的磁場方向，根據右手定則分析線圈中的電流方向。

根據洛倫茲力提供向心力以及動能定理分析電子做圓周運動的半徑，以此分析解答。

分析電子做圓周運動的周期的表達式，從而進行判斷。

解決該題需要掌握用左手定則分析磁場方向，掌握用右手定則分析電流的方向，能正確推導出電子做勻速圓周運動的周期以及半徑的表達式，

13.【答案】

【解析】解：粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：

解得，粒子做圓周運動的軌道半徑：

粒子速度為時軌道半徑為，則粒子速度為時粒子軌道半徑，

粒子在磁場中做勻速圓周運動，粒子運動軌跡如圖所示：

粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期相同，

當速度的大小為時，圓周運動的圓心為，根據弦切角等于圓心角的一半可知，圓弧所對的圓心角為；

磁場圓的半徑恰好是粒子圓周運動半徑的一半；

當速度的大小為時，半徑為原來的一半，圓周運動的圓心點，在原來的半徑的中點處，

則新的粒子圓與磁場圓的半徑相等，則；由幾何關系可知所對的圓心角為，

則粒子的運動的時間為，故C正確；ABD錯誤。

故選：。

粒子在磁場中運動，運動的時間周期與粒子的速度的大小無關，分析粒子的運動的情況，可以判斷粒子的運動的時間．

根據粒子的運動的軌跡的情況，找出粒子運動的軌跡所對應的圓心角的大小可以求得粒子的運動的時間．

14.【答案】

【解析】解：、磁懸浮地球儀之所以能懸浮在空中，是利用了同名磁極相互排斥的原理，將地球儀上下位置翻轉，地球儀將被吸引，則不能繼續保持懸浮，故A錯誤；

B、地球儀下端為極，則線圈的上端為極，根據安培定則可得，電源通的是直流電，且端為電源的負極，而端為電源的正極。如果接交流電，電磁鐵的磁極會發生變化，對地球儀一會兒吸引一會兒排斥，地球儀不可能懸浮在空中，故B正確；

C、增加線圈匝數，電流產生的磁場增強，根據磁體之間相互作用的特點可知，若地球儀的位置不變，則線圈與地球儀之間的相互作用將增大，地球儀再次穩定懸浮后懸浮的高度會增大，但受到的斥力仍然等于地球儀的重力，即穩定后地球儀受到的磁力沒有增大，故C錯誤；

D、地球儀懸浮于空中時球體受到的重力和磁力是一對平衡力，僅增大線圈中的電流，地球儀再次穩定懸浮后懸浮的高度會增大，但受到的斥力仍然等于地球儀的重力，即穩定后地球儀受到的磁力不變，故D正確。

故選：。

地球儀利用了同名磁極相互排斥的原理；增加線圈匝數，或增大線圈中的電流，電流產生的磁場增強，靜止狀態是一種平衡狀態，受到的力平衡。

本題考查了電流磁場對磁體的作用問題，對地球儀正確受力分析是解題的前提，根據基礎知識應用安培定則即可解題。

15.【答案】

【解析】解：、由題意得，單位時間內出水的體積為

出水口鋼管橫截面積為

故A正確；

B、以每秒出水量為研究對象，每秒機械能增加

代入數據解得：

故B正確；

C、電動機的輸出功率

電動機的輸入功率為

故C錯誤；

D、對電動機，有

代入數據聯立解得：

故D正確。

故選：。

根據密度公式求解單位時間內出水的體積，根據圓柱體積公式求解橫截面積；根據機械能增量表達式，計算機械能增量；根據輸出功率、總功率計算式，計算輸出功率、總功率；根據功率公式求解電動機線圈的電阻。

本題綜合性強，考點多，需要學生重點掌握輸出功率、總功率的計算公式。

16.【答案】不需要需要

【解析】解：火花式計時器使用的直插式交流插頭，所以選交流電源；

在裝置圖中使用了力傳感器測拉力，所以沒必要使沙桶的質量遠小于小車的質量，但由于小車運動中還受到摩擦阻力作用，所以要用傳感器的拉力當作小車所受的合外力，則需要選平衡摩擦阻力；

根據逐差相等的公式，可得，所以，所以。

根據圖象的特點知：、甲圖象在軸的有正截距，即當拉力為零時，小車就有了加速度，說明平衡摩擦力過度，故選項A錯誤，選項B正確；

、圖象乙在軸上有正截距，即當拉力為某一值時，但加速度為零，說明未平衡摩擦力或平衡不足，故選項C正確，選項C錯誤。

故選：

故答案為：；不需要，需要；；

依據實驗原理即可判定；

根據傳感器可知，細線的拉力，不需要沙桶的重力，但必須平衡摩擦力；

根據連續相等時間內的位移之差是一恒量求出加速度，根據的規律可求得、兩點間的距離；

本題關鍵明確：勻變速直線運動中，平均速度等于中間時刻的瞬時速度；連續相等的時間間隔內位移之差為恒量，對于實驗問題首先要明確實驗原理，理解重要步驟的操作，熟練應用基本物理解決實驗問題，注意逐差法求加速度，理解圖象斜率與質量的關系，同時掌握不同的研究對象，對系統誤差帶來大小不同。

17.【答案】

【解析】解：根據圖丙可知，滑動變阻器采用分壓接法，實驗前，應使滑動變阻器并聯電阻最小，故應在端；

電壓表的最小刻度為，讀數估讀到，故電壓表讀數為；

根據表格數據描點作圖如圖所示：

在圖象中斜率表示電阻可得：

故答案為：；；見解析；。

滑動變阻器分壓接法時，實驗前滑動變阻器并聯部分電阻最小，以便保護電流表和電壓表；

根據電壓表的讀數規則讀數；

利用描點作圖。

圖象中斜率表示電阻求解電阻阻值。

根據圖象求解的問題，首先要根據物理規律整理出關于縱軸物理量與橫軸物理量的函數表達式，然后根據斜率和截距的概念即可求解。

18.【答案】解：設施加外力的過程中物體的加速度為，撤去力的瞬間物體的速度為，撤去力后物體上滑的加速度大小為，由牛頓第二定律得：

由圖象可知：，

解得：

物體沿斜面向上運動的最大距離．

答：物體與斜面間的動摩擦因數為．

拉力的大小為．

物體沿斜面向上運動的最大距離．

【解析】、根據圖線的斜率求出物體勻加速和勻減速直線運動的加速度大小，通過牛頓第二定律求出拉力的大小和物體與地面間的動摩擦因數．

通過圖線與時間軸圍成的面積求出物體沿斜面向上運動的最大距離．

解決本題的關鍵知道圖線的斜率表示加速度的大小，通過牛頓第二定律進行求解．

19.【答案】解：設摩托車在點的速度為，到做平拋運動的時間為，則有：

水平方向上：

豎直方向上：

聯立解得：

設人和車過點受到的支持力大小為，在點，根據牛頓第二定律得：

解得：

設摩托車從到的過程中，重力做功和阻力做功分別為、。

對