山東省青島市青島第二中學2024年高三物理第一學期期中聯考模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量為m=0.5kg的小球（可視作質點）從A點以初速度水平拋出后撞到豎直擋板上，已知檔板與A點的水平距離為x=2m，A點足夠高，空氣阻力不計，，則小球撞到板上時的最小動能為（）A．1JB．5JC．10JD．15J2、磁性車載支架（如圖甲）使用方便，它的原理是將一個引磁片貼在手機背面，再將引磁片對準支架的磁盤放置，手機就會被牢牢地吸附住（如圖乙）。下列關于手機（含引磁片）的說法中正確的是（）A．汽車靜止時．手機共受三個力的作用B．只要汽車向前加速的加速度大小合適，手機可能不受支架對它的摩擦力作用C．當汽車以某一速度勻速運動時，支架對手機的作用力為零D．汽車靜止時，支架對手機的作用力大小等于手機的重力大小3、一木塊靜止在光滑的水平面上，將一個大小恒為F的水平拉力作用在該木塊上，經過位移X時，拉力的瞬時功率為P；若將一個大小恒為2F的水平拉力作用在該木塊上，使該木塊由靜止開始運動，經過位移x時，拉力的瞬時功率是（）A．B．2PC．D．4P4、如圖所示，豎直平面內放一直角桿MON，桿的水平部分粗糙，動摩擦因數μ＝0.2，桿的豎直部分光滑．兩部分各套有質量均為1kg的小球A和B，A、B球間用細繩相連．初始A、B均處于靜止狀態，已知OA＝3m，OB＝4m，若A球在水平拉力的作用下向右緩慢地移動1m(取g＝10m/s2)，那么該過程中拉力F做功為()A．14JB．10JC．16JD．4J5、如圖所示，平行直虛線AA'、BB'、CC'、DD'、EE'，分別表示電勢-4V、-2V、0V、2V、4V的等勢面，若AB=BC=CD=DE=2cm，且與直虛線MN成30°角，則（）A．該電場是勻強電場，電場強度大小E=2V/mB．該電場是勻強電場，電場強度垂直于AA'，且指向右下C．該電場是勻強電場，距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為2V，最低電勢為-2VD．該電場是勻強電場，距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為4V，最低電勢為-4V6、為研究靜電除塵，有人設計了一個盒狀容器，如圖所示，容器側面是絕緣的透明有機玻璃，上下底面是金屬板。當金屬板連接到高壓電源正、負兩極時，在兩金屬板間產生勻強電場。現把一定量均勻分布的煙塵顆粒密閉在容器內，顆粒帶負電，不考慮煙塵顆粒之間的相互作用和空氣阻力，并忽略煙塵顆粒所受重力。閉合開關S后，下列說法正確的是()A．煙塵顆粒向下運動B．兩金屬板間電場方向向上C．煙塵顆粒在運動過程中電勢能減小D．煙塵顆粒電荷量可能是電子電荷量的1.5倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在花崗巖、大理石等裝飾材料中，都不同程度地含有放射性元素，下列有關放射性元素的說法中正確的是（）A．α射線是發生α衰變時產生的，生成核與原來的原子核相比，中子數減少了4個B．氡的半衰期為3.8天，16個氡原子核經過7.6天后就一定只剩下2個氡原子核C．92238U衰變成82206Pb要經過6次β衰變和8次α衰變D．放射性元素發生β衰變時所釋放的電子是原子核內的質子轉化為中子時產生的8、如圖所示是2016年里約奧運會中易建聯投球的照片．若在某次投籃中將球由靜止快速出手,籃球不碰籃筐直接入網,已知出手時籃球距地面高度為

,出手過程中手對籃球做功為

W,籃筐距地面高度為

,籃球質量為

m0.不及空氣阻力,籃球可看成質點,則籃球（）A．出手時的速率為

B．進筐時的動能為

C．從靜止到進筐的過程中,機械能的增量為

WD．從出手到進筐的過程中,運動總時間為

9、如圖所示，直桿AB與水平面成α角固定，在桿上套一質量為m的小滑塊，桿與滑塊的動摩擦因數處處相同，桿底端B點處有一與板面垂直的彈性擋板．滑塊與擋板碰撞后原速率返回．現將滑塊拉到A點由靜止釋放．滑塊與擋板第一次碰撞后上升的高度為原來的k（k＜1）倍，若已知α角、質量m、比例系數k、重力加速度g，下列說法中正確的是（）A．可以求出滑塊在桿上運動的總路程B．可以求出滑塊第n次與擋板碰撞前重力做功的瞬時功率PC．可以求出滑塊下滑和上滑過程加速度的大小D．取過B點的水平面為零勢能面，則可以判斷滑塊從A下滑至B的過程中，重力勢能等于動能的位置在AB中點的下方10、水平推力和分別作用于水平面上原來靜止的、等質量的兩物體上，作用一段時間后撤去推力，物體將繼續運動一段時間停下，兩物體的圖像如右圖所示，已知圖中線段，則（）A．的沖量小于的沖量B．的沖量等于的沖量C．兩物體受到的摩擦力大小相等D．兩物體受到的摩擦力大小不等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）甲、乙兩位同學在“驗證牛頓第二定律”實驗中，使用了如圖1所示的實驗裝置．（1）實驗時他們先調整墊木的位置，使小車不掛配重時能在傾斜的長木板上做勻速直線運動，這樣做的目的是_______．（2）此后，甲同學把細線系在小車上并繞過定滑輪懸掛若干配重片．在小車質量一定的情況下，多次改變配重片數量，每改變一次就釋放一次小車，利用打點計時器打出記錄小車運動情況的多條紙帶．圖2是其中一條紙帶的一部分，O、A、B、C為4個相鄰的計數點，相鄰的兩個計數點之間還有4個打出的點沒有畫出．打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源上．通過對紙帶的測量，可知小車運動過程中的加速度大小為_______m/s2（保留2位有效數字）．（3）乙同學在實驗時，因配重片數量不足改用5個質量為20g的鉤碼進行實驗．他首先將鉤碼全部掛上，用打點計時器打出記錄小車運動情況的紙帶，并計算出小車運動的加速度；之后每次將懸掛的鉤碼取下一個并固定在小車上，重復多次實驗，且每次實驗前均調整墊木的位置，使小車不掛配重時能在傾斜的長木板上做勻速直線運動．根據測得的數據，繪制出小車加速度與懸掛的鉤碼所受重力的關系圖線．關于這一圖線下列說法錯誤的是_______．（選填選項前的字母）A．可由該圖線計算出小車和5個鉤碼質量之和B．只有當小車質量遠大于懸掛鉤碼的質量時，該圖線才是一條直線C．無論小車質量是否遠大于懸掛鉤碼的質量，該圖線都是一條直線．12．（12分）某物理興趣小組利用如圖甲所示的裝置進行驗證動量守恒定律及平臺上A點左側與滑塊a之間的動摩擦因數的實驗．在足夠大的水平平臺上的A點放置一個光電門，水平平臺上A點右側摩擦很小，可忽略不計，左側為粗糙水平面，當地重力加速度大小為g．采用的實驗步驟如下：A．在小滑塊a上固定一個寬度為d的窄擋光片；B．用天平分別測出小滑塊a（含擋光片）和小球b的質量ma、mb：C．在a和b間用細線連接，中間夾一被壓縮了的輕短彈簧，靜止放置在平臺上：D．燒斷細線后，a、b瞬間被彈開，向相反方向運動：E．記錄滑塊a通過光電門時擋光片的遮光時間△t：F．滑塊a最終停在C點（圖中未畫出），用刻度尺測出AC之間的距離SaG．小球b從平臺邊緣飛出后，落在水平地面的B點，用刻度尺測出平臺距水平地面的高度h及平臺邊緣鉛垂線與B點之間的水平距離sb；H．改變彈簧壓縮量，進行多次測量．（1）用螺旋測微器測量擋光片的寬度，如圖乙所示，則擋光片的寬度為________mm；（2）該實驗要驗證“動量守恒定律”，則只需驗證兩物體a、b彈開后的動量大小相等，即a的動量大小____________等于b的動量大小___________；（用上述實驗所涉及物理量的字母表示）（3）改變彈簧壓縮量，多次測量后，該實驗小組得到小滑塊a的Sa與1(Δt)2關系圖象如圖丙所示，圖象的斜率為k，則平臺上A點左側與滑塊a之間的動摩擦因數大小為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，區域Ⅰ內有電場強度為E=2104N/C、方向豎直向上的勻強電場；區域II中有一光滑絕緣圓弧軌道，軌道半徑為R=2m，軌道在A點的切線與水平方向成60°角，在B點的切線與豎直線CD垂直；在區域Ⅲ有一寬為d=3m的有界勻強電場，電場強度大小未知，方向水平向右．一質量為m=0.4kg、帶電荷量為q=-210-4C的小球（質點）從左邊界O點正上方的M點以速度v0=2m/s水平射入區域I，恰好從A點沿圓弧軌道切線進入軌道且恰好不能從Ⅲ區域中電場的右邊界穿出，（取g=10m/s2）求：（1）OM的長L（2）區域Ⅲ中電場的電場強度大小E′14．（16分）能量守恒定律和動量守恒定律是自然界最普遍、最基本的規律，它為我們解決許多實際問題提供了依據．如圖所示，在光滑的水平面上，靜止放置質量為2m的滑塊B，其左側面固定一輕質彈簧，現有一質量為m的滑塊A，以初速v0正對B向右運動，在此后的運動過程中，AB始終在同一直線上運動．（1）求：彈簧壓縮量最大時B的速率v；（2）求：滑塊B的最大速率vB；（3）若在滑塊B的右側某處固定一彈性擋板C，擋板的位置不同，B與C相碰時的速度不同．已知B滑塊與C碰撞時間極短，B與C碰后速度立刻等大反向，B與C碰撞的過程中，可認為A的速度保持不變．B與擋板相碰后立即撤去擋板C．此后運動過程中，AB系統的彈性勢能的最大值為EPm，擋板位置不同，EPm的數值不同，求EPm的最小值．15．（12分）如圖所示，在傾角θ=37°的足夠長的固定斜面上，有一質量m=1kg的物體．其與斜面間動摩擦因數μ=0.20，物體受到平行于斜面向上F=9.6N的拉力作用，從靜止開既定運動．已知sin37°=0.60，cos37°=0.80（1）物體在接力F作用下沿斜面向上運動的加速度大小．（2）在物體的速度由0增加到8.0m/s的過程中，拉力F

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】小球平拋運動的時間，則下降的高度為：，根據動能定理得：，解得小球撞到板上的動能為，C正確，選C．【題目點撥】根據平拋運動的規律得出下降高度的表達式，結合動能定理得出小球撞到板上動能的表達式，分析求解動能的最小值．2、B【解題分析】

A.手機處于靜止狀態，受力平衡，手機受到重力、支架的支持力、摩擦力以及磁片的吸引力，共受到四個力的作用；故A錯誤.B.手機處于靜止狀態，受力平衡，受到重力和磁片對手機的作用力，根據平衡條件可知，磁片對手機的作用力大小等于重力，方向與重力方向相反；故B正確.C、D、由于磁片對手機的支持力與磁片的吸引力的方向都與支架的平面垂直，它們的合力不能抵消重力沿支架斜面方向向下的分力，所以無論是向前加速還是減速，都必定受到支架的沿斜面向上的摩擦力的作用；故C錯誤，D錯誤.故選B.【題目點撥】手機處于靜止狀態，受力平衡，對手機受力分析，根據平衡條件分析即可．3、C【解題分析】第一次木塊受F作用時，對物體受力分析可知，物體只受力F的作用，由牛頓第二定律可得：，解得：，經過位移x時的速度為：，所以瞬時功率：，第二次受2F作用時，對物體受力分析可知，物體只受力2F的作用，同理可得：,即：，所以C正確，ABD錯誤。4、A【解題分析】

對AB整體受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的彈力N1，如圖；

根據共點力平衡條件，有：豎直方向：N=G1+G2；水平方向：F=f+N1；其中：f=μN；解得：N=（m1+m2）g=20N；f=μN=0.2×20N=4N；對整體在整個運動過程中運用動能定理列式，得到：WF-fs-m2g?h=0；根據幾何關系，可知求B上升距離h=1m，故有：WF=fs+m2g?h=4×1+1×10×1=14J；故選A．【題目點撥】本題中拉力為變力，先對整體受力分析后根據共點力平衡條件得出摩擦力為恒力，然后根據動能定理求變力做功．5、D【解題分析】

AB．從圖中可以看出，等勢面平行且間距相等，故一定是勻強電場；由于電場線與等勢面垂直，且從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，故場強方向與AA′垂直，且指向左上方；根據場強與電勢差關系公式U=Ed可得故AB錯誤；

CD．勻強電場的等勢面是一些平行的等間距的直線，故該電場是勻強電場；由于勻強電場中沿著電場線，電勢降低的最快，且每前進相同距離，電勢降低相等的值，故距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為4V，最低電勢為-4V，故C錯誤，D正確。

故選D。6、C【解題分析】

由圖可知兩極板間的電場方向，則由煙塵的受力情況分析其運動方向；由電場力做功正負分析電勢能的變化；帶電體的帶電量只能是元電荷的整數倍．【題目詳解】A.由圖可知，極板上端為正極，下端為負極；則帶負電的顆粒受電場力向上，故帶電顆粒將向上運動。故A錯誤；B.極板上端為正極，下端為負極，所以兩金屬板間電場方向向下。故B錯誤；C.煙塵顆粒在運動過程中電場力做正功，電勢能減少。故C正確；D.帶電體的帶電量只能是元電荷的整數倍，所以煙塵顆粒電荷量不可能是電子電量的1.5倍。故D錯誤。故選：C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】A、發生α衰變時，生成核與原來的原子核相比，核內質量數減少4，但中子數減少2個．故A錯誤．B、半衰期的對大量原子核的衰變的統計規律，對于單個是不成立的，故B錯誤．C、根據質量數和電荷數守恒可知：發生α衰變放出24He，導致質子數減小2個，質量數減小4，故中子數減小2；發生β衰變時，生成核與原來的原子核相比，電荷數多1，質量數不變，所以發生α衰變的次數是：238-2064=8次，發生β衰變的次數是：2×8-（92-82）=6次．故C正確．D、根據β【題目點撥】該題考查對衰變和半衰期的理解，解決本題的關鍵知道三種衰變的實質，知道衰變的過程中電荷數守恒、質量數守恒．8、AC【解題分析】

投籃過程，由動能定理得：W=mv1，得籃球出手時的速率為v=，故A正確；從出手到進筐的過程中，由動能定理得：-mg（h1-hl）=Ek-mv1，可得籃球進框時的動能為Ek=W+mghl-mgh1．故B錯誤；從出手到進筐的過程中，手對球做功為W，離開手后，機械能守恒，所以靜止到進框的過程中，機械能的增量為W，故C正確；假如籃球上升h1-h1后到達最高點，則由h1-h1=gt1可知，t=，但是籃球離手后做斜拋運動，豎直方向做豎直上拋運動，到最高點再斜下拋，落回到高h1的高度，可知從出手到進筐的過程中運動總時間大于，故D錯誤．故選AC．【題目點撥】本題考查了動能定理的應用，分析清楚題意，靈活選取研究的過程，應用動能定理即可正確解題；了解斜拋運動的特點也是解答本題的關鍵.9、CD【解題分析】設AB長為L，滑塊與擋板第一次碰撞后上升的高度為原來的k（k＜1）倍，則向上的距離為kL；對整個過程，運用動能定理得：mgsinα?（1﹣k）L﹣μmgcosα（L+kL）=0得：μ=1-k1+ktan整個運動的過程中重力勢能轉化為內能，則：μmgcosα?S總=mgsinα?L由于AB之間的距離是未知的，所以不能求出滑塊在桿上運動的總路程．故A錯誤；由于AB之間的距離是未知的，所以，也不能求出滑塊第n次與擋板碰撞前的速度，所以不能求出重力做功的瞬時功率P．故B錯誤；根據牛頓第二定律得下滑過程有：mgsinα﹣μmgcosα=ma1上滑過程有：mgsinα+μmgcosα=ma1；解得：a1=mgsinα﹣μgcosα，a1=gsinα+μgcosα所以可求得滑塊下滑和上滑過程加速度的大小a1、a1．故C正確；滑塊向下滑動的過程中，重力做正功，而摩擦力做負功；取過B點的水平面為零勢能面，當滑塊滑到AB的中點處時，一半的重力勢能轉化為滑塊的動能和產生的內能，所以當滑塊滑到AB的中點處時，滑塊的動能小于滑塊的重力勢能．所以取過B點的水平面為零勢能面，則可以判斷滑塊從A下滑至B的過程中，重力勢能等于動能的位置在AB中點的下方，故D正確；故選CD.點睛：本題分析時，要靈活選擇研究過程，運用動能定理求解動摩擦因數是關鍵，還要抓住連接兩段的橋梁是碰撞前后速度大小相等．10、AC【解題分析】試題分析：由圖，AB與CD平行，說明推力撤去后兩物體的加速度相同，而撤去推力后物體的合力等于摩擦力，根據牛頓第二定律可知，兩物體受到的摩擦力大小相等，根據動量定理，對整個過程研究得：，，由圖看出，，則有，即的沖量小于的沖量，故選項AC正確．考點：動量定理、勻變速直線運動的圖像、摩擦力的判斷與計算【名師點睛】由速度圖象分析可知，水平推力撤去后，AB與CD平行，說明加速度相同，動摩擦因數相同，兩物體的質量相等，說明摩擦力大小相等，根據動量定理，研究整個過程，確定兩個推力的沖量關系；本題首先考查讀圖能力，其次考查動量定理應用時，選擇研究過程的能力．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、為了平衡小車運動過程中所受摩擦力；0.50；B【解題分析】（1）為了克服摩擦力的影響，在實驗中應墊高一側，從而使重力的分力與摩擦力相互平衡；從而使小車受到的拉力為合外力；（2）由可得：；③對鉤碼和小車整體分析可知，整體受到的拉力為鉤碼的重力，質量是整體的質量；由F=ma可知，作出的圖像一定為直線；且圖像的斜率一定為整體的質量；故AC正確，B錯誤；本題選錯誤的；故選B．綜上所述本題答案是：B12、2.550madtm【解題分析】（1）螺旋測微器的讀數為：2.5mm+0.050mm=2.550mm．（2）燒斷細線后，a向左運動，經過光電門，根據速度公式可知，a經過光電門的速度為：va=dt，故a的動量為：Pa=madt，b離開平臺后做平拋運動，根據平拋運動規律可得：h=12（3）對物體a由光電門向左運動過程分析，則有：va2=2asa，經過光電門的速度：va=dt四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）L=0.3m（2）E′=1.2104N/C【解題分析】

(1)小球在區域I中做類平拋運動，結合A點的速度方向和初速度求出豎直分速度，根據牛頓第二定律